2025年苏州省中考物理真题试卷完全解读

2025年中考真题完全解读(苏州卷) 试卷总评2025年苏州中考物理试卷以《义务教育物理课程标准(2025年版)》为核心依据，全面落实核心素养导向的评价要求，试卷设计体现了“基础与能力并重，创新与素养兼具”的特点。全面落实核心素养导向，通过科学的结构设计，丰富的情境创设和精准的能力考查，实现了对学生物理学科素养的综合评价。试卷既体现了基础性与选拔性试卷结构稳定，选择题(24分),填空题(24分),解答题(52分),解答题细分为作图题(8分),计算题(18分),综合实验题(26分)比例均衡，既保证基础知识点的覆盖面，又突出对实验操作，数据分析，综合应用等高阶能力的考查。例如，实验题占比26%,涵盖教材必做实验(如探究串联电路电流规律)和创新实验设计(如浮力测量装置改进),符合课程标准中“实验教学占总课时40%”的要求。试卷难度呈“基础题—中档题—难题”阶梯分布。基础题(如声光热等)占比约50%,确保学生掌握核心知识，中档题(如电路动态分析，浮力与压强综合)占比约30%,考查知识迁移能力，难题(如多变量实验设计，跨学科综合)占比约20%,区分优秀学生。例如，选择题第12题结合浮试卷注重物理与数学，技术等学科的整合。例如，填空题第16题将火磁波通信结合，考查学生跨学科知识应用能力，实验题第17题通过控制变量法探究液体压强规律，要求学生运用数学工具进行定量分析。此类设计呼应课程标准中“跨学科内容占比15%”的要求，培养学生解决复杂问题的能力。1,物理观念的深度考查试卷注重对物质，运动与相互作用，能量等核心概念的考查，例如力率，液体压强计算，电学部分聚焦电路分析与电功率应用，热学部分结合干冰升华现象考查物态变化规律。试卷通过实际情境(如火箭发射，洗衣机多档位工作)引导学生运用物理观念解释现象，强化核心素养导向：试卷不再仅仅是对物理知识的简单考查，而是更加注重对学生探究能力，问题解决能力，科学思维能力的培养。例如，可能会通过创设真实的问题情境，让学生运用物理观念解释现象，解决问题，或者设置一些需要学生进行推理，论证，创新的题目，以考查学生的科学思维。贴近生活与社会热点：新试卷更关注社会热点，焦点问题，贴近学生的年龄特征，思维特点，生活背景和经验。如2025年试卷中出现了神舟二十号载人飞船发射，“雪龙2号”极地考察破冰船等相关内容，让学生感受到物理与生活的紧密联系，同时也考查学生运用物理知识解决实际问题的考情分析详细知识点1易能源2易常见的长度及估测3易从粒子到宇宙人类探索太阳系及宇宙的历程，分子的热运动，电荷间的相互作用，原子结构4易5易能量的转化和守恒6易7中等电路设计串并联电路的设计8中等凸透镜成像规律的应用9中等简单机械和功提高机械效率的方法，功的比较大小，重力势能大小与高度的关系，杠杆的平衡条件的应用中等欧姆定律电功和电热电功率的综合计算，比较不同物质吸热的情况压强和浮力易填空题声现象根据音色辨别发声体，声音产生的原因，响度与振幅，距离发声体的关系易填空题易填空题电磁转换发电机的原理，电流的磁效应易填空题力，热，电综合中等填空题压强和浮力液体压强与深度的关系，液体内向各个方向都有压强中等填空题电功和电热电功率的综合计算中等填空题简单机械和电磁现象综合影响电磁铁磁性强弱的因素，杠杆的平衡条件的计算，利用安培定则判断磁极填空题力学综合(1)易利用光的反射作图(2)易重力重力的示意图(3)易简单机械(4)易家庭电路的连线作图中等力与运动综合功率的计算，速度公式的简单计算，功的简单计算中等内能的利用固体和液体的热值计算，能量的利用效率，利用比热容的公式计算热量中等电学综合W=Pt求电能的大小，欧姆定律的简单计算，电功率P=U中等实验题探究水沸腾时温度变化的特点，探究水沸腾时温度变化的图像分析和数据处理，温度计的读数中等实验题力与运动中等实验题简单电路探究电流与电压的关系中等实验题放置的错误分析，探究平面镜成像实验像与物的大小以及位置关系实验题欧姆定律欧姆定律的应用，电阻的串联实验题力学综合应用利用杠杆测量密度备考指津1,实验探究能力突破(1)强化教材实验深度理解：教材必做实验(如“探究凸透镜成像规律”“测量滑轮组机械效率”)需熟练掌握操作步骤，数据处理和误差分析。