2024-2025学年广东广州执信中学九年级（上）12月考物理试题及答案

初中2024-2025学年广东省广州市执信中学九年级（上）月考物理试卷（12月份）一、单项选择题（本大题每小题只有一个正确答案，每小题3分，共30分）1．（3分）上层的粒子由下层的粒子构成，下列选项中正确描述物质结构的是（）A． B． C． D．2．（3分）质量相等的一杯热水和一杯冷水降低相同的温度，则它们放出的热量（）A．一样多 B．热水放出的热量多 C．冷水放出的热量多 D．初温不知，无法判断3．（3分）如图所示，把水壶放在天然气灶上烧水的过程中，下列说法正确的是（）A．天然气燃烧越充分，它的热值越大 B．天然气燃烧过程将内能转化为化学能 C．天然气燃烧放出的热量全部被水吸收了 D．水沸腾时壶盖振动，壶内水蒸气的内能转化为壶盖的机械能4．（3分）下列说法正确的是（）A．两物体温度相同，内能一定相同 B．扩散现象中，分子可以从低温物体运动到高温物体 C．两物体相比，分子动能越大的物体，其内能越大 D．甲物体传递了热量给乙物体，说明甲物体内能大5．（3分）如图1所示，用两个相同规格的电加热器正常加热质量、初温都相同的水和煤油。若液体吸收的热量等于电加热器放出的全部热量，加热时间相同。已知水的比热容比煤油的比热容大，图2是水吸收热量与时间的关系图象，则选项中能正确反映煤油吸收热量与时间关系的图象是（）A． B． C． D．6．（3分）小灯泡的结构如图1，按图2连接完好的2.5V灯泡，下列说法正确的是（）A．甲图连接小灯泡亮 B．乙图连接是短路 C．丙图连接小灯泡亮 D．丁图连接是灯泡短路7．（3分）如图所示电路中，电源电压为3V，当闭合开关S后，两灯都不亮。用电压表进行检测，得到的结果是A、B两点之间的电压为零，B、C两点之间的电压为3V，造成故障的原因可能是（）A．电源接触不良 B．开关接触不良 C．乙灯接触不良或灯丝断路 D．甲灯接触不良或灯丝断路8．（3分）通过元件甲、乙的电流与其两端电压的关系如图所示（）A．甲为定值电阻 B．乙的电阻随着电流的增大而增大 C．当甲、乙两端的电压均为2V时，甲的电阻比乙的电阻大 D．当通过甲、乙的电流均为0.4A时，甲的电阻比乙的电阻小9．（3分）如图所示，小明通过定滑轮将一木块沿水平方向匀速拉动一段距离。小明对绳子自由端竖直向上的拉力为F1，绳子自由端上升的距离为h。绳子对木块水平方向的拉力为F2，木块的重力为G，已知F1＞F2，以下说法正确的是（）A．小明使用定滑轮能够省力 B．小明通过定滑轮拉木块所做的有用功W有＝Gh C．小明通过定滑轮拉木块所做的总功W总＝F1h D．定滑轮的机械效率η＝10．（3分）如图1所示，闭合开关，改变R1阻值，在表中记下几组电流表、电压表的读数，并且R2的U﹣I图线如图2所示（）电流/A0.10.30.40.5电压/V2.51.51.00.5A．由表可知，通过R1的电流与它两端的电压成正比 B．由图2可知，通过R2的电流与它两端的电压成反比 C．电流表示数为0.4A时，DF两端的电压为2V D．改变R1阻值的过程中，DF两端的电压大小始终不变二、非选择题（共60分）11．（4分）如图所示为小明家电能表12月初和12月末的示数。（1）小明家12月份共用电kW•h；若小明家所在地区每度电的电费是0.6元，则他家12月份需要付电费共元。（2）已知电能表转盘每转1圈表示消耗电能1000J，当小明家里只有某用电器工作时，电能表转盘转了10转需要10秒，则该用电器在这10秒内消耗的电能是J，该用电器的电功率是W。12．（7分）（1）如图1所示，闭合开关后，LED灯L1比小灯泡L2亮，测得L1的实际功率小于L2的实际功率。则L1两端电压L2两端电压，流经L1的电流L2的电流（以上两空选填“小于”“等于”“大于”）。写出以上两空判断的依据。（2）如图2所示，导体A、B是由同种金属材料做成的，A和B长度相等，但A比B的横截面积大。