贵州省贵阳市2025-2026学年高二上学期期末物理模拟试卷【含答案】

贵州省贵阳市2025-2026学年高二（上）期末物理模拟试卷一、单选题：本大题共7小题，每小题4分，共28分。1.自然界的电、热和磁等现象都是相互联系的，很多物理学家为寻找它们之间的联系做出了贡献。下列说法不正确的是(

)A.奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系

B.欧姆发现了欧姆定律，说明了热现象和电现象之间存在联系

C.法拉第发现了电磁感应现象，揭示了磁现象和电现象之间的联系

D.焦耳发现了电流的热效应，定量得出了电能和热能之间的转换关系2.如图所示，将一金属空腔放在匀强电场中，稳定后，电场线如图分布。A为金属外一点，B为金属空腔内一个点。下列说法正确的是(

)

A.金属外表面的电场和金属外表面垂直

B.B点感应电场为零

C.A点电场强度等于B点的电场强度

D.正电荷在A点的电势能等于在B点的电势能3.如图所示，光滑绝缘水平面上有质量分别为m和2m的带有异种电荷的小球A、B(A、B可视为质点)，现在B球上施加水平向右，大小为F的作用力后，当两小球保持相对静止时，A、B间的距离为L；若改用方向水平向左，大小为F2的力作用在A上后，两小球仍能保持相对静止时，则A、B间的距离为(

)A.4L B.2L C.L 4.古时有“守株待兔”的寓言.假设兔子的质量约为2 kg，以15 m/sA.兔子撞树前的动量大小为30 kg·m/s

B.兔子撞树过程中的动量变化量为32 5.如图所示，闭合矩形导体框在水平方向的匀强磁场中绕竖直方向的对称轴匀速转动。已知匀强磁场的磁感应强度为B，导体框的面积为S，导体框从图示位置开始转动并开始计时，则下列说法正确的是(

)A.0时刻穿过导体框的磁通量为BS

B.导体框从图示位置转过180°，穿过导体框的磁通量为0

C.导体框从图示位置转过30°和60°，对应穿过导体框的磁通量之比为1：2

D.导体框从图示位置转过30°6.板间距为d的平行板电容器所带电荷量为Q时，两极板间电势差为U1，板间电场强度为E1.现将电容器所带电荷量变为2Q，极板间距变为12d，其他条件不变，这时两极板间电势差为UA.U2=U1，E2=E1 B.U2=2U17.如图所示，真空中等量的异种点电荷甲、乙所形成的电场中，一试探电荷仅在电场力的作用下的运动轨迹如图中虚线所示，O点位于甲、乙电荷连线的中点，A、B是运动轨迹上的两个点，A、B关于O点对称，下列说法正确的是(

)

A.试探电荷带正电

B.试探电荷在A点的加速度等于在B点的加速度

C.试探电荷在A点的动能等于在B点的动能

D.试探电荷在A点的电势能等于在B点的电势能二、多选题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。8.如图所示、电源电压E=6V，内阻不计，电阻R1=2Ω，R2=4Ω，R3A.S断开时电容器的电压为2V

B.S断开时电容器a极板带正电

C.S闭合电路稳定后，电容器b极板带负电

D.S闭合电路稳定后，电容器所带电荷量为9.在光滑的水平面上，质量为3m的小球A以速度v0水平向右运动，与质量为m的静止的小球B发生弹性碰撞。在碰撞过程中下列说法正确的是(

)A.A和B小球组成的系统动量守恒，机械能守恒

B.A和B小球组成的系统动量守恒，机械能不守恒

C.碰后A球的速度为12v0，B球的速度为32v0

D.碰后A10.如图甲所示，电源电动势E=6V，定值电阻R=6Ω，已知滑动变阻器消耗的功率P与其接入电路的有效阻值RpA.电源的内阻为4Ω．

B.图乙中有效阻值Rx为15 Ω

C.图乙中滑动变阻器消耗的最大功率P2为0.9 W三、实验题：本大题共2小题，共12分。11.如图甲所示为验证动量守恒定律的实验装置。实验过程为：按图甲安装好器材，在地面上平放白纸和复写纸，用天平测量入射球和靶球质量m1、m2.先使入射球从斜槽上固定位置G由静止开始滚下，落到复写纸上，重复上述操作多次；再把靶球放在水平槽末端，让入射球仍从位置G由静止开始滚下，和靶球碰撞后继续向前运动落到复写纸上，重复操作多次。最终记录纸上得到的落点痕迹如图乙所示。

