浙江省杭州市2025-2026学年高三上学期教学质量检测物理试题

学年第一学期杭州市高三年级教学质量检测物理试题卷本试题卷分选择题和非选择题两部分，共8页，满分分，考试时间分钟。考生注意：．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔分别填写在试题卷和答题纸规定的位置上。．答题时，请按照答题纸上“注意事项”的要求，在答题纸相应的位置上规范作答，在本试题卷上的作答一律无效。．非选择题的答案必须使用黑色字迹的签字笔或钢笔写在答题纸上相应区域内，作图时可先使用铅笔，确定后必须使用黑色字迹的签字笔或钢笔描黑。．可能用到的相关参数：重力加速度取。选择题部分一、选择题Ⅰ（本题共小题，每小题3分，共分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1.在国际单位制中，关于导体电阻公式中的符号，下列说法正确的是（）A.的单位是秒B.的单位是欧姆·米C.是基本单位D.是基本物理量【答案】B【解析】【详解】根据公式和国际单位制（SI）A．是横截面积，单位为平方米（A错误；B．电阻率的单位由公式推导为，即欧姆·米（B正确；C．是长度的物理量符号，其单位米（）是基本单位，但本身是物理量而非单位，故C错误；D．电阻是导出物理量，基本物理量包括长度、质量等，故D错误。故选B。2.如图是九三阅兵时我国新型导弹战车驶过长安街的情景，下列相关说法正确的是（）第1页/共23页A.研究战车行进的位移时，战车可视为质点B.研究战车车轮转动快慢时，车轮可视为质点C.以街旁的房子为参考系，战车处于静止状态D.以战车为参考系，站在路边的观众处于静止状态【答案】A【解析】【详解】A．研究战车行进的位移时，战车的形状和大小可忽略，可以视为质点，故A正确；B．研究战车车轮转动快慢时，车轮的形状和大小不可忽略，不可以视为质点，故B错误；C．以街旁的房子为参考系，战车的位置变化，处于运动状态，故C错误；D．以战车为参考系，站在路边观众位置变化，处于运动状态，故D错误；故选A。3.）A.做加速度增大的加速运动B.位移与时间二次方成正比C.所受重力的功率随时间均匀增大D.加速度随速度的增大而均匀减小【答案】D【解析】【详解】A．雨滴受重力和阻力，由牛顿第二定律有A错误；BB错误；C．重力的功率为第2页/共23页速度随时间不是均匀增大，故重力的功率不是均匀增大，C错误；D．牛顿第二定律有解得可见加速度随速度均匀减小，D正确。故选D。4.如图，将1mol半衰期为的放射性元素的原子核放入开有小孔的铅制容器中，并在空间施加垂直纸面向里的匀强磁场，发现射线分成三束。已知X原子核衰变后成为Y原子核，则下列说法正确的是（）A.射线①可以穿透几毫米厚的铝板B.射线②的电离作用比射线③的电离作用强C.原子核的比结合能小于原子核的比结合能D.经过一段时间后，原子核衰变了【答案】C【解析】【详解】AB．根据射线在磁场中的偏转情况可知，射线①带正电为射线，射线②不带电为射线，射线③带负电为射线，射线不可以穿透几毫米厚的铝板，射线的电离作用比射线的电离作用强，故AB错误；C．在原子核衰变中，反应物的比结合能小于生成物的比结合能，所以原子核的比结合能小于原子核的比结合能，故C正确；D．根据半衰期的定义，经过一段时间后，原子核剩余未发生衰变，故D错误。故选C。第3页/共23页5.如图所示，接地金属球壳外的点、球壳内的点与球心处于同一竖直线上，球壳外M、N两点关于对称，在点锁定一负点电荷，则（）A.点的电势等于点的电势B.在球心处产生场强为零C.、两点的场强相同，电势也相同D.