例如，2025年实验题要求学生通过对比实验数据归纳串联电路电流规律，并反思误差来源，这类题目需在备考中反复演练。(2)创新实验设计与迁移：关注实验装置的改进与拓展。例如，2025年第30题利用直尺，容器等自制密度测量装置，要求学生通过数学建模推导密度公式。备考时可尝试设计类似的跨学科实验，如结合浮力原理与几何分析的测量方案。(3)实验操作规范训练：实验操作题占比20%,需重点练习仪器使用(如弹簧测力计校零，电路连接)和读数规范。例如，2025年实验题要求“将弹簧测力计水平放置后校零”,此类细节需在模拟训练中强化。2,科学思维与问题解决(1)模型构建与逻辑推理：注重物理模型在实际情境中的应用。例如，2025年压轴题以“柱形水槽浮力测量装置”为背景，要求学生建立浮力与几何分析的数学模型。备考时可针对力学，电学典型模型(如动态电路，压强与浮力综合)进行专题训练。(2)数据处理与规律归纳：实验题常要求通过表格数据总结规律(如2025年沸腾实验数据判断试管水温变化)。需掌握图像法，控制变量法等科学方法，提高数据分析能力。(3)跨学科知识整合：物理与数学，技术的融合题增多。例如，2025年第16题结合火箭发射中的力学分析与电磁波通信，需灵活运用数学工具(如比例计算，几何分析)解决问题。备考时可针对“能源转化效率计算”“电磁感应与电路结合”等跨学科主题进行专项突破。3,基础巩固与教材回归(1)核心概念本质理解：避免死记硬背，注重概念的深层理解。例如，2025年填空题通过“苏州评弹乐器”考查声音特性，需从现象中提炼物理原理。备考时可结合教材实例(如乐器发声，自然现象)进行概念辨析。(2)教材素材拓展延伸：试卷素材多源于教材并适度拓展。例如，2025年实验题以“观察水的沸腾”为基础，增加沸点与气压关系的探究。备考时需对教材实验，插图，课后习题进行二次4,时间管理与应试技巧分层训练与错题分析：按“基础题—中档题—难题”梯度练习，确保基础题不丢分。例如，力学中的“压强计算”,电学中的“电路动态分析”是高频中档题，需通过错题本归纳解题思路。5,真题模拟与规范答题定期模拟2025年真题(如浮力测量装置设计，动态电路分析),严格限时训练。计算题需规范书写公式，代入数据和单位，例如2025年计算题要求“写出公式，代入数据，得出结果”。2025年苏州市初中学业水平考试物理试卷(本试卷满分100分，考试用时100分钟)4.考试结束后，请将试卷和答题卡一并交回。一，选择题(本题共12小题，每小题2分，共24分.每小题给出的选项中只有一个选项符合题意)1.下列属于可再生能源的是()A.煤B.太阳能C.石油D.天然气【答案】B故选B。长【答案】A3.关于粒子和宇宙，下列说法正确的是()A.同种电荷相互吸引B.太阳是宇宙的中心C.原子核由质子和电子构成D.分子处在永不停息的无规则运动中故选D。4.如图所示是苏州园林中的景象，由光的折射形成的是()“倒影”“池底”C.漏窗在墙壁上的“影子”D.夕阳下水中的“太阳”A.AB.B【答案】B【详解】A.“倒影”是平面镜成像现象，是光的反射形成的虚像，故A不符合题意.B.变浅的“池底”,是水池底部反射的光从水中进入人眼形成的虚像，是光的折射现象，故B符合题意.C.“影子”是光的直线传播形成的，故C不符合题意.D.水中的“太阳”是太阳在水面的倒影，是平面镜成像现象，是光的反射形成的虚像，故D不符合题意。故选B。5.关于能量的转化和转移，下列说法不正确的是()A.金属汤勺放在热汤中，温度升高，内能减小B.核电站利用核裂变释放的能量来发电C.汽油机的做功冲程主要将内能转化为机械能D.能量的转移和转化具有方向性，需要节约能源【答案】A【详解】A.金属汤勺放在热汤中，金属汤勺吸收热量，内能增加，温度升高，故A错误，符合题意.B.核电站利用核能发电，目前核电站中进行的都是核裂变反应，故B正确，不符合题意.C.