内蒙古通辽市2024-2025学年高一年级下册期末考试物理试题（解析版）

2025年通辽市高一年级教学质量期末监测

物理

注意事项：

本试卷由第I卷和第n卷两部分组成。第I卷选择题部分，一律用2B铅笔按题号依次涂在

答题卡上；第n卷非选择题部分，按要求答在答题卡相应位置。

笫I卷选择题（共46分）

一、选择题，本题共10小题，在每小题给出的四个选项中，第1-7小题只有一个选项符

合题目要求，每个小题4分；8—10题有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选

对但不全得3分，选错或不答的得0分。

1.下列说法正确的是（）

A.通过亲自对行星运动的长时间观测，开普勒总结得出了行星运动的三大定律

B.牛顿发现了力有引力定律，并准确的测出了引力常量的数值

C.月地检验需要验证月球公转的加速度约为苹果落向地面加速度的一］

6（）~

D.笛卡尔把自己的实验说成是“称量地球的重量”

【答案】C

【解析】A.开普勒通过研究第谷的观测数据总结得出了行星运动的三大定律，故A错

误；

B.牛顿发现了万有引力定律，卡文迪什准确的测出了引力常量的数值，故B错误；

C.月地检验需要验证月球公转的加速度约为苹果落向地面加速度的一L，故C正确；

60-

D.卡文迪什把自己的实验说成是“称量地球的重量”，故D错误。

故选Co

2.下列说法正确的是（）

A.作用在静止物体上力的冲量一定为零

B.论证b-X图像中图线与横轴围成的面积表示尸做的功采用了等效的思想

C.根据/二包，可把牛顿第二定律表述为：物体动量变化率等于它所受的合外力

D.物体的动量发生改变，则合外力一定对物体做了功

【答案】C

【解析】A.根据/二曲，可知作用在静止物体上的力的冲量不一定为零，冲量与物体运动

状态无关，选项A错误；

B.论证尸p图像中图线与横轴围成的面积表示产做的功采用了微元的思想，选项B错

误；

C.根据尸=包，可把牛顿第二定律表述为：物体动量的变化率等于它所受的合外力，选

△t

项c正确；

D.物体的动量发生改变，可能时速度大小不变，方向发生了变化，动能不一定变化，即

合外力不一定对物体做了功，选项D错误。

故选C。

3.如图所示，质量/n=0.5kg的小球从离桌面高加=1.2m处的A点由静止下落到地面上的B

点。桌面离地面高分2=0.8m,空气阻力不计，重力加速度g取10m/s2,若选地面为参考平

面，小球经过桌面时的机械能为（）

【答案】D

【解析】由于不计空气阻力，小球下落的过程中机械能守恒，在任何位置的机械能都与初

始位置时的机械能相等，故经过桌面时的机械能为

）（

E=EA=mg也+/Z2=0.5X10X1.2+0.8）J=1OJ

D正确。

故选D。

4.质量为60kg的建筑工人，不慎从高空落下，由于弹性安全带的保护，使他悬挂起来。

已知弹性安全带的缓冲时间是1.2s,安全带长5m,取g=10m/s2,安全带所受的平均冲力

的大小是（）

A.100NB.500NC.1100ND.12CON

【答案】C

【解析】根据

V2=2gL

得，弹性绳绷直时工人的速度为

y=12gL=10m/s

取人为研究对象，在人和安全带相互作用的过程中，人受到重力〃陪和安全带给的冲力

F,取户方向为正方向，由动量定理得

Ft-mgt=0-(-mv)

代入数据解得

F=1100N

方向竖直向上，由牛顿第三定律可知，安全带受到的平均冲力为

F'=F=\l(X)N

方向轻直向下。

故选C。

5.如图所示，一根轻质细杆的两端分别固定着A、B两个质量均为机的小球，。点是一固

定的光滑水平轴，已知BO=2L,重力加速度为g。使细杆从水平位置由静止开始绕

。点转动，转到。点正下方的过程中，B球的速度大小为（）

【答案】B

【解析】转到。点正下方的过程中，B球的速度大小为v,则A的速度为!对系统由

2

机械能守恒定律

—2mv^=ghnv^+g，欣

解得匕=义■，匕=华

JJ

则小球以后将向右做平抛运动，选项D错误。

故选B。

7.如图，质量分别为2〃?、2，〃、〃？的物体A、B、C,由跨过轻质定滑轮的足够长轻绳连

接，劲度系数为上的足够长轻弹簧下端固定在斜面上，上端和物体C连接，斜面的倾角为

族30。。初始时，系统处于静止状态，已知重力加速度大小为g,不计一切摩擦。现在剪断

AB之间的轻绳，对剪断后B上升、C下滑的过程，下列说法正确的是（）

A.剪断轻绳瞬间，物体B的加速度大小为g

B.物体C下滑到最低点时的加速度大小为g

C.物体B能上升的最大高度为孚

k

D.物体C能下滑的最大距离为之空

k

【答案】D

【解析】A.BC系统初始静止，弹簧处于拉伸，根据平衡条件4〃吆=5+〃吆sin30。

解得天二2警

K

剪断AB之间的轻绳，对BC系统由牛顿第二定律履,）+/〃gsin300-2〃吆=3〃心

解得。=冬

3

故A错误；

B.剪断AB之间的绳子后，BC做简谐运动，根据对称性，C到最低点的加速度大小也为

3

故B错误;