解锁后向下运动过程中，静电力对其做负功【答案】AD【解析】A点和点的电势相等，故A正确；B在球心处场强方向指向点电荷B错误；C．、两点关于对称，由负点电荷形成的场强可知，、两点的场强大小相等，方向相反。它们到点电荷的距离相等，它们的电势相等，故C错误；D．会受到向下电场力，静电力对其做正功，故D错误。故选A。6.如图所示，电路的电磁振荡周期为，其平行板电容器两极板水平放置，开关S断开时，极板间有一带负电的灰尘恰好静止。及电路的能量损耗，则此后（）第4页/共23页A.灰尘只受重力时，电感线圈中的电流最小B.灰尘只受重力时，电感线圈中的电动势最小C.时刻，电容器中的电场强度最小D.时刻，电感线圈中的磁场能最大【答案】B【解析】【详解】AB．开关S闭合后，当线圈中电流最大时，此时放电结束，电感线圈中的电动势最小，带电灰尘只受重力的作用，故B正确，A错误；CD．当开关S闭合瞬间，电容器开始放电，时刻，电容器反向充电结束，电容器中的电场强度最大，电感线圈中的磁场能最小，故CD错误；故选B。7.某人造月球卫星近月点高度为（加速度为，忽略月球的自转，则（）A.卫星远月点速度大于近月点速度B.从近月点运动到远月点，卫星机械能增加C.该卫星的最小加速度为D.该卫星的运动周期为【答案】C【解析】A点速度小于近月点速度，故A错误；B．卫星仅受月球引力作用，机械能守恒，故从近月点到远月点机械能不变，故B错误；C．卫星经过远月点时所受万有引力最小，则加速度最小，故该卫星的最小加速度为第5页/共23页在月球表面有联立解得，故C正确；D．假设贴近月球表面的圆轨道上有一卫星，设该卫星的周期为，则有解得卫星椭圆轨道的半长轴为，根据开普勒第三定律有解得椭圆轨道周期，故D错误。故选C。8.图甲是杂技“荡空飞旋”表演。某同学用图乙装置模拟演员的飞旋和落地过程，在竖直细轴的顶端用长为的细线系着质量为的小球，竖直轴带着小球在水平面内做圆周运动，缓慢增大角速度，在小球离地高为、速度为时烧断细线，已知重力加速度为，则（）A.小球落地点到杆的距离为B.从烧断细线到落地，小球位移为C.烧断细线前，小球的向心力与成正比D.烧断细线前，细线对小球的拉力与成正比【答案】D【解析】第6页/共23页【详解】A．烧断细线后，小球做平抛运动，由运动学知识有，联立解得设小球做圆周运动时绳子与竖直方向的角度为，则圆周运动的半径为则小球落地点到杆的距离为，A错误；B．从烧断细线到落地，小球位移为，B错误；C．烧断细线前，小球做圆周运动，由牛顿第二定律有可见向心力大小与角速度和绳子与竖直方向的夹角有关，C错误；D．对小球受力分析，由牛顿第二定律有即可见烧断细线前，细线对小球的拉力与成正比，D正确。故选D。9.的圆柱面最低处的母线和距很近且关于对称。完全相同的1到10号小球（可视为质点）锁定在上，间距均为。时刻，由静止释放球1，此后每隔时间（g为重力加速度）依次由静止释放所有小球。若忽略一切摩擦，则（）A.时刻，球1回到出发点B.球1首次到达时，球5位于最低点C.该“波”的“波长”为第7页/共23页D.该“波”的“波速”为【答案】C【解析】A式为时刻，球1由静止释放，因为所以时刻，球1是到达与出发点对称的，并非回到出发点，故A错误；BA1首次到达的时间为，由于相邻小球释放的时间间隔为5比球1晚释放的时间为即球5释放的时间为，所以球1首次到达时，球5刚被释放，并非位于最低点，故B错误；C．波的“波长”是指相邻两个同相位质点间的距离。由于小球释放的时间间隔为所以相邻两个运动状态相同的小球间距为，即该“波”的“波长”为，故C正确；D．根据波速的公式可得该“波”的“波速”为，故D错误。故选C10.点。现将一束激光垂直光屏射向圆心，再使透明砖绕点以角速度逆时针匀速转动。