汽油机的做功冲程中高温高压气体推动活塞向下运动，带动曲轴转动，对外做功，将内能转化为机械能，故C正确，不符合题意.D.能量的转移与转化具有方向性，可利用的能源是有限的，所以要节约能源，故D正确，不符合题意。故选A。6.牛顿第一定律是在实验的基础上推理得出的，下列做法中用到这一研究方法的是()A.初探电路时，用C.用被撞击木块移动的A.AB【答案】D【详解】牛顿第一定律的建立是在科学实验的基础上，通过对实验数据的分析，并进一步通过推理得出的(实际上不受摩擦力的物体根本不存在),所以该实验主要是利用了实验推理法形成了牛顿第一定律。A.初探电路时，用水流类比电流，采用的是类比法，故A不符合题意.B.磁感线不是真实存在的，利用磁感线来描述磁场，采用的是模型法，故B不符合题意.C.探究物体动能大小时，用木块被撞击后移动的距离来反映物体动能的大小，采用转换法，故C不符合题意.D.将闹钟放在钟罩内，通过抽气来探究声音能否在真空中传播，采用的是实验推理法，故D符合题意。7.小明要设计自动防盗报警电路。要求：开关S闭合后，灯亮电铃不响，当房门被打开时，细导线MN被扯断，灯亮且电铃响。下列电路符合设计要求的是()C.提水过程中，随板片上行的水重力势能减小D.减小水车各部件间的摩擦，提水效率增大【答案】D【详解】A.长柄摇杆越长，动力臂越长，阻力和阻力臂不变，由杠杆平衡条件可知，动力越小，踩动时越省力，故A错误.B.踩得越快，单位时间内提水做功越多，即提水做功的功率越大，故B错误.可知提水效率增大，故D正确。故选D。10.如图所示的电路中，闭合开关S后，当滑片P向右移动时，则()A.电流表A示数变小B.电压表V₁示数不变C.电压表V₁示数与电流表A示数之比变大D.电压表V₂示数与电流表A示数之比变小【答案】D【详解】AB.由图可知，电阻R₁和变阻器R₂串联，电压表V₁测量R₁两端的电压，电压表V₂测量变阻器两端的电压，闭合开关S后，当滑片P向右移动时，变阻器R₂连入电路的电阻变小，由电阻的串联可知电路的总电阻变小，由可知电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，由U=IR可知电阻R₁两端的电压变大，即电压表V₁示数变大，故AB不符合题意.C.由可知电压表V₁示数与电流表A示数等于R1的阻值，R₁的阻值不变，所以电压表V₁示数与电流表A示数之比不变，故C不符合题意.D.由可知电压表V₂示数与电流表A示数之比等于R2的阻值，R2的阻值变小，所以电压表V₂示数与电流表A示数之比变小，故D符合题意。故选D。11.如图甲，两个相同的容器中分别装有液体a,b,液体a的质量大于b的质量。用两个电热丝分别对液体a,b加热，电热丝R₁的阻值大于R₂的阻值，工作电压相同，且电热丝产生的热量均被液体吸收，液体a,b温度随时间的变化关系如图乙。下列说法正确的是()aaA.a,b为同种物质B.a的比热容小于b的比热容C.相同时间内a,b吸收的热量相等D.R₁的电功率大于R₂的电功率【答案】BCD.电热丝R₁的阻值大于R₂的阻值，工作电压相同，根据,R₁的电功率小于R₂的电功率，因为是纯电阻电路，根据Q=W=Pt可知相同时间R₁产生的热量少于R₂产生的热量，电热丝产生的热量均被液体吸收，所以相同时间内a吸收的热量少于b吸收的热量，故CD错误.B.相同时间内a吸收的热量少于b吸收的热量，由图像可知，沸腾前相同时间内a升高的温度大于b升高的温度，且液体a的质量大于b的质量，根据可知a的比热容小于b的比热容，故B正确。故选B。12.用柱形水槽，柱形塑料杯(含配重),质量已知的砝码和水，可制作测量物体质量的装置，使用时，在竖直漂浮的塑料杯中放入待测物体，杯子仍竖直漂浮，根据制作好的标尺便可读出待测物体的质量，制作标尺时，通过在杯中放入砝码进行质量标注(杯子竖直漂浮),如图所示，标注的方式有三种：①在水槽外壁，用水面高度h₁的变化标注.②在塑料杯内壁，用杯子浸入水中的深度h₂的变化标注.③在水槽外壁，用杯底所装指针离槽底的高度h₃的变化标注.