(1)关于本实验下列说法正确的是

。

A.重锤线的作用是标定斜槽末端在白纸上的投影点

B.应使m1>m2

C.实验中记录纸的位置可以移动

D.斜槽要固定好，末端切线需要调节水平

(2)按照本实验方法，该同学确定了落地点的平均位置P、Q、R并测出了OP、PQ、QR间的距离分别为x1、x12.在“测量金属丝的电阻率”的实验中：(1)利用螺旋测微器测量合金丝的直径d。某次测量，螺旋测微器的示数如图所示，其读数为

mm。(2)若测出合金丝长度为L，直径为d，电阻为R，则该合金电阻率的表达式ρ=

(用上述字母和通用数学符号表示)(3)测量合金丝电阻R的电路如图所示。实验中除开关、若干导线之外还提供下列器材：A.待测合金丝R(接入电路部分的阻值约为B.电源(电动势4V，内阻不计C.电流表(0D.电流表(0E.灵敏电流计G(满偏电流Ig为200μA，内阻F.滑动变阻器(0G.滑动变阻器(0H.电阻箱R为了测量准确、调节方便，实验中电流表应选

，滑动变阻器应选

(均填写仪器前的字母)。四、计算题：本大题共3小题，共42分。13.超市为节省收纳空间，常常将手推购物车相互嵌套进行收纳。两辆质量均为m=15kg的购物车相距L=1 m静止在水平面上。第一辆车经工作人员猛推一下后沿直线运动，与第二辆车嵌套在一起，接着继续运动t=1 (1)两辆车嵌套后的速度大小；(2)两辆车在嵌套过程中损失的机械能；(3)工作人员对第一辆车所做的功。

14.如图所示是利用电动机提升重物的示意图，其中D是直流电动机．P是一个质量为m的重物，它用细绳拴在电动机的轴上．闭合开关S，重物P以速度v匀速上升，这时电流表和电压表的示数分别是I=5.0A和U=110V，重物P上升的速度v=0.70m/s(1)电动机消耗的电功率P电(2)绳对重物做功的机械功率P机(3)电动机线圈的电阻R．15.如图所示装置由“加速器”和“平移器”组成。平移器由左右两对水平放置、相距为L的平行金属板构成。两平行金属板间的电压大小均为U1、电场方向相反，极板长度均为L、间距均为d。一初速度为零、质量为m、电量为+q的粒子经过电压为U0的加速器后，沿着第一对平行金属板的下板上沿水平射入，粒子最终水平撞击在右侧荧光屏上。平行板外的电场以及粒子的重力都忽略不计。(1)求粒子离开加速器时的速度大小v1(2)求粒子离开第一对平行金属板时竖直方向的位移y1(3)通过改变加速器的电压可以控制粒子水平撞击到荧光屏上时的速度大小，当粒子撞击到荧光屏的速度最小时，求此时加速器的电压U0。

答案和解析1.【答案】B

【解析】AC.奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象，揭示了电现象和磁现象之间的联系，ACBD.焦耳发现了焦耳定律，说明了热现象和电现象之间存在联系，D正确，B本题选不正确项，故选B。2.【答案】A

【解析】A.金属空腔外表面电势相等，是一等势面，必定与电场垂直，故A正确；

BC.由于静电屏蔽作用，空腔内部电场强度为0，则在B点，感应电场和匀强电场等大反向，A点电场强度一定大于B点的电场强度，故BC错误；

D.沿电场线方向电势降低，而金属空腔又是一等势体，则A点电势大于B点电势，则正电荷在A点的电势能大于在B点的电势能，故D错误。

故选：A3.【答案】C

【解析】将A和B整体为研究对象，当大小为F的力作用在B时，根据牛顿第二定律可知a以A为研究对象，可知k当大小为F2的力作用在A上，加速度为以B为研究对象，可知k解得x故选C。4.【答案】A