某时刻，透明砖转至图示位置，其直径与光屏平行，此后透明砖转过的角度记作。若不计透明砖圆弧面上的反射光，则（）第8页/共23页B.时，屏上最多有两个光点C.时，屏上光点到点的距离为D.时，屏上光点移动的速率小于【答案】D【解析】【详解】A．当时，入射角，反射光斜向右下，折射光线斜向左上，只有折射光射到光屏，反射光线斜向右上，折射光线斜向左上，两光均能射到光屏上，屏上会出现两个光点，故A错误；B．根据，可得临界角。当时，入射角，大于临界角，发生全反射，只有反射光会射到光屏上，屏上只有一个光点。当时，入射角。反射光斜向左下，只有折射光会射到光屏上，屏上只有一个光点。当时，入射角，恰好发生全反射，且反射光平行光屏向左射出，屏上没有光点，故B错误；C．当时，入射角，反射光平行光屏向右射出，根据折射定律，解得，。因此图中，M为折射光射到光屏的点，直角三角形中，可得第9页/共23页，C错误；D．内转过一个极小的角度(下图中画得夸张了些)。设法线与光屏交于N点，与玻璃砖圆弧交于P点，由于极小，可近似认为。若光点正好在N点，则光点移动速率，而实际上折射光射到光屏的位置在O'N之间，因此实际光点的移动速率必然小于，故D正确。故选D。二、选择题Ⅱ（本题共3小题，每小题4分，共分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）下列说法正确的是（）A.电磁波调制的方法有调幅、调频和调谐B.双折射现象表明方解石是光学各向异性的晶体C.为防止漏电，高压设备中导体的表面应尽量光滑D.金属热电阻和热敏电阻的阻值均随温度升高而增大【答案】BC【解析】【详解】A．电磁波调制的方式分为调幅和调频，使接收电路产生电谐振的过程叫作调谐，故A错误；B．方解石的双折射现象，说明方解石在光学上有各向异性，则表明方解石是晶体，故B正确；第10页/共23页D．一般来说，金属热电阻的阻值均随温度升高而增大，热敏电阻的阻值均随温度升高而减小，故D错误。故选BC12.压的关系如图乙；氢原子的局部能级图及三种能级跃迁如图丙。则（）A.甲图中的①的光子动量比②的光子动量小B.乙图中的①的光子频率比②的光子频率大C.若甲图中的①光对应乙图的②光，则甲图中的②光可能与乙图中的③光对应D.若乙图中的②光对应丙图的②光，则乙图中的①光可能与丙图的①光对应【答案】AD【解析】A②的光子动量小，故A正确；B．根据B错误；C与乙图中的③光对应，故C错误；D．图乙可知②光的频率比①光的大，若乙图中的②光对应丙图的②光，则乙图中的①光可能与丙图中的①光对应，故D正确。故选AD。13.如图所示，一根通电长直导线中流过的电流为边长为轴，绕的第11页/共23页长直导线在距导线处的磁感应强度大小为，其中为常量，金属框的自感忽略不计，则（）A.转动过程，金属框中产生正弦式交变电流B.当金属框转到与直导线共面时，感应电动势最小C.当边、边与直导线距离相等时，金属框的感应电动势为D.当边、边与直导线距离相等时，间的电压大小为【答案】BD【解析】A过程，金属框中产生的感应电流不是正弦式交变电流，A错误；B．当金属框转到与直导线共面时，穿过线圈的磁通量最大，磁通量的变化率最小，可知感应电动势最小，B正确；C．当边、边与直导线距离相等时，AD边和BC边所在位置的磁场金属框的感应电动势为其中θ是两边的线速度方向与磁场B方向的夹角，且解得，C错误；第12页/共23页间的电压大小为，D正确。故选BD。非选择题部分三、非选择题（本题共5小题，共分）14.某学习小组做“探究两个互成角度的力的合成规律”实验。（1）小明选用图甲方案进行实验，下列相关说法正确的是__________。A.实验采用了等效替代法B.