CD.对BC系统，平衡时有2mg=心+〃zgsin300

解得&=粤呈

k

则BC做简谐运动的振幅为A=%-内=—―

k

则B最大能上升24=竿

K

故C错误，D正确。

故选D。

E

8.将一初动能为石的物体（可视为质点）竖直上抛，物体回到出发点时，动能为二，取

出发点位置的重力势能为零，整个运动过程可认为空气阻力大小恒定，则该物体动能与重

力势能相等时，其动能为（）

E3E3E4E

A.—B.----C.----D.----

41079

【答案】BC

【解析】设上升的最大高度为"根据功能关系

„„EE

f-2h=E---=一

22

根据能量守恒可得

E=mgh+fh

求得

3厂

mghf=­A

求得

「1

f=-^8

若在上升阶段离出发点”处动能和重力势能相等，由能量守恒

Ek+mgH=E-fH

线=Ep=mgH

求得

3

Ek=mgH=-E

若在下降阶段离出发点〃处动能和重力势能相等，由能量守恒

£+mgH'=E-f（2h-H，）

E：=E；=mgW

求得

E：二mgH，=言E

故选BC。

9.一人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，假如该卫星变轨后做匀速圆周运动，动能减小

为原来的!，不考虑卫星质量的变化，则变轨前后卫星的（）

A.向心加速度大小之比为16:1

B.角速度大小之比为2:1

C.周期之比为1:8

D.轨道半径之比为1:2

【答案】AC

【解析】根据

_Mmv2

G——=m——

可得

动能减小为原来的!，则线速度减为原来的则轨道半径变为原来的4倍，则轨道半径

42

之比为1:4。

根据

一Mm2九、、

G——=ma=tnco2T=r

解得

GM[GM.14%2r3

a=——,co=J—r-,r=J--------

rVr3NGM

则向心加速度变为原来的,，角速度变为原来的!，周期变为原来的8倍。

168

故C正确；ABD错误。

故选ACo

10.木块长为L静止在光滑的水平桌面上，有A、B两颗规格不同的子弹以相反的速度

匕、以同时射向木块，44在木块中嵌入的深度分别为乙、dB,且力>/，

(4+4)<£,木块一直保持静止，如图所示，则由此判断子弹4、3在射入前()

A.速度R>/

B.子弹A的动能等于子苞B的动能

C.子弹A的动量大小大于子弹8的动量大小

D.子弹A的动量大小等于子弹B的动量大小

【答案】AD

【解析1B.由题知，子弹A、8从木块两侧同时射入木块，木块始终保持静止，分析可

知，两子弹对木块的推力大小相等方向相反，子弹在木块中运动时间必定相等，否则木块

就会运动°设两子弹所受的阻力大小均为力根据动能定理，对人子弹有

—氏=0—4

得

纥=应

对B子弹有

一应=0』

得

/=心

由于〃>/，则子弹入射时的初动能

%>EkB

故B错误;

C.两子弹和木块组成的系统动量守恒，因射入后系统的总动量为零，所以子弹A的初动

量大小等于子弹B的初动量大小，故C错误，D正确；

A.根据动量与动能的关系得

mv-根线

则有

而4>纭8，则得到

叫<机8

根据动能的计算公式得到初速度

匕4

故A正确。

故选ADO

第n卷非选择题（共54分）

二、非选择题（本题共5小题，共54分）

11.为了探究碰撞过程中的守恒量，某兴趣小组设计了如图所示的实验。先让质量为孙的

小球从凹形槽顶端由静止开始滑下，又经过。点水平抛出落在斜面上。再把质量为〃匕的

小球放在水平面。点，让小球如仍从凹形槽顶端由静止滑下，与小球〃”碰撞后，两小球

直接落到斜面上。分别记录小球第一次与斜面碰撞的落点痕迹。其中“、P、N三个落点

的位置距。点的长度分别为LM、小、LN,凹形槽顶端距离桌面高度为九桌面距地面高度

A.减小凹形槽摩擦B.使用大小相同的两个小球C.多次测量落点位

置取平均值

（2）在实验误差允许范围内，若满足关系式，则可以认为两球碰撞过程中动量

守恒。（用题目中的物理量表示）

（3）现测量出两个小球质量比Z=」，若还测出LN=_________LP（用上表示），则可证

m2

明两球间的碰撞是弹性的3

【答案】（1）A（2）町病=町口+牲口（3）以二

\K।1/

【解析】

【小问I解析】

A.每次只要保证小球町到达。点的速度保持相同即可，无须减小摩擦，故A错误；

B.小球大小相同为了保证对心碰撞，减小实验误差，故B正确；

C.多次测量可以减小偶然误差，故C正确。

本题选择无用的，故选A,

【小问2解析】

设斜面的倾角为0,小球从斜面顶端平抛落到斜面上，位移大小为由平抛运动的知识

可知Lcos6=W,LsinO=—gr

解得八Leos”