当开关S闭合后，A的电阻B的电阻，A两端的电压B两端的电压，在相同时间内，电流通过A所做的功电流通过B所做的功（以上三个空选填“小于”“等于”“大于”）。13．（12分）（1）如图1是汽油机的四个冲程示意图。①表示汽油机处于压缩冲程的示意图是。在此过程中，汽缸内气体的内能（选填“增大”、“不变”或“减小”），温度（选填“升高”“不变”“降低”）。②在做功冲程中，汽缸内气体的内能转化为活塞的能，表示汽油机处于做功冲程的示意图是。（2）完全燃烧1.4g酒精释放的热量是完全燃烧0.7g酒精释放热量的倍。0.7g酒精完全燃烧释放的热量是2.1×104J。这些热量全部被100g的液体A吸收，液体的温度升高了50℃；完全燃烧1.4g酒精释放的热量全部被200g的液体A吸收，液体的温度升高了Δt＝℃（不考虑散热）。现用图2所示装置加热200g的液体A，燃烧了1.4g酒精，液体升高的温度小于Δt，请说出会导致这个结果的原因。（3）图3为注射器，开口处用橡皮套密封，使注射器内密封了一定质量的气体。小明通过温度传感器监测注射器内气体的温度。当他缓慢推动活塞压缩注射器中的气体，发现压缩过程中注射器内气体温度保持不变。若活塞对气体做功为5J。（由于针筒内气体分子间距离很大，分子间作用力可忽略不计，因此在实验中可以不考虑分子势能。）①上述过程中，注射器内气体的内能（选填“变大”“变小”“不变”），判断的依据是：。②上述过程中，注射器内气体（填下列选项的序号）。A.一定有向外界放热B.一定有从外界吸热C.无法确定是否有吸放热14．（8分）（1）小红连接了如图1所示的电路，当她接好电路开关未闭合时，L1和L2均已发光；当闭合开关时，（选填“L1发光L2不发光”“L1不发光L2发光”“两灯均不发光”），原因是：。（2）如图2所示，将一个重为4.5N的物体（物体大小可忽略不计）沿粗糙斜面从底端匀速拉到顶端（不计空气阻力）。①在图2中画出物体运动过程中除重力和拉力外受到的其它力。②已知斜面长1.2m，高为0.4m，斜面对物体的摩擦力为0.3N。则在上述过程中有用功为J，额外功为J，沿着斜面向上的拉力大小为N。利用该过程求得斜面的机械效率η＝。（计算结果保留两位小数）15．（7分）为了探究“通过导体的电流与导体电阻”的关系，小明将不同阻值的电阻R分别连接在同一电源两端，如图甲所示。（1）小明把各次实验数据记录在表中，第4次实验电流表的示数如图乙所示，则表中空格处数据为。实验次数电阻/Ω电流/A150.282100.183150.14420（2）分析上表的实验数据，小明（选填“能”“不能”）得到“通过导体的电流与导体电阻成反比”的结论。为此，老师建议小明增加1个滑动变阻器，以及在电阻R两端加上电压表，这样做的目的是。（3）增加器材后，请你帮小明在虚线方框内画出实验电路图，并根据电路图连接图丙的电路。16．（8分）如下表所示，是某家庭电热饮水机说明书上的一些数据，饮水机正常工作10min将1kg的水从20℃加热到100℃。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]热水箱容量1L加热时功率880W额定电压220V保温时功率44W求加热过程中：（1）通过电热饮水机的电流；（2）电热饮水机消耗的电能；（3）电热饮水机中水吸收的热量；（4）电能转化为水的内能的效率。（计算结果保留两位小数）17．（9分）图1中用100N的拉力F1水平拉动物体A在水平路面匀速移动了1m。如图2所示，改用滑轮组（滑轮组的绕线未画出）拉动A在同一路面匀速移动了1m，在这过程中绳子自由端移动了3m，对绳子自由端的拉力F2大小为40N，求此过程滑轮组的：（1）有用功；（2）总功；（3）额外功；（4）机械效率；（计算结果保留两位小数）（5）按题意在图2中画出滑轮组的绕绳。18．（5分）小明用两端电压不变的电源及其他器材再次做了如图所示的实验。他将电阻丝R1、R2先后分别接入电路中的a、b两端，闭合开关后，观察到接入R2时，小灯泡的亮度更亮，电流表的示数更大。已知灯泡亮度变亮时，灯丝电阻变大。根据以上信息判断R1与R2阻值的大小关系为R1R2（选填“＞”“＝”“＜”），写出分析的过程（可画电路图辅助说明）。