橡皮筋应与两绳夹角平分线在同一直线上C.拉橡皮筋时，弹簧秤应与木板平面平行D.拉橡皮筋时，弹簧秤外壳不能与白纸接触（2）小明实验时，其中一只弹簧秤的示数如图乙所示，其读数为__________N。（3）小红用图丙方案进行实验，主要器材是两根完全相同的橡皮筋（遵循胡克定律）和质量未知的重物。在黑板上实验时，先用一根橡皮筋拉重物，记下橡皮筋与重物的结点位置、橡皮筋另一端点位置；再用两根橡皮筋拉重物，使橡皮筋与重物的结点仍在位置，记下橡皮筋另外两个端点的位置和。为进一步完成实验探究，橡皮筋的原长是否需要测量？__________（选填“需要”或“不需要”需要测量？__________（选填“需要”或“不需要”【答案】（1）AC（2）2.50（3）①.需要②.不需要【解析】【小问1详解】A．合力和分力是等效替代的关系，所以本实验采用的科学方法是等效替代法，故A正确；第13页/共23页上，故B错误；C故C正确；D．弹簧秤外壳与木板间的摩擦力不会影响实验效果，因为弹簧秤的读数与外壳是否受力无关，故D错误。故选AC。【小问2详解】图中弹簧秤的分度值为0.1N，由图乙可知其读数为2.50N。【小问3详解】[1][2]做平行四边形时各边需要力的真实大小也就是用橡皮筋伸长量表示其受力的大小，所以需要测量橡皮筋的原长,不需要测量重物的质量。15.侧“0”刻度线处。（1）将电表的选择开关旋至“”挡，然后将红黑表笔短接，通过调节图甲中的__________（选填“”或“”处。接着，用该表测量一个电阻的阻值，测量时指针位置如图乙所示，则该电阻的测量值为_____。随后又用此挡位去测量另一个电阻，发现指针偏转角度过大，为了较准确地进行测量，接下来的合理操作步骤是__________①将选择开关旋至“×1”挡②将选择开关旋至“×100”挡③将两表笔与被测电阻两端接触，读取示数④将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针指在0Ω处（2）如图丙，电池、开关和灯泡接成串联电路，开关闭合后发现灯泡不亮。用上述多用电表检测电路故障时，将选择开关旋至直流电压挡，并将红、黑表笔分别与E、F接触，发现指针有明显偏转，则故障原因可能是__________。A.开关接触不良B.灯泡被短路第14页/共23页C.灯泡和底座接触不良（3×1”挡内部电源的电动势与某毫安表的内电阻，该小组同学先从表盘上读出多用电表“”挡的内电阻为节电阻箱阻值，记录下多组毫安表、电阻箱的示数和，并作出相应的关系图线，如图丁所示。根据图像，可求得多用电表“”挡内部电源的电动势为_____V，待测毫安表的内阻为__________2位有效数字）【答案】（1）①.②.150③.①④③（2）C（3）①.1.5##1.4##1.6②.15##14##16【解析】【小问1详解】[1]将电表的选择开关旋至“针指在表盘右侧“”处。[2]接着，用该表测量一个电阻的阻值，测量时指针位置如图乙所示，则该电阻的测量值为[3]随后又用此挡位去测量另一个电阻，发现指针偏转角度过大，可知待测电阻阻值较小，应将选择开关旋至“×10Ω处，然后将两表笔与被测电阻两端接触，读取示数。故合理操作步骤是①④③。【小问2详解】如图丙，电池、开关和灯泡接成串联电路，开关闭合后发现灯泡不亮。将选择开关旋至直流电压挡，并将红、黑表笔分别与E、F接触，发现指针有明显偏转，可知E到电池A处连接完好，F到电池B处连接完好，E、F之间断开，所以故障原因可能是灯泡和底座接触不良。故选C。【小问3详解】[1][2]根据闭合电路欧姆定律可得整理可得由作出的图像可得第15页/共23页当数据，代入可得解得16.