2Lsin92sin9

所以平抛运动的速度u与位移的平方根成正比。由碰撞规律可知，尸点为小球町第一

次的落点，例和N分别是第二次操作时町和根2的落点。满足动量守恒的关系式应该是

m}vP=mivM+m2vN

【小问3解析】

,wvv

若两球间的碰撞是弹性的，则动能守恒5"?"=-i,v+-W2,v

又叫Up=町%+“2%

2ml

可得外=

加1+m2

则向二悬:居

所以，当,二辞4女了2£户则可证明两球间的碰撞是弹性的。

12.某实验小组利用如图中所示的装置来验证机械能守恒定律。主要实验步骤如下:

①实验前先调节气垫导轨水平，测量出遮光条的宽度d：

②将滑块置于气垫导轨最右端，测出遮光条中心到光电门中心的距离L;

③接通气泵，将滑块从导轨最右端由静止释放，记录遮光条通过光甩门的遮光时间/，此

过程砂桶没有触地；

④用天平测出滑块和遮光条的总质量M，砂和砂桶的总质量机；

⑤仅改变光电门的位置，重复步骤②③，测得多组乙和『的数据。

（1）本实验（选填嘀要”或“不需要"）满足的条件。

（2）已知当地的重力加速度为8,遮光条通过光电门时，系统的动能增加量为；

系统的重力势能减少量为。（用题中所给物理量的字母表示）

（3）作出乙-1图像，如图乙所示，根据机械能守恒定律，图线斜率k的理论值为

r

（用题中所给物理量的字母表示）。

1_

7

.依田■/八十中E/c、(fn+M)d2J/八(〃z+M)/

【答案】C)不需要(2)2------J--nigL(3)-------/一

2r2〃7g

【解析】

【小问1解析】

本实验验证机械能守恒定律，不需要将砂和砂桶的总重力近似等于滑块的拉力，所以不需

要满足用》机的条件。

【小问2解析】

遮光条通过光电门的时间很短，用平均速度近似等于瞬时速度，故遮光条通过光电门时的

速度大小为u='

t

遮光条通过光电门时，系统的动能增加量为4线=％i+M心

卜2V72t2

系统的重力势能减少量为△综=〃吆L

【小问3解析】

若满足机械能守恒定律，则有〃叱=("[?)”-

㈤一印(m+M]d21

整理可得L=----->——7

2mgV

则图线斜率的理论值为kJ"卜'M)"

2mg

13.我国新能源汽车发展迅猛，常州已成为新能源之都。质量为，〃=1500kg的某新能源汽车

在水平路面上以恒定加速度〃=2m/s2启动，其X图像如图所示，其中0A段和BC段为直

线。已知汽车动力系统的额定功率为P=60kW,汽车所受阻力大小恒为户2000N。求：

(1)汽车匀加速的最大速度环及所用时间。

(2)若，2=27S,求：汽车在h~72时间走过的路程s

【答案】(1)v,=12m/s,t}=6s(2)5=346.5m

【解析】

【小问1解析】

根据牛顿第二定律尸一/•二，〃〃

解得，匀加速时汽车的牵引力为歹=5000N

当汽车达到额定功率时，匀加速的速度达到最大，为、=,=12m/s

所用时间为力=X=6s

a

【小问2解析】

P

当牵引力与阻力平衡时，汽车达到最大行驶速度，BPvin=-=30m/s

设汽车在力72时间内，根据动能定理。心一％)-力二Jm匕；-J“叫2

解得S=346.5m

14.如图所示，质量2kg的小球与固定在。点的不可伸长的轻绳相连，绳子最大拉力

为25N。小球在水平面内做匀速圆周运动，使小球的速度缓慢增加，当轻绳与竖直方向的

夹角为。时，轻绳恰好断裂，然后小球落地。已知。点距离地面的竖直高度〃=2.4m,

轻绳长度/=2m，不计空气阻力及绳断时的能量损失，取重力加速度大小

g=10m/s2,sin37°=0.6»cos37=0.8。求

/////〃///〃〃/〃〃〃/〃////〃//////

(1)绳子恰好断裂时小球的线速度的大小;

(2)小球落地时重力的瞬时功率；

(3)0点与小球落地点之间的水平距离乩

6x/2

【答案】⑴3m/s(2)80W(3)------m

5

【解析】【小问1解析】

轻绳恰好断裂，竖直方向有Aos6=〃名

解得夕=37°

根据牛顿第二定律/n^tan9=m—