【解析】A.兔子撞树前的动量大小为：p=mv=30kg·m/s，故A正确；

B.兔子撞树过程中的动量变化量为：规定兔子撞树前速度的方向为正方向，Δp=m(v'-v)=-32kg·m/5.【答案】B

【解析】A、根据磁通量概念，磁通量可以用穿过线圈磁感线的条数表示，所以0时刻穿过导体框的磁通量为零，故A错误；

B、导体框从图示位置转过180°，根据磁通量的定义，可知穿过导体框的磁通量为零，故B正确；

C、导体框从图示位置转过30°时，磁通量为：Φ1=BSsin30°=12BS，转过60°角时，磁通量为：Φ2=BSsin60°=32BS，对应穿过导体框的磁通量之比为1：3，故C【解析】板间距变为12d时，由C=εS4πkd知，电容变为2倍。由C=QU知，电量变为原来的2倍，电容也变为原来的2倍，所以电势差不变，根据场强关系E=Ud，d变为原来的12，所以场强变为2倍，故ABD【解析】A.由曲线运动的条件可知，点电荷甲、乙对试探电荷的电场力一定指向曲线的凹侧，甲是负电荷、乙是正电荷，则试探电荷一定是负电荷才能满足上述条件，故A错误;

B.A、B点电场强度相同，试探电荷在A点的加速度与在B点的加速度相同，故B正确;

C.若试探电荷从A点运动到B点，电场力与速度的夹角是锐角，电场力对试探电荷做正功，由动能定理，试探电荷的动能增加，试探电荷在A点的动能小于在B点的动能，同理若丙从B点运动到A点，电场力与速度的夹角是钝角，电场力对试探电荷做负功，由动能定理，试探电荷的动能减小，试探电荷在A点的动能小于在B点的动能，故C错误;

D.只有电场力做功，试探电荷的动能与电势能之和守恒，试探电荷在A点的动能小于B点的动能，试探电荷在A点的电势能大于B点的电势能，故D错误。8.【答案】BD

【解析】A.S断开时，R2两端电压为电容器的电压为UC1=UB.S断开时，电源顺时针给电容器充电，所以电容器a极板带正电，故B正确；C.S闭合电路稳定后，电容器与R1并联，与R1两端电压相等，电容器b极板带正电，故D.电容器的电压为R1两端电压电容器的电量为Q解得Q故D正确。故选BD。9.【答案】AC

【解析】AB.两球组成的系统不受外力作用，系统动量守恒，发生弹性碰撞，故机械能守恒，故A正确，B错误；

CD.以向右为正方向，根据动量守恒定律有

3mv0=3mv1+mv2

根据机械能守恒定律有

12×3mv02=12×3mv12【解析】A.由图乙可知，当滑动变阻器消耗的功率最大时，有RP=R+r=10Ω时，解得r=4Ω，故A正确；

B.滑动变阻器接入电路的有效阻值为5Ω与有效阻值为Rx时消耗的功率相等，则有E5+R+r2×5=ERx+R+r2×Rx

解得Rx=20Ω，故11.【答案】ABDm1【解析】(1)A、球离开水平槽后做平抛运动，实验需要测量小球的水平位移，需要用确定水平槽末端在白纸上的投影点，重锤线的作用是标定斜槽末端在白纸上的投影点，故A正确；

B、为防止两球碰撞后入射球反弹，入射球的质量应大于靶球的质量，即应使m1>m2，故B正确；

C、实验需要测量小球离开水平轨道后的水平位移，如果记录纸发生了移动，则实验将出现水平距离测量不准确的现象，实验中记录纸的位置不可以移动，故C错误；

D、为使小球离开轨道后做平抛运动，斜槽要固定好，末端切线需要调节水平，故D正确。

故选：ABD。

(2)两球碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：m1v0=m1v1+m2v2

小球离开水平槽后做平抛运动，由于抛出点的高度相等，小球做平抛运动的时间t相等，

则：m1v0t=m1v1t+m2v2t

即：m

【解析】(1)由图示螺旋测微器可知，其读数为：1mm+17.0×0.01mm=1.170mm。

(2)由电阻定律得：R=ρLS=13.【解析】(1)对两辆车为整体，由牛顿第二定律k解得a根据运动学公式可得0=解得两辆车嵌套后的速度大小为v2(2)两辆车在嵌套过程中，根据动量守恒可得m解得v两辆车在嵌套过程中损失的机械能为ΔE=(3)对第一辆车，根据动能定理可得W解得工作人员对第一辆车所做的功为W=15014.【解析】(1)