2024-2025学年广东省广州市执信中学九年级（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析题号12345678910答案AADBBCCDCC一、单项选择题（本大题每小题只有一个正确答案，每小题3分，共30分）1．（3分）上层的粒子由下层的粒子构成，下列选项中正确描述物质结构的是（）A． B． C． D．【答案】A【分析】物质是由分子组成，分子又由原子组成的，原子又由原子核和核外电子组成，且核外电子带负电绕原子核高速运动，原子核又是由带正电的质子和不带电的中子组成，比质子中子还小的微粒还有夸克。【解答】解：A、原子由位于中心的原子核和核外电子组成。故A正确；B、C、原子核又是由带正电的质子和不带电的中子组成。故B、C错误；D、分子是由原子组成的，原子由位于中心的原子核和核外电子组成。故D错误。故选：A。【点评】本题考查了物质组成和原子结构的知识，相对比较简单，但越是简单的题越要细心，防止粗心大意而出错。2．（3分）质量相等的一杯热水和一杯冷水降低相同的温度，则它们放出的热量（）A．一样多 B．热水放出的热量多 C．冷水放出的热量多 D．初温不知，无法判断【答案】A【分析】水的质量相同、升高的温度相同，根据Q＝cmΔt可知，它们放热大小。【解答】解：质量相等的一杯热水和一杯冷水降低相同的温度，因为Q＝cmΔt，m相同、Δt相同，所以它们放出的热量相同。故选：A。【点评】物体吸收的热量与物体的质量、比热容、温度的升高值有关，而与物体的初温无关。3．（3分）如图所示，把水壶放在天然气灶上烧水的过程中，下列说法正确的是（）A．天然气燃烧越充分，它的热值越大 B．天然气燃烧过程将内能转化为化学能 C．天然气燃烧放出的热量全部被水吸收了 D．水沸腾时壶盖振动，壶内水蒸气的内能转化为壶盖的机械能【答案】D【分析】（1）热值是燃料本身的特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量、放出热量的多少以及是否充分燃烧无关。（2）燃料燃烧是化学能转化为内能。（3）有用能量和总能量的比例为能量效率。（4）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程。【解答】解：A.热值是燃料本身的特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量、放出热量的多少以及是否充分燃烧无关，故A错误；B.天然气燃烧过程将化学能转化为内能，故B错误；C.天然气燃烧放出的热量有一部分散失，不会被水全部吸收，故C错误；D.水沸腾时壶盖振动，壶内水蒸气的内能转化为壶盖的机械能，故D正确；故选：D。【点评】本题主要考查了热值概念的理解，燃料燃烧时的能量转化，以及改变内能的两种方式，有一定综合性，但难度不大。4．（3分）下列说法正确的是（）A．两物体温度相同，内能一定相同 B．扩散现象中，分子可以从低温物体运动到高温物体 C．两物体相比，分子动能越大的物体，其内能越大 D．甲物体传递了热量给乙物体，说明甲物体内能大【答案】B【分析】（1）物体的内能与温度、状态等多个因素有关；（2）物体内部所有分子的分子动能和分子势能的总和叫作内能；（3）发生热传递的条件是存在温度差；（4）扩散现象反映了组成物质的分子永不停息地做无规则运动。【解答】解：A、物体的内能与质量、温度、状态等多个因素有关，所以，两物体温度相同，其内能不一定相同，故A错误；B、扩散现象说明分子在永不停息地做无规则运动，所以分子可以从低温物体运动到在高温物体，故B正确；C、物体的分子动能越大，其分子势能不一定大，所以不能比较两物体内能的大小，故C错误；D、发生热传递的条件是存在温度差；甲物体传递了热量给乙物体，说明甲物体的温度高，而温度高的物体可能其质量小，其内能不一定大，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了内能的定义、内能大小的判定、热传递的条件、扩散现象，属于基础知识。