2023-2024学年广东深圳宝安中学九年级(上)期中物理试题及答案

2023-2024学年广东省深圳市宝安中学九年级（上）期中物理试卷一、单项选择题（每小题只有一个选项符合题意。每小题2分，共20分）12分）下列现象与物理知识对应正确的是()A．冬季人们常用热水袋取暖﹣﹣做功改变物体内能B．给电炉通电，电阻丝发红﹣﹣热传递改变物体内能C．打扫教室灰尘在空中飞舞﹣﹣分子在永不停息地运动D．用水作汽车发动机的冷却剂﹣﹣水的比热容大22分）关于内能、热量和温度，下列说法中正确的是()A．我们不敢大口喝热气腾腾的汤，是因为汤含有的热量较多B．物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变C．物体的内能增加，一定是吸收了热量，温度一定升高D．内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体32分）以下说法不正确的是()A．燃料不完全燃烧时，它的热值不变B．永动机不可制作成功，因为它违反了能量守恒定律C．煤的热值比干木柴大，燃烧煤放出的热量比燃烧干木柴放出的热量多D．汽油机吸气冲程吸入的是空气和汽油的混合物42分）如图是单缸四冲程汽油机的工作示意图，下列说法正确的是()A．甲冲程中机械能转化为内能B．这四个冲程的正确顺序是乙→丙→甲→丁C．每个工作循环活塞往返1次，曲轴转动2周D．若该汽油机的转速为1200r/min，则完成一个工作循环的时间为0.2s52分）如图所示电路中，下列关于灯泡L1、L2、L3连接说法中不正确的是()A．S1、S2都断开，L1、L3串联B．S1、S2都闭合，L2、L3并联C．S1闭合，S2断开，L1、L3串联D．S1断开，S2闭合，L1、L2、L3都能发光62分）在某一电路中，有甲、乙两灯，它们可能是串联，也可能是并联，下列说法正确的是()A．闭合开关后，再拧下一灯泡，若另一灯仍亮着，则两灯并联B．若两灯总是同时亮，同时灭，则甲、乙两灯是串联C．闭合开关后，若甲、乙两灯两端的电压相等，则甲、乙两灯一定是并联D．若甲、乙两灯串联，且甲灯比乙灯亮，则流过甲灯的电流大于乙灯72分）图中所示的滑动变阻器四种接法中，当滑动变阻器滑片P向左移动时，可使电路中的电流增大的82分）有一种智能锁，需要通过“密码+人脸”两次识别成功才能开锁。密码识别成功时仅S2闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后S1才会闭合，电动机工作，开锁成功。下列电路设计符合要求的是()B.D.92分）如图所示，拿一根带有绝缘柄的金属棒，将带正电的验电器A和不带电的验电器B的金属球连接起来，会看到验电器B的金属箔片张开，A的张角变小，下列有关说法错误的是()A．验电器的工作原理是同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引B．验电器B的金属箔片张开是因为有自由电子从B转移到AC．金属棒中瞬间电流的方向是从A到BD．如果金属棒不带绝缘柄，将会看到两个验电器的金属箔片都闭合102分）为了保护环境，很多农村都不再使用燃煤，而使用天然气，如图是一种天然气泄漏检测仪的简化电路图，其中电源电压不变，R是气敏电阻，其阻值会随天然气浓度的增大而减小，R0为定值电阻，电源电压不变，闭合开关S，下列判断中正确的是()A．当天然气的浓度增大时，电压表示数变小，电流表示数变小B．当天然气的浓度减小时，电压表示数变大，电流表示数变大C．当天然气的浓度减小时，电压表和电流表示数的比值不变D．当天然气的浓度减小时，电路的电流变大二、作图题（本题包括2小题，每小题2分，共4分）112分）如图所示电路，请在图中〇位置画上电流表或电压表，使闭合开关S后两灯均发光。