若水槽和塑料杯的底面积分别为225cm²和85cm²,三种标尺上相同距离的刻线间对应的物体质量变化分别为A.△m>△m>△m₃B.△m>△m=△mC.△m>△m₃>△m₂D.△m₃>△m>△m₂【答案】C【详解】已知水槽底面积S₁=225cm²,塑料杯底面积S₂=85cm²,将待测物放入塑料杯中时，杯子仍然竖直漂浮，设标尺变化均为h时，对应的质量分别为△m、△m₂和△m₃,则有二，填空题(本题共8小题，每空1分，共24分)13.苏州评弹是国家级非物质文化遗产，表演中常用到琵琶，三弦等乐器，如图所示.当演奏者拨动琴弦时，弦因 而发出声音，且拨的力度越大，声音的越大，听众能分辨出琵琶和三弦发出的声音，主要是依据声音【答案】①.振动②.响度③.音色所以声音的响度越大。的音色不同。听众能分辨出琵琶和三弦发出的声音，主要是依据声音的音色不同。14.如图所示，用镊子取几块干冰放入瓶中，将气球套在瓶口。干冰因变为气态，使气球逐渐变大，同时空气蒸气遇冷_,在瓶底形成白霜。(填物态变化名称)【答案】①.升华②.凝华【详解】[1][2]如图所示，用镊子取几块干冰放入瓶中，将气球套在瓶口。干冰吸热会升华变成气态的二氧化碳，使气球逐渐变大，同时空气中的水蒸气遇冷凝华成小冰晶，在瓶底形成白霜。15.以下是《电磁转换》的相关知识结构图，请你补充完整.安培安培磁场对电流有力的作用电动机法拉第电磁感应现象奥斯特电流的电磁铁时间轴【答案】①.磁效应②.发电机16.如图，2025年4月24日搭载神舟二十号载人飞船的长征二号F遥二十运载火箭，在酒泉卫星发射中发射塔发射塔【答案】①.大于②.运动③.做功④.电磁波甲乙(1)通过观察橡皮膜的形变可知，水的内部有向上的压强.【答案】(1)d(2)深度【小问1详解】底部的橡皮膜d向上凸出，说明水的内部有向上的压强。【小问2详解】比较橡皮膜b,c或f,e,位置靠下的橡皮膜的形变程度较大，说明深度越大，水的压强越大。橡皮膜朝向，观察橡皮膜的形变程度变化。18.如图是一款电水壶的电路简图，R、R₂均为加热电阻，通过旋转旋钮开关可实现加热与保温功能的切换。保温功率为88W,R阻值为44Ω,加热时应将开关旋至(1/2)位置，加热功率为W,R₂阻值为Q【详解】[1]根据可知，在电源电压U一定时，电阻R越小，电功率P越大。由图可知，当开关旋至1位置时，R₁与R₂串联，此时电路中的总电阻Re=R₁+R₂。当开关旋至2位置时，只有R₁接入电路，此时电路中的总电阻Re′=R₁。因为R₁+R₂>R1,所以开关旋至2位置时，电路中的电阻最小，电功率最大，电水壶处于加热状态。[2]根据[2]根据三，解答题(本题共10小题，共52分.解答22,23,24题时应有解题过程)甲乙丙丁【答案】(1)(2)火线零线【小问1详解】【小问2详解】【小问3详解】【小问4详解】22.叉车常用于货物的转运，如图所示。叉车在10s内将质量为300kg的货箱匀速竖直提升3m,8取10N/kg,求此过程(1)货箱的速度.(2)叉车对货箱所做的功.(3)叉车对货箱所做功的功率。【答案】(1)0.3m/s(2)9000J(3)900W【解析】【小问1详解】货箱的速度【小问2详解】叉车对货箱所做的功W=Gh=mgh=300kg×10N/kg×3m=9000J【小问3详解】叉车对货箱所做功的功率23.用煤气炉将4kg的水从20℃加热到70℃,消耗煤气0.05kg。已知煤气的热值为4.2×10⁷J/kg,水的比热容为(1)水吸收的热量.(2)煤气完全燃烧放出的热量.(3)煤气炉加热的效率。【答案】(1)8.4×10⁵J,(2)2.1×10⁶J,(3)40%【解析】【小问1详解】水吸收的热量Q吸=C水m水△t=4.2×10³J/(kg.℃)×4kg×(70-20)℃=8.4×10⁵J【小问2详解】煤气完全燃烧放出的热量Q放=mq=0.05kg×4.2×10⁷J/kg=2.1×10⁶J【小问3详解】煤气炉加热的效率；24.如图所示电路中，灯泡L的规格为“6V3W”,闭合开关S,灯泡正常发光，电流表示数为1.5A。求：(1)通过灯泡L的电流.(2)电阻R的电功率.