5．（3分）如图1所示，用两个相同规格的电加热器正常加热质量、初温都相同的水和煤油。若液体吸收的热量等于电加热器放出的全部热量，加热时间相同。已知水的比热容比煤油的比热容大，图2是水吸收热量与时间的关系图象，则选项中能正确反映煤油吸收热量与时间关系的图象是（）A． B． C． D．【答案】B【分析】根据相同加热器加热相同时间，热量相等分析解答。【解答】解：用两个相同规格的电加热器正常加热质量、初温都相同的水和煤油。若液体吸收的热量等于电加热器放出的全部热量，加热时间相同，每个相同的时间吸收的热量都是相等，故图像完全相同，根据图中B正确，ACD错误。故选：B。【点评】本题考查相同加热器的意义，属于基础题。6．（3分）小灯泡的结构如图1，按图2连接完好的2.5V灯泡，下列说法正确的是（）A．甲图连接小灯泡亮 B．乙图连接是短路 C．丙图连接小灯泡亮 D．丁图连接是灯泡短路【答案】C【分析】用电器或电源的两端被导线相连，则用电器或电源被短路；电路断路时，电路中无电流。【解答】解：A、甲图中小灯泡没有接入电路，灯泡不发光，故A错误；B、乙图中，没有导线将灯泡与电源连接，没有构成通路，所以小灯泡不会发光，故B错误；C、丙图连接正确，电路中有电流，灯泡亮，故C正确；D、丁图中电源两端被导线相连，电源电路，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了电路的连接和电路的组成，属于基础知识，要掌握。7．（3分）如图所示电路中，电源电压为3V，当闭合开关S后，两灯都不亮。用电压表进行检测，得到的结果是A、B两点之间的电压为零，B、C两点之间的电压为3V，造成故障的原因可能是（）A．电源接触不良 B．开关接触不良 C．乙灯接触不良或灯丝断路 D．甲灯接触不良或灯丝断路【答案】C【分析】闭合开关，灯泡不亮，原因有三：短路、断路或通过的电流太小。两只灯泡串联在电路中，不可能同时短路（会烧坏电源）；也不可能一只短路（另一只会发光）；只能是一只断路或电路电流太小。【解答】解：A、电源接触不良，BC间电压为零，故A错误；B、开关接触不良，BC间电压为零，故B错误；C、如果乙灯接触不良或灯丝断开，两灯都不亮，电压表并联到A、B两点间其示数为0；将电流表并联到B、C两点间指针有明显偏转，且甲灯亮乙灯不亮，故C正确；D、如果甲灯接触不良或灯丝断开，两灯都不亮，电压表并联到A、B两点间有示数；电流表并联到B、C两点间指针不会偏转，甲灯不会亮，故D错误。故选：C。【点评】使用电压表判断电路故障时，将电压表与某一用电器并联，闭合开关，若电压表显示较大示数（接近电源电压），故障为并联的用电器断路或串联的用电器短路；若电压表无示数，故障为并联的用电器短路或串联的用电器断路。8．（3分）通过元件甲、乙的电流与其两端电压的关系如图所示（）A．甲为定值电阻 B．乙的电阻随着电流的增大而增大 C．当甲、乙两端的电压均为2V时，甲的电阻比乙的电阻大 D．当通过甲、乙的电流均为0.4A时，甲的电阻比乙的电阻小【答案】D【分析】（1）（2）定值电阻的U﹣I图象是正比例函数图象；电阻的大小与电流、电压的大小无关；（3）（4）根据电压值和电流值，利用欧姆定律分析。【解答】解：AB、由图可知，乙电阻的I﹣U图象是正比例函数，其两端电压和通过的电流的比值是定值，因此乙是定值电阻；甲的I﹣U图象不是正比例函数，其两端电压和通过的电流的比值不是定值，因此甲不是定值电阻；电阻是导体的一种特性，与通过到的电流大小无关，故AB错误；C、当甲、乙两端的电压均为2V时，根据图示可知，通过甲的电流大于通过乙的电流，根据R＝可知，甲的电阻比乙的电阻小，故C错误；D、当通过甲、乙的电流均为0.4A时，乙两端的电压大，根据R＝可知，甲的电阻比乙的电阻小，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了学生对欧姆定律的应用以及U﹣I图象的特点的掌握，能从图象中读取有用的信息是解题的关键。