122分）图中的实物连接还有两根导线没有完成，请补完。要求：两灯并联，开关S控制整个电路，电流表测量通过L1的电流I1（I1＜0.6A）。三、实验填空（本题包括3小题，每空1分，共24分）138分）如图所示甲、乙、丙三个装置完全相同，燃料的质量都是10g，液体的质量、初温相同。（1）要比较“质量相等的不同燃料燃烧时放出热量”，应选择两图进行实验，该实验中燃料燃烧时放出热量的多少是通过比较（选填“温度计升高的示数”或“加热时间”）米判断的；（2）研究不同燃料的热值实验中，记录的数据如表，并将燃料2的热值q2填入表中；燃料序号加热前液体温度/℃燃料燃尽时液体温度/℃燃料的热值/（J/kg）1352.4×106225（3）该实验得到的燃料热值与实际相比偏（填“大”或“小”（4）①比较不同物质的比热容，应选择两图进行实验；两种液体温度随时间变化如图丁所 示，在实验过程中，给两种液体加热相同的时间，a液体吸收的热量（选填“大于”、“小于”或“等于”）b液体吸收的热量；二者的比热容之比ca：cb=;②比较不同物质比热容实验过程中，下列做法和要求中一定需要的有哪些。A．使用相同的烧杯B．烧杯中分别装入相同体积的不同液体C．相同质量的燃料D．加热时火焰大小尽量相同146分）小雪用如图所示的实验器材探究“电阻的大小与哪些因素有关”。（1）小雪分别将图乙中的四根金属丝的两端接到电路甲中M、N处，闭合开关，记下电流表的示数，分析比较这两根电阻丝电阻的大小；把M、N分别跟电阻丝B、D的两端连接，分析数据，能得出的结论是：导体的一定时，横截面积越大，其电阻越；导体ABCD0.3A0.26A0.4A（2）通过实验发现锰铜合金和镍铬合金导电性能较好的材料是。（3）小明在做“探究影响导体电阻大小的因素”实验时，发现实验器材中电阻丝只有一根，其他器材足够，不能完成的实验探究是。A．导体电阻与长度的关系；B．导体电阻与材料的关系；C．导体电阻与横截面积的关系；（4）在某电阻的两端加6V的电压时，通过它的电流是0.3A；若加在它两端的电压改为12V，则它的电阻为。若使通过它的电流是0.1A，应在这个电阻的两端加V的电压。1510分）在“探究通电导体中电流与电阻的关系”实验中，某实验小组的同学选用的器材：电压保持4.5V不变的电源、电流表、电压表、滑动变阻器、开关、定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω各一个）、导线若干。（1）请用笔画线代替导线将如图甲所示的电路连接完整。（2）将阻值为5Ω的定值电阻接入电路，连接好电路，闭合开关前应将滑动变阻器的滑片P移至最（选填“左”或“右”）端。然后闭合开关，发现电压表、电流表均无示数，移动滑动变阻器的滑片P，现象不发生变化，则电路故障可能是（填字母序号）。A.定值电阻R短路；B.定值电阻R断路；C.滑动变阻器短路；D.滑动变阻器断路；（3）排除故障后，同学们继续实验，根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像如图乙所示，由图像可知：①实验中定值电阻R两端的电压为V；②该实验得出的实验结论是。（4）实验中，当定值电阻R的阻值由5Ω更换为10Ω时，直接闭合开关后，应将滑动变阻器的滑片P向（选填“左”或“右”）端滑动，从而达到实验的目的。（5）实验中滑动变阻器的作用是保护电路和。（6）实验中滑动变阻器的规格应选择（填字母序号）。A.“10ΩB.“20ΩC.“50Ω（7）小亮继续用电压表和电流表测得两个电路元件A和B中的电流与其两端电压的关系如图所示，则RA=Ω。若把它们串联起来，接在某电源上，电路中的电流是0.3A，则电源电压是V。四．计算题（共2小题，16题7分，17题7分）167分）小芳家浴室里使用天然气提供热水。