【答案】(1)0.5A(2)6W(3)1080J【解析】【小问1详解】闭合开关S,灯泡和电阻R并联，电流表测干路电流。此时灯泡正常发光，则通过灯泡L的电流【小问2详解】根据并联电流规律，电阻R的电流IR=I-I=1.5A-0.5A=1A则电阻R的电功率PR=UIR=6V×1A=6W【小问3详解】通电2min,电路消耗的电能W=UIt=6V×1.5A×2×60s=1080J25.小华利用实验室的自来水，探究水在沸腾前后温度变化的特点，实验装置如图甲。甲乙丙(1)图甲中温度计示数为℃.(2)水温升高到90℃开始计时，6分钟后水沸腾，图乙是根据实验数据绘制的温度随时间变化的图像，由图像可知：水(3)小华还想探究沸腾的水能否将试管中的水加热至沸腾，她取了同样的自来水倒入试管，利用图丙所示的装置进行实验，水温升高到85℃开始计时，得到温度和时间的数据如下表.请你根据数据分析：试管中水的最终温度(高于/等于/低于)沸点，试管中的水沸腾。时间/min01234567温度/℃【答案】(1)88(2)不变(3)①.低于②.不会【小问1详解】图甲中温度计的分度值为1℃,示数为88℃。【小问2详解】由图像可知：水在沸腾前，持续吸热，温度升高，沸腾时，持续吸热，温度保持99℃不变。【小问3详解】行校零.【答案】(1)水平(2)①.匀速直线②.2.2(3)乙，丙【小问1详解】【小问2详解】【小问3详解】甲乙(1)根据图甲所示电路图，将图乙的实物图连接完整.实验序号12345电压/V电流/A老师指出表中有一组数据是无法从实验中测得的，请你判断这组数据的实验序号是__(4)通过实验得出初步结论：时，导体中的电流与导体两端的电压成正比。+【答案】(1)(2)定值电阻断路(3)1(4)电阻一定【小问1详解】【小问2详解】闭合开关，小明发现电流表无示数，说明发生断路，电压表示数为6V,则电压表两端与电源相通，电路中仅有一处故障，则故障可能是定值电阻断路。【小问3详解】第1组数据中，电流为0.15A,电压表示数为1.5V,滑动变阻器阻值为而滑动变阻器R₂最大阻值为20Ω,所以第1组数据是无法从实验中测得的。【小问4详解】由表可知，电压与电流的比值为电压与电流的比值为定值，可得：电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比。28.小明和小华利用茶色玻璃板，刻度尺，白纸，两个相同的电子蜡烛等器材，探究平面镜成像的特点。(1)如图甲，将白纸平铺在水平桌面上，再将玻璃板放置在纸上.(2)在玻璃板前放上电子蜡烛A,闭合开关使其发光，再将电子蜡烛B放到玻璃板后，调整B的位置使其与A的像1在纸上分别记录A,B的位置.(3)多次改变A的位置，重复上述实验。在探究像到镜面距离l₂与物到镜面距离l的关系时，下列测量方法中，正确的 即可)MN纸盒小明d图乙【答案】(1)竖直(2)重合(3)方法2(4)①.ac②.N【解析】【小问1详解】【小问2详解】【小问3详解】【小问4详解】贴在纸盒内M处。时，加热设备不工作。(不考虑加热设备对电路的影响)甲【分析与思考】(1)电路中的(R₁/R₂)是热敏电阻.(2)定值电阻的阻值为Ω.(4)长时间使用后，电源电压降低，系统控制的最高温度将0【答案】(1)R₁(2)80(3)3(4)降低【解析】【小问1详解】由图甲可知，热敏电阻阻值随温度升高而减小。图乙中，R₁与R₂串联。若R₂是热敏电阻，温据串联分压原理，R₂电压减小，则R₁电压变大，即加热设备两端的电压UAB变大，不符合题意，所以R₂不是热敏电阻，意。所以R₁是热敏电阻。【小问2详解】开启工作时，加热设备两端的电压UAB=4V,即R₁电压为4V,温度为20℃,对应热敏电阻R₁=160Ω,根据串联分压原理则有解得定值电阻R₂=80Ω。【小问3详解】停止工作时，温度为30℃,对应热敏电阻R₁=80Ω,根据串联分压原理则有解得U₀=3V。【小问4详解】停止加热时，温度最高，根据串联分压原理则则有长时间使用后，电源电压降低，则对应R₁阻值变大，因为热敏电阻R₁阻值随温度升高而减小，所