9．（3分）如图所示，小明通过定滑轮将一木块沿水平方向匀速拉动一段距离。小明对绳子自由端竖直向上的拉力为F1，绳子自由端上升的距离为h。绳子对木块水平方向的拉力为F2，木块的重力为G，已知F1＞F2，以下说法正确的是（）A．小明使用定滑轮能够省力 B．小明通过定滑轮拉木块所做的有用功W有＝Gh C．小明通过定滑轮拉木块所做的总功W总＝F1h D．定滑轮的机械效率η＝【答案】C【分析】A、定滑轮能改变力的方向，不省力；B、根据W有＝F2h得出小明通过定滑轮拉木块所做的有用功；C、根据W总＝F1h得出小明通过定滑轮拉木块所做的总功；D、根据η＝＝＝得出定滑轮的机械效率。【解答】解：A、此滑轮为定滑轮，不省力，故A错误；B、小明通过定滑轮拉木块所做的有用功W有＝F2h，故B错误；C、小明通过定滑轮拉木块所做的总功W总＝F1h，故C正确；D、定滑轮的机械效率η＝＝＝，故D错误。故选C。【点评】本题考查功和机械效率的计算，综合性强，难度适中。10．（3分）如图1所示，闭合开关，改变R1阻值，在表中记下几组电流表、电压表的读数，并且R2的U﹣I图线如图2所示（）电流/A0.10.30.40.5电压/V2.51.51.00.5A．由表可知，通过R1的电流与它两端的电压成正比 B．由图2可知，通过R2的电流与它两端的电压成反比 C．电流表示数为0.4A时，DF两端的电压为2V D．改变R1阻值的过程中，DF两端的电压大小始终不变【答案】C【分析】A.由表可知，通过R1的电流与它两端的电压的比值在变，不成正比；B.由R2的U﹣I图线是倾斜直线，通过R2的电流与它两端的电压成正比；C.电流表示数为0.4A时，表格中对应电压表的读数即UDE，U﹣I图线纵轴对应读数是UEF，则DF两端的电压UDF＝UDE+UEF；D.根据串联电路总电压等于各部分电路两端电压之和，找出不同电流时对应的电源电压，进行比较。【解答】解：A.由表可知，通过R1的电流与它两端的电压的比值在变，不成正比，故A错误；B.由R2的U﹣I图线是倾斜直线，通过R2的电流与它两端的电压成正比，故B错误；C.电流表示数为0.4A时，表格中对应电压表的读数即UDE＝1.0V，U﹣I图线纵轴对应读数是UEF＝1.0V，则DF两端的电压UDF＝UDE+UEF＝1.0V+1.0V＝2.0V，故C正确；D.当电流为0.1A、0.3A、0.4A、0.5A时，由表格中对应电压表的读数即UDE分别为2.5V、1.5V、1.0V、0.5V，当电流为0.1A、0.3A、0.4A、0.5A时，由图2可知，R2两端的电压即UEF分别为0.25V、0.75V、1.0V、1.25V，根据串联电路电压规律，则DF两端的电压UDF＝UDE+UEF分别为：2.75V、2.25V、2.0V、1.75V，所以改变R1阻值的过程中，DF两端的电压大小是改变的，故D错误。故选：C。【点评】本题考查从图像和图表中获取信息解决问题的能力，难度适中。二、非选择题（共60分）11．（4分）如图所示为小明家电能表12月初和12月末的示数。（1）小明家12月份共用电100kW•h；若小明家所在地区每度电的电费是0.6元，则他家12月份需要付电费共60元。（2）已知电能表转盘每转1圈表示消耗电能1000J，当小明家里只有某用电器工作时，电能表转盘转了10转需要10秒，则该用电器在这10秒内消耗的电能是1×104J，该用电器的电功率是1000W。【答案】（1）100；60；（2）1×104；1000。