已知水进入热水器前的温度是10℃,洗澡时热水器输出热水的温度设定为40℃,如果小芳洗一次澡用热水60L，水的比热容是4.2×103J/（kg•℃),水的密度为1.0×103kg/m3；求1）这些水从热水器中吸收多少热量？（2）若天然气完全燃烧释放热量的70%被水吸收，则需要消耗多少立方米的天然气天然气的热值q=4×107J/m3）177分）甲醛对人体的危害非常大，因此装修房屋时检测甲醛污染指数很重要。如图甲是一款甲醛检测仪的工作原理图。电源电压恒为3V，R是阻值为10Ω的定值电阻，R0为可以感知甲醛污染浓度的可变电阻，其阻值随甲醛污染指数的变化图象如图乙所示。当污染指数在50以下为轻度污染，50﹣100之间为中度污染，100以上为重度污染。问：（1）当污染指数为50时，可变电阻R0的阻值为Ω。（2）当污染指数为50时，电路中的电流为多大？（3）通过计算说明：当电压表示数为1V时，是否属于重度污染？五、综合题（8分）188分）阅读下列短文，回答问题：第四代光源LED灯第四代光源LED灯，它的主要部分是高亮度白色发光二极管，这种发光二极管主要由硅、砷等半导体材料制成，具有光效高、耗电少，寿命长、易控制、免维护、安全环保等优点，是继白炽灯、卤素灯和节能荧光灯后新兴的第四代电光源，是极具发展前途的新光源。它的发光原理与白炽灯先发热后发光的原理截然不同，是直接把电能转换成光能的器件，因而其发光效率较高（发光效率指光能占电能的百分比例是新一代固体冷光源，将逐步取代传统光源。由于二极管具有单导电性，使用时必须将它的正极与电源正极相连，二极管才能处于导通状态，否则处于截止状态。利用图甲所示电路可以研究发光二极管的工作特性，把一个正常工作电压为3V的LED接入电源电压恒为4.5V的电路，闭合开关，即处于导通状态，调节变阻器滑片，改变两端的电压和电路中电流，记录多组电压、电流数据，可以得到电压表与电流表示数关系，如乙所示。城市道路两边的太阳能路灯（如图丁也用的是LED灯，它由太阳能电池板、控制器、24V的蓄电池、LED发光二极管、灯杆及灯具外壳等组成。它的结构示意图如图戊。（2）在图甲中，闭合S，调节滑动变阻器，LED灯（选填“能”或“不能”）发光；断开S，改变电源的正负极后再闭合S，LED灯（选填“能”或“不能”）发光；根据图乙，这只LED灯导通时的最低电压为V；（3）如图丙是白炽灯与LED灯正常工作时，将电能转化为光能和内能的比例饼状图，LED灯的发光效率为，它之所以节能，被称为冷光源，是因为LED灯的发光效率比白炽灯（选填“高”或“低”（4）利用太阳能给蓄电池充电时，蓄电池相当于（选填“电源”或“用电器”（5）如图戊所示，晚上LED发光二极管点亮时控制开关S与（选填“a”或“b”）触点接触；2023-2024学年广东省深圳市宝安中学九年级（上）期中物理试卷一、单项选择题（每小题只有一个选项符合题意。每小题2分，共20分）12分）下列现象与物理知识对应正确的是()A．冬季人们常用热水袋取暖﹣﹣做功改变物体内能B．给电炉通电，电阻丝发红﹣﹣热传递改变物体内能C．打扫教室灰尘在空中飞舞﹣﹣分子在永不停息地运动D．用水作汽车发动机的冷却剂﹣﹣水的比热容大【分析】A、改变物体内能的方式：做功和热传递；B、电流通过导体做功是电流的热效应，电能转化为热能；C、不同的物质在相互接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，这一现象说明一切物体的分子都在不停地做无规则运动；D、水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少。