如图所示，某型号轮胎在出厂前需进行多项测试以确保安全。某次测试前，该轮胎内理想气体的压强、体积、温度分别为、和。先缓慢挤压轮胎，保持气体温度不变，使其压强达到。接着控制轮胎内气体体积不变，缓慢升高气体温度，使其压强变为。假设整个测试过程轮胎未漏气，已知轮胎内的气体温度每变化1K，内能变化135J。（1）挤压过程中，气体分子的平均动能__________（选填“增大”“减小”或“不变”受气体分子的平均作用力__________（选填“增大”“减小”或“不变”（2）求压强为时气体的体积；（3）求升温过程中气体吸收的热量。【答案】（1）①.不变②.增大（2）（3）【解析】【小问1详解】[1]缓慢挤压轮胎，气体温度保持不变，气体分子的平均动能不变；[2]根据玻意耳定律可知挤压过程中温度不变，体积减小，气体压强增大，轮胎内壁单位面积所受气体分子的平均作用力增大；【小问2详解】气体做等温变化，根据玻意耳定律，有解得【小问3详解】第16页/共23页且，解得内能增加了该过程气体做等容变化，则由热力学第一定律，有解得升温过程中气体吸收的热量17.某游戏装置如图所示。半径的竖直细圆弧管道圆心角，与光滑水平轨道平滑连接。足够长的光滑凹槽D底部水平，紧靠侧壁放置一平板，平板单位长度质量为，上表面与齐平。凹槽右端连接游戏得分区，是一段足够长水平粗糙轨道。质量的物块（可视为质点）从点水平抛出，恰好在点无碰撞进入圆弧管道，速度，到点时对管道的压力为。物块经过轨道后滑上平板并带动平板一起运动，若平板到达即被锁定，物块继续滑动。已知物块与平板上表面之间、物块与之间的动摩擦因数均为，，。（1）求物块从到的运动时间；（2）求管道对物块的摩擦力做的功；（3）若平板长度，求物块在得分区滑行的距离；（4）为使物块能够滑入得分区内，平板长度应满足什么要求？【答案】（1）第17页/共23页（2）（3）（4）【解析】【小问1详解】在点恰好进入圆弧轨道时，有从到的时间【小问2详解】由牛顿第三定律，物块在点受到轨道的支持力物块在点时，对其受力分析，有解得物块由到由动能定理得解得【小问3详解】物块滑上平板时的速度量守恒，解得，即物块与平板共速时刚好滑到平板右端，滑上得分区时速度在得分区解得【小问4详解】物块能滑入得分区内，需满足条件：（ⅰ）当平板较短时，临界情况是物块滑到板右端与板共速。要求物块不脱离平板，则由（3）解答可知。第18页/共23页（ⅱ）当平板较长时，临界情况是平板锁定后，物块恰好在平板右端减速至0。从物块离开点到与平板共速，根据动量守恒定律设物块相对平板的位移大小为，由能量守恒平板被锁定时，物块距离平板右端，则由以上三式解得故。综上，应满足18.如图，某测速装置中的一个竖直轮子由细圆环与辐条构成，细圆环质量为、半径为，辐条质量不支架质量为，其下端的金属横杆与平行导轨垂直且紧密接触。导轨间距也为，下端接有阻值为的定值电阻，整个导轨处于磁感应强度大小为，方向垂直纸面向里的匀强磁场中。现对轮子施加外力，使轮子以角速度顺时针匀速转动，当图示中的小圆柱转动到左侧与轮子中心等高处开始计时（金属横杆与导轨底部距离为。已知重力加速度为，除定值电阻外其余电阻均忽略不计，空气阻力、摩擦阻力不计，电路中电流的磁场忽略不计。（1）求时，支架向上运动的速度大小和横杆的电动势；（2（3）求从起，轮子转过圈过程中，轮子对支架做的功；（4）若时，撤去外力，同时在极短时间内使磁场的磁感应强度减小到0，求磁感应强度减为0瞬间，轮子的角速度大小（可能用到微元累积公式第19页/共23页【答案】（1），（2）（3）（4）【解析】【小问1详解】支架的速度为电动势大小为联立解得电动势为【小问2详解】任意时刻，横杆的速度为电动势大小为电流为联立解得【小问3详解