【分析】（1）电能表的最后一位数是小数，单位是kW•h；小明家12月份消耗的电能等于12月末和12月初电能表的示数之差；知道电价、用电量可求应付电费；（2）3600r/（kW•h）表示的含义是：每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3600转，据此求出电能表的转盘转过10r消耗的电能，根据P＝得到该用电器的电功率。【解答】解：（1）小明家12月份消耗的电能1425.5kW•h﹣1325.5kW•h＝100kW•h，他家12月份需要付电费100×0.6元＝60元；（2）3600r/（kW•h）表示的含义是：每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3600转，电能表的转盘转了10转，则该用电器消耗的电能W＝×3.6×106J＝1×104J，该用电器的电功率P＝＝＝1000W。故答案为：（1）100；60；（2）1×104；1000。【点评】本题考查了电能表的读数和电功率的计算，明确电能表参数的含义是关键。12．（7分）（1）如图1所示，闭合开关后，LED灯L1比小灯泡L2亮，测得L1的实际功率小于L2的实际功率。则L1两端电压等于L2两端电压，流经L1的电流小于L2的电流（以上两空选填“小于”“等于”“大于”）。写出以上两空判断的依据并联电路各支路电压相等；L1的实际功率小于L2的实际功率，由P＝UI可知，流经L1的电流小于L2的电流。（2）如图2所示，导体A、B是由同种金属材料做成的，A和B长度相等，但A比B的横截面积大。当开关S闭合后，A的电阻小于B的电阻，A两端的电压小于B两端的电压，在相同时间内，电流通过A所做的功小于电流通过B所做的功（以上三个空选填“小于”“等于”“大于”）。【答案】（1）等于；小于；并联电路各支路电压相等；L1的实际功率小于L2的实际功率，由P＝UI可知，流经L1的电流小于L2的电流；（2）小于；小于；小于。【分析】（1）由图1可知，LED灯L1与小灯泡L2并联，根据并联电路的电压特点可知L1与L2两端的电压关系；根据P＝UI可知通过L1与L2的电流关系；（2）根据导体电阻的影响因素可知A与B的电阻关系；由图2可知A与B串联，根据串联电路特点可知通过A与B的电流关系，根据欧姆定律可知A与B两端的电压关系；根据W＝UIt可知电流通过A与B所做的功的关系。【解答】解：（1）由图1可知，LED灯L1与小灯泡L2并联，根据并联电路的电压特点可知，LED灯L1与小灯泡L2两端的电压相等；根据题意可知，L1的实际功率小于L2的实际功率，由P＝UI可知，流经L1的电流小于L2的电流；（2）根据题意可知，导体A、B是由同种金属材料做成的，A和B长度相等，但A比B的横截面积大，根据导体电阻的影响因素可知，A的电阻小于B的电阻；由图2可知A与B串联，根据串联电路特点可知，通过A与B的电流相等；由于A的电阻小于B的电阻，根据欧姆定律可知，A两端的电压小于B两端的电压；根据W＝UIt可知，在相同时间内，电流通过A所做的功小于电流通过B所做的功。故答案为：（1）等于；小于；并联电路各支路电压相等；L1的实际功率小于L2的实际功率，由P＝UI可知，流经L1的电流小于L2的电流；（2）小于；小于；小于。【点评】本题考查串并联电路的特点、导体电阻的影响因素、欧姆定律、电功率公式以及电功公式的应用，是一道电学综合题，难度不大。13．（12分）（1）如图1是汽油机的四个冲程示意图。①表示汽油机处于压缩冲程的示意图是D。在此过程中，汽缸内气体的内能增大（选填“增大”、“不变”或“减小”），温度升高（选填“升高”“不变”“降低”）。②在做功冲程中，汽缸内气体的内能转化为活塞的机械能，表示汽油机处于做功冲程的示意图是A。（2）完全燃烧1.4g酒精释放的热量是完全燃烧0.7g酒精释放热量的2倍。0.7g酒精完全燃烧释放的热量是2.1×104J。这些热量全部被100g的液体A吸收，液体的温度升高了50℃；完全燃烧1.4g酒精释放的热量全部被200g的液体A吸收，液体的温度升高了Δt＝50℃（不考虑散热）。现用图2所示装置加热200g的液体A，燃烧了1.4g酒精，液体升高的温度小于Δt，请说出会导致这个结果的原因加热过程中存在热损失。