【解答】解：A、热水袋通过热传递的方式把热量传递给人，人感觉暖和，故叙述错误，不符合题意；B、给电炉通电，电流做功，消耗电能，得到热能，故叙述错误，不符合题意；C、在阳光下扫地时，能看到尘土飞扬，是物体的运动，是可见的，不属于分子的运动，故叙述错误，不符合题意；D、汽车发动机工作时产生大量的热，这些热如果不迅速转移，就可能损害发动机，因此利用水的比热容大的特点（相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多）把这些热迅速吸收，使发动机的温度不致升得太高，叙述正确，符合题意。故选：D。【点评】本题考查的知识点较多，但难度不大，理解相应的知识点解答简单。22分）关于内能、热量和温度，下列说法中正确的是()A．我们不敢大口喝热气腾腾的汤，是因为汤含有的热量较多B．物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变C．物体的内能增加，一定是吸收了热量，温度一定升高D．内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体【分析】（1）热量是个过程量，区别于状态量，只是在热传递这个过程中才有热量这个物理量，当两物体的温度相等时，热传递就停止。所以只能说某物体吸收了多少热量，放出了多少热量，而不能说含有多少热量；（2）内能是指物体内部所有分子做无规则运动所具有的动能和分子势能的总和，内能的大小与温度有关，同时分子越多，其内能也会越大；（3）改变内能有两种方式：做功和热传递；（4）热传递的条件是：物体之间存在着温度差。【解答】解：A、我们不敢大口地喝热气腾腾的汤，是因为热汤的温度高；热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故A错误；B、物体的内能与温度有关，温度越高，分子运动越剧烈，但也与物体的分子的多少有关，所以温度相同的物体内能不一定相等，故B错误；C、物体温度升高，内能一定增加，但不一定是吸收了热量，可能是外界对物体做了功，故C错误；D、内能小的物体温度可能高，内能大的物体温度可能低，故内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体，故D正确。故选：D。【点评】本题考查温度、热量、内能之间的关系，内燃机四个冲程中的能量转化，以及热传递现象，是一道综合题。32分）以下说法不正确的是()A．燃料不完全燃烧时，它的热值不变B．永动机不可制作成功，因为它违反了能量守恒定律C．煤的热值比干木柴大，燃烧煤放出的热量比燃烧干木柴放出的热量多D．汽油机吸气冲程吸入的是空气和汽油的混合物【分析】（1）1kg某种燃料完全燃烧放出的热量，叫做这种燃料的热值。热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关；（2）能量即不会消灭，也不会创生，只能从一种形式转化为另一种形式，或从一个物体转移到另一个物体上，在转移和转化的过程中能的总量是保持不变的，这就是能量守恒定律；（3）根据Q＝mq分析燃料燃烧产生热量的大小关系；（4）汽油机的吸气冲程中吸入气缸的是空气和汽油的混合物。【解答】解：A、燃料的热值只与燃料的种类有关，与燃料的燃烧情况无关，燃料不完全燃烧时，它的热值不变，故A正确；B、不可能造出永动机，是因为机械能在转化过程中会有一部分转化为其它形式的能，因此永动机违反了能量守恒定律，故B正确；C、煤的热值比干木柴大，但两种燃料的质量未知，由Q放＝mq可知，不能比较两种燃料燃烧放出的热量，故C错误；D、汽油机的吸气冲程中吸入气缸的是空气和汽油的混合物，故D正确。故选：C。【点评】本题综合考查了热值的特性、能量守恒定律、汽油机的工作过程，知识点多，内容简单。A．甲冲程中机械能转化为内能B．这四个冲程的正确顺序是乙→丙→甲→丁C．每个工作循环活塞往返1次，曲轴转动2周D．