河南省普通高中2024-2025学年高二上学期期中考试物理试卷11月高二联考物理A版答案

普通高中20242025学年(上)高二年级期中考试物理(A)参考答案1.C解析:要想产生感应电流,需要在闭合回路中有磁通量的变化,只有丙符合,C正确。故选C。2.B解析:直线电流的方向跟它的磁感线方向之间的关系可以用安培定则来判断:用右手握住导线,让伸直的拇指所指的方向与电流方向一致,弯曲的四指所指的方向就是磁感线环绕的方向,选项A错误;通电螺线管和环形电流的磁场可以用另一种形式的安培定则判定:让右手弯曲的四指与环形(或螺线管)电流的方向一致,伸直的拇指所指的方向就是环形导线(或螺线管)轴线上磁场的方向,选项B正确,C、D错误。故选B。3.D解析:根据对称性可知EMEN,Ep=EQ,ENEM>E,,所以导体球上的感应电荷在M点产生的电场方向向右,Ep=EQ<E,,所以导体球上的感应电荷在P点产生的电场方向向左,D正确。故选D。4.D解析:从a至d场强沿z轴负方向,则从b到d处逆着电场线方向移动,电势升高,选项A错误;带正电的点电荷由a运动到d的过程中,由图可以看出电场强度先增大后减小,故电场力先增大后减小,选项B错误;从a到d过程中逆着电场线方向移动,电势升高,正电荷的电势能一直增大,选项C错误;由图可知,a和b之间的平均电场强度小于b和C之间的平均电场强度,根据公式W=qEd可知,带正电的点电荷从b运动到a过程中电场力做的功小于从C运动到b过程中电场力做的功,选项D正确。故选D。5.B解析:根据qu=W,可知A、B两点间的 可知BD为等势线,则有Ed=UAB,d=AE也为等势线,将带电粒子从A点移到E点,电场力做功为0,选项C错误;将带电粒子从A点移到F点,电场力做功为W'=B。6.C解析:带电油滴悬浮在两极板之间静止不动,则有mg=qE,若要油滴上升,电场力需要变大,即要使极板间电场强度增大,若滑动变阻器R的滑片P向左滑,极板两端不变,选项A错误;若增大R2,由串联分压原理可知,R3两端的电压减小,即极板两端电压减小,则极板间电场强度减小,选项B错误;若R3增大,由串联分压原理可知,R3两端的电压变大,即极板两端电压变大,则极板间电场强度变大,选项C正确;增大C度减小,选项D错误。故选C。7.A解析:设空间站在垂直速度方向的面积为S,碰到稀薄气体过程中,空间站对稀薄气体的作用力大小为F1,经过t时间,以稀薄气体为对象,根据动量定理可得F1△t=·物理(A)答案(第1页,共4页)·薄气体过程中,对空间站施加动力大小为8.BD解析:等差等势面越密,电场线越密,电场强度越大,由图判断相邻等势面为等差等势面,A点的电场强度小于D点的电场强度,选项A错误;负电荷在电势低的地方电势能大,同一负电荷在C点的电势能大于在D点的电势能,选项B正确;电子从C点运动到D点电势能的变化量等于电子从A点运动到B点电势能的变化量,选项C错误;C点电势为200V,根据能量守恒,点电荷的动能和电势能相互转化,总能量不变,在零势能面动能为3.2X104J,选项D正确。故选BD。9.BC解析:设流过M,的电流为I,则流过2M2的电流为,根据P=UI可知,M,的电2功率是M2电功率的2倍,选项C正确;设I2M,内阻为r,M2内阻为r22r22r1,选项B正确,A错误;M,、M2热功率之10.ABC解析:设粒子运动到P点射入电场的速度大小为v,,由动能定理得qu=2 mv2,可得粒子运动到P点射入电场的2第一象限的匀强电场中做类平抛运动,则若仅将带电粒子电荷量变为2q,粒子从dl,4quz=vt,at2,a'=,得dl,4qu22md粒子仍从A点射出,选项C正确;若仅将带电粒子电荷量变为2q,粒子从z轴离粒子从z轴离开电场的速度选ABC。11.答案:(1)54.5(1分)5.447(5.446~5.448均可)(1分)(2)X1(1分)欧姆调零(1分)19.0(或19)(1分)(3)见解析(2分)i分解析:(1)该圆柱体的长度为54mm+5X0.1mm=54.5mm;圆柱体的直径为5mm+44.7xo.01mm=5.447mm;(2)用多用电表测圆柱体的阻值,当用"X10"挡时发现指针偏转角度过大,说明被测电阻很小,应该换用小量程欧姆挡,用·物理(A)答案(第2页,共4页)·"X1"挡,并进行欧姆调零;指针静止时读数为19.0Q(或19Ω);(3)由于滑动变阻器最大阻值相对于待测电阻阻值较小,为测量多组数据,滑动变阻器应采用分压式接法,根据题意可知R由此可知R<RVRA,电流表选用外接,电路图如图所示;RR,E(4)由题可知,UI图像的斜率为K=R,,根据电阻定律有RP,其中导电材料·12.答案:(1)1.1(1分)(2)左(1分)(3)a(2分)"(2分)b(4)<(1分)<(1分)解析:(1)为了让电压表示数变化更明显,应选择内阻较大的,即约1.1Ω的干电池;(2)连接好电路,在开关闭合之前,应使滑动变阻器滑片置于阻值最大的位置,即滑片置于最左端;(3)根据闭合电路欧姆定律可得U=EIr,画出UI图线,图像与纵轴的截距为a,横轴的截距为b,即E=a,图线斜率的绝对值表示电源内阻,即]kl=r=";(4)相对于电源来说,本实验采用的bRvr ,所以电动势的测量值小于真实值Rv十r电池内阻的测量值小于真实值。13.答案:(1)mgh2m·方向斜向右上方·与水平方向成30"角解析:(1)由动能定理可知mgh+w=2m2(2分)得w=mgh(1分)(2)小球从释放到P点的位移z=h2+(3h)22h(1分)重力和电场力的合力沿小球的运动方向,解得F=mg(1分)根据力的平行四边形定则,可知电场力大2分方向斜向右上方,与水平方向成30"角(1分)解析:(1)小球P与物块Q发生弹性碰撞,根据动量守恒定律和机械能守恒定律有mvo=v1十3mvf(1分)(1分设从P与Q第一次碰撞至第二次碰撞经历时间为t,该过程物块Q前进的距离为z,(1分)VAR·物理(A)答案(第3页,共4页)·VAR又u·3mg=3ma(1分)(1分)(1分)(1分)(2)第二次P与Q发生弹性碰撞,根据动量守恒定律和机械能守恒定律有22+3,2 m"o=m2+同理可知第n次P与Q碰撞后,Q的速度第n次碰后Q发生的路程为由等比数列求和可得Q的总路程为总=(其他解法正确也给分)23m23m215.答案:(1)(2)qd2qd解析:(1)根据几何关系可知,OP长度为lop=dtan60"=3d(1分)(1分)d=v,t(1分)(2)带电粒子经过Q点时沿y轴方向的分带电粒子在第四象限内运动时沿y轴方向的速度不变,根据粒子经过S点时速度方向与y轴间的夹角30",可得tana.vz=2vn(1分)根据运动学公式,在轴方向有d=在电场力作用下满足ma=qE2(1分),分,在第四象限中,水平方向上有2ad=2v2