（3）图3为注射器，开口处用橡皮套密封，使注射器内密封了一定质量的气体。小明通过温度传感器监测注射器内气体的温度。当他缓慢推动活塞压缩注射器中的气体，发现压缩过程中注射器内气体温度保持不变。若活塞对气体做功为5J。（由于针筒内气体分子间距离很大，分子间作用力可忽略不计，因此在实验中可以不考虑分子势能。）①上述过程中，注射器内气体的内能变大（选填“变大”“变小”“不变”），判断的依据是：压缩过程中机械能转化为内能。②上述过程中，注射器内气体B（填下列选项的序号）。A.一定有向外界放热B.一定有从外界吸热C.无法确定是否有吸放热【答案】（1）①D；增大；升高；②机械；A；（2）2；50；加热过程中存在热损失（或者燃料没有完全燃烧）；（3）内能；压缩过程中机械能转化为内能；B。【分析】（1）在汽油机的四个冲程中，进气阀和排气阀均关闭的只有压缩冲程和做功冲程，而在压缩冲程中活塞向上运动，做功冲程中活塞向下运动，火花塞点燃；内燃机的四个冲程中有两个冲程发生能量转化，一是压缩冲程中机械能转化为内能；二是做功冲程中内能转化为机械能。（2）热值是燃料的一种特性，根据Q＝mq作出分析；根据Q＝cmΔt来分析；考虑燃料是否完全燃烧、放出的热量是否会被液体完全吸收等因素。（3）改变内能的方法有：做功和热传递；做功冲程将内能转化为机械能，压缩冲程将机械能转化为内能；内能的大小与质量、状态、温度等于因素有关。【解答】解：（1）①根据图示可知，D两个气阀关闭，活塞向上运动，是压缩冲程，内燃机的压缩冲程是将机械能转化为内能，故气体的内能增大、温度升高；②根据图示可知，A火花塞点燃，两个气阀关闭，是做功冲程，内燃机的做功冲程是将内能转化为机械能。（2）热值是燃料的一种特性，1.4g是0.7g的2倍，根据Q＝mq可知，完全燃烧1.4g酒精释放的热量是完全燃烧0.7g酒精释放热量的2倍；液体A的比热容不变，完全燃烧1.4g酒精释放的热量是完全燃烧0.7g酒精释放热量的2倍，不考虑散热，则由题意可知，200g的液体A吸收的热量是100g的液体A的2倍；200g是100g的2倍，根据Q＝cmΔt可知，两液体升高的温度相同，均为50℃；实验时，发现液体升高的温度小于Δt的原因：加热过程中存在热损失，燃料没有完全燃烧。（3）在下压活塞的过程中，压缩气体做功，活塞的机械能转化为注射器内的气体的内能，气体的内能增大，压缩过程中针筒内气体温度保持不变，质量和状态不变，则气体的内能不变；活塞对气体做功5J，气体的内能不变，则针筒内气体一定向外界放热，故B正确，AC错误。故答案为：（1）①D；增大；升高；②机械；A；（2）2；50；加热过程中存在热损失（或者燃料没有完全燃烧）；（3）内能；压缩过程中机械能转化为内能；B。【点评】此题主要考查了学生对热机四个冲程，热值、热量计算公式的理解和掌握，考点较多，有些难度。14．（8分）（1）小红连接了如图1所示的电路，当她接好电路开关未闭合时，L1和L2均已发光；当闭合开关时，L1不发光L2发光（选填“L1发光L2不发光”“L1不发光L2发光”“两灯均不发光”），原因是：L1被短路。（2）如图2所示，将一个重为4.5N的物体（物体大小可忽略不计）沿粗糙斜面从底端匀速拉到顶端（不计空气阻力）。①在图2中画出物体运动过程中除重力和拉力外受到的其它力。②已知斜面长1.2m，高为0.4m，斜面对物体的摩擦力为0.3N。则在上述过程中有用功为1.8J，额外功为0.36J，沿着斜面向上的拉力大小为1.8N。利用该过程求得斜面的机械效率η＝83.33%。（计算结果保留两位小数）【答案】（1）L1不发光L2发光；L1被短路；（2）①②1.8；0.36；1.8；83.33%。【分析】（1）如图的电路，开关未闭合时，L1和L2串联，当闭合开关时，L1被短路；（2）①物体还受到斜面的支持力和摩擦力；②W有用＝Gh，W额外＝fL，W总＝W有用+W额外＝FL；η＝。