甘肃省酒泉市2024-2025学年高二上学期1月期末考试物理含答案酒泉期末-物理da

1.D法拉第是首次发现电磁感应现象的物理学家,D正确.2.C电磁波的传播不需要介质,A错误;雷达是用微波来测定物体位置的设备,B错误;电磁波的波速c、波长λ和频率f的关系为c=λf,C正确;遥控器发出的红外线和医院“CT”中的X射线的波长不同,D错误.3.B根据公式E,可得该点的电场强度大小E,在电场中负电荷受到的电场力方向和电场方向相反,故该点的电场强度方向与F相反,B正确.4.A点电荷是一种理想模型,真正的点电荷是不存在的,A正确;一个带电体能否看成点电荷不是看其大小,是看它的形状和尺寸对相互作用力的影响能否忽略不计,因此并非任何带电体,都可以看成是电荷全部集中于球心的点电荷,也并不是只有带电球体才可以看成点电荷,其他形状带电体不能看成点电荷,也不是大的带电体一定不能看成点电荷和小的带电体一定能看成点电荷,B、C、D错误.5.D根据电阻决定式R=P可知,将A、B接入电路中时,电阻大小R,将C、D接入电路中时,电阻大小R故两种情况下电阻之比,且电压不变,由欧姆定律可知电流与电阻成反比,则通过该导体的电流为I,D正确.6.D根据左手定则可知,图A、B、C中电荷受洛伦兹力的方向都是正确的;D图中电荷受洛伦兹力方向应该垂直纸面向里,D错误.7.C将两个相距为x0处的静止点电荷缓慢移至相距为2x0处,需做功w,则w再将两者缓慢移至相距为处,则需做功ww,C正确.8.BD根据题意可知,该实验是用来研究通电导线在磁场中的受力大小与电流大小、导线长度和磁场大小的关系,A错误;在其他条件相同的情况下,通入的电流越大,导线受力越大,导线摆动的角度也越大,B正确;他条件相同的情况下,若换用磁场更强的磁铁,导线受力越大,导线摆动的角度也越大,D正确.9.AC灯泡与滑动变阻器串联,电流表测电路中的电流,当药液减少时,滑片上移,变阻器接入电路的电阻变大,则电流表的示数减小,A正确;灯泡与滑动变阻器串联,电压表测滑动变阻器的电压,当药液减少时,滑片上移,滑动变阻器接入电路的电阻变大,根据串联分压原理,可知电压表的示数也变大,B错误;灯泡与滑动变阻器串联,电压表测滑动变阻器的电压,当药液减少时,滑片上移,滑动变阻器接入电路的电阻变小,根据串联分压原理,可知电压表的示数也变小,C正确;灯泡与滑动变阻器并联,不考虑电源内阻,则电压表的示数不变,D错误.10.BD根据Q=CU,可知QU图像的斜率表示电容器的电容,由图像可得A错误、B正确;根据C可知,若甲、乙两极板正对面积和板间绝缘介质均相同,则电容器两极板的间距d甲<d乙,同理,若甲、乙两极板的间距和板间绝缘介质均相同,则两极板的正对面积S甲>S乙,C错误、D正确.解析:由图甲可知,金属丝长度L=41.00cm;由图乙可知,金属丝的直径d=0mm十0.01×22.9mm=0.229mm;由图丙可知,被测电阻的阻值R=9×10=90Ω.12.(1)FBD其他形式合理也对)(每空3分)解析:(1)由题意,可以判断电表2一定为电流表(若电表2为电压表,则其读数不可能达到量程的三分之一),从而通过与定值电阻的串联来间接获取“LED”灯两端的电压.当“LED”灯两端电压为3V时,若电表2选择A,则其所在支路的总电阻必须小于或等于15Ω才符合题意,根据器材C、D可知,这种情况不可能成立,故电表2应选B;假设当“LED”灯两端电压达到3V时,电流表A2刚好满偏,则A2所在支路总电阻 3VR支=RA2十R=1.5mA=2000Ω,解得R=1985Ω,可见R2刚好满足实验要求, 3V【高二期末考试参考答案●物理第1页(共2页)】“LED”灯正常工作时,通过电表1的电流约I=1.5mA十=7.5mA,所以电表1不可能为电流表A1,只能是电压表V,“LED”灯正常工作时,它与定值电阻R2以及电流表A2三者混联电路的等效电阻约R混=2)=400Ω,根据串联分压规律,易知此时电压表两端电压UV=2.5×3V=7.5V>3V,读数2超过了量程的三分之一,符合实验要求,故电表1应选F.(2)根据部分电路欧姆定律以及串并联电阻规律,可得“LED”灯工作时的电阻R父13.解:当开关S断开时,R1和R2串联,电压表测量的是路端电压由闭合电路的欧姆定律,有E=U十R1R2r(3分)当开关S闭合时,R3和R2并联,有R并=RR233=2Ω(2分)根据闭合电路的欧姆定律,有E=UI十(r十R并)(3分)联立解得E=6V,r=0.5Ω(2分)14.解:(1)粒子在极板间做类平抛运动,轨迹如图所示水平方向有2\d=Ψ0t(1分)竖直方向有d=t(1分)联立解得Ψy=\0故粒子进入磁场时的速度大小(2分)设速度方向与水平方向的夹角为θ,有tanθ=,解得θ=30。(1分)(2)粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动,设半径为r由洛伦兹力提供向心力,有qΨB=m(2分)解得r=(2分)15.解:(1)杆ab中的电流方向由a到b,由左手定则可知,安培力方向平行于导轨向上当电流较大时,杆有向上的运动趋势,当静摩擦力向下达到最大时,通过ab的电流为Imax,对杆ab受力分析,如图甲所示沿导轨方向,有BImaxd=mgsinθ十f1(1分)垂直导轨方向,有FN=mgcosθ(1分)其中f1=μFN(1分)联立解得Imax=0.46A(1分)当电流较小时,杆有向下的运动趋势,当静摩擦力向上达到最大时,通过ab的电流为Imin,对杆ab受力分析,如图乙所示沿导轨方向,有BImind十f2=mgsinθ(1分)垂直导轨方向,有FNI=mgcosθ(1分)其中f2=μFNI(1分)联立解得Imin=0.14A(1分)所以通过杆ab电流大小的范围是0.14A≤I≤0.46A(1分)甲乙丙(2)因为F安=BId=0.