【解答】解：（1）如图的电路，开关未闭合时，L1和L2串联，当闭合开关时，L1被短路，L1不发光；（2）①物体还受到斜面的支持力和摩擦力，示意图如下：②W有用＝Gh＝4.5N×0.4m＝1.8J；W额外＝fL＝0.3N×1.2m＝0.36J；W总＝W有用+W额外＝2.16J，W总＝FL，则F＝＝；η＝%＝%≈83.33%。故答案为：（1）L1不发光L2发光；L1被短路；（2）①受力图见解析；②1.8；0.36；1.8；83.33%。【点评】本题第一问较简单，第二问稍繁琐一些。15．（7分）为了探究“通过导体的电流与导体电阻”的关系，小明将不同阻值的电阻R分别连接在同一电源两端，如图甲所示。（1）小明把各次实验数据记录在表中，第4次实验电流表的示数如图乙所示，则表中空格处数据为0.12A。实验次数电阻/Ω电流/A150.282100.183150.14420（2）分析上表的实验数据，小明不能（选填“能”“不能”）得到“通过导体的电流与导体电阻成反比”的结论。为此，老师建议小明增加1个滑动变阻器，以及在电阻R两端加上电压表，这样做的目的是控制定值电阻两端电压相同。（3）增加器材后，请你帮小明在虚线方框内画出实验电路图，并根据电路图连接图丙的电路。【答案】（1）0.12；（2）不能；控制定值电阻两端电压相同；（3）见解答图；见解答图。【分析】（1）根据量程和分度值读数；（2）探究电流与电阻的关系时，应控制电压不变，据此分析；添加滑动变阻器和电压表观察电压是否保持不变；（3）根据要求画出电路图并确定电表量程和电路连接。【解答】解：（1）从图中得到电流表的量程是0﹣0.6A，分度值是0.02A，示数为0.12A。（2）探究通过导体的电流与导体电阻的关系，保持电阻两端的电压不变，在电路中串联滑动变阻器，并在电阻R两端加上电压表，观察电阻两端的电压是否保持不变，此步骤可以控制定值电阻两端电压不变。（3）电压表并联在定值电阻两端，滑动变阻器串联在电路中，电路图如图所示：图中电源为三节电池，因此电源两端的电压应该是4.5V，将滑动变阻器与电阻R及开关、电流表串联且与电源正负极相连成一个闭合回路，电压表接在电阻R两端，根据表中的数据可知电流表可以接在0～0.6A的量程，电压表可以接在0～3V的量程；如下图：。故答案为：（1）0.12；（2）不能；控制定值电阻两端电压相同；（3）见解答图；见解答图。【点评】本题探究通过导体的电流与电压和电阻的关系，考查电路的连接、设计等知识。16．（8分）如下表所示，是某家庭电热饮水机说明书上的一些数据，饮水机正常工作10min将1kg的水从20℃加热到100℃。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]热水箱容量1L加热时功率880W额定电压220V保温时功率44W求加热过程中：（1）通过电热饮水机的电流；（2）电热饮水机消耗的电能；（3）电热饮水机中水吸收的热量；（4）电能转化为水的内能的效率。（计算结果保留两位小数）【答案】（1）通过电热饮水机的电流为4A；（2）电热饮水机消耗的电能为5.28×105J；（3）电热饮水机中水吸收的热量为3.36×105J；（4）电能转化为水的内能的效率为63.64%。【分析】（1）由图表格数据可知电热饮水机的额定加热功率和额定电压，根据P＝UI求出加热过程中通过电热饮水机的电流；（2）根据W＝Pt求出电热饮水机消耗的电能；（3）根据Q吸＝cmΔt求出电热饮水机中水吸收的热量；（4）根据效率公式求出电能转化为水的内能的效率。【解答】解：（1）由表格数据可知，电热饮水机的额定加热功率P加热＝880W，额定电压U＝220V，由P＝UI可知，加热过程中通过电热饮水机的电流：I＝＝＝4A；（2）电热饮水机消耗的电能：W＝P加热t＝880W×10×60s＝5.28×105J；（3）电热饮水机中水吸收的热量：Q吸＝c水mΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×1