若该汽油机的转速为1200r/min，则完成一个工作循环的时间为0.2s【分析】内燃机的四个冲程：吸气、压缩、做功、排气冲程；吸气冲程是活塞向下运动，进气门开，排气门关闭；压缩冲程是活塞向上运动，两个气门全关闭，将机械能转化为内能；做功冲程是两个气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动，将内能转化为机械能；排气冲程是活塞向上运动，进气门关闭，排气门开启；在内燃机的一个工作循环中，曲轴转动2周，活塞往复运动2次，对外做功1次。【解答】解：甲中的两个气阀都关闭，活塞向下运动，所以为做功冲程，是内能转化为机械能；乙中的一个气阀打开，活塞向下运动，所以为吸气冲程；丙中的两个气阀都关闭，活塞向上运动，所以为压缩冲程，将机械能转化为内能；丁中的一个气阀打开，活塞向上运动，所以为排气冲程；在内燃机的一个工作循环中，曲轴转动2周，活塞往复运动2次，对外做功1次；A、甲冲程中内能转化为机械能，故A错误；B、四个冲程的正确顺序是乙→丙→甲→丁，故B正确；C、在内燃机的一个工作循环中，曲轴转动2周，活塞往复运动2次，对外做功1次，故C错误；D、由题意可知，汽油机的飞轮转速是1200r/min，即每秒钟转20圈，因曲轴转2圈完成一个工作循环，所以每秒完成10个工作循环，则完成一个工作循环需要＝0.1s，故D错误。故选：B。【点评】此题主要考查了内燃机四个冲程的特点；以及在四冲程内燃机的工作过程中，1个工作循环中包括4个冲程，对外做功1次，曲轴转2圈。简记为1412。52分）如图所示电路中，下列关于灯泡L1、L2、L3连接说法中不正确的是()A．S1、S2都断开，L1、L3串联B．S1、S2都闭合，L2、L3并联C．S1闭合，S2断开，L1、L3串联D．S1断开，S2闭合，L1、L2、L3都能发光【分析】对每个选项中的开关开合情况进行分析，然后利用“电流路径法”确定灯泡连接关系，找出正确的选项。【解答】解：A、S1、S2都断开时，电流从电源正极出发，经过灯泡L3、L1回到电源负极，所以灯泡L1、L3串联，故A正确。B、S1、S2都闭合，电流从电源正极出发分支，一支经灯泡L3、另一支经开关S2、灯泡L2，然后共同经S1回负极，则L2、L3并联，故B正确；C、S2断开，S1闭合，灯泡L2断路，灯泡L1短路，电流只从灯泡L3经过，此时只有灯泡L3工作，故C错误。D、S1断开，S2闭合，灯泡L1、L3并联，然后再与L1串联，则L1、L2、L3都能发光，故D正确。故选：C。【点评】此题考查我们对多个开关的开合引起电路连接关系变化的认识，分析电路连接关系时，特别注意开关与某一用电器并联造成的部分电路短路问题。62分）在某一电路中，有甲、乙两灯，它们可能是串联，也可能是并联，下列说法正确的是()A．闭合开关后，再拧下一灯泡，若另一灯仍亮着，则两灯并联B．若两灯总是同时亮，同时灭，则甲、乙两灯是串联C．闭合开关后，若甲、乙两灯两端的电压相等，则甲、乙两灯一定是并联D．若甲、乙两灯串联，且甲灯比乙灯亮，则流过甲灯的电流大于乙灯【分析】并联电路各支路互不影响；串联电路中各个用电器相互影响。【解答】解：A、闭合开关后，再拧下一灯泡，若另一灯仍亮着，这说明电路中两灯互不影响，则两灯是并联的，故A正确；B、若两灯总是同时亮，同时灭，则甲、乙两灯可能是串联，也可能是并联，此时开关在干路中，故B不正确；C、若甲、乙两灯两端的电压相等，则甲、乙两灯可能是并联，也可能是串联，当两灯规格一样串联在电路中时，两灯两端的电压相等，故C不正确；D、若甲、乙两灯串联，根据串联电路的电流关系可知，通过两灯的电流相同，故D不正确。故选：A。【点评】本题考查了电路的辨别、串联电路的电流关系等知识，属于基础题。72分）图中所示的滑动变阻器四种接法中，当滑动变阻器滑片P向左移动时，可使电路中的电流增大的【分析】滑片向左移动，电流变大，则滑动变阻器接入电路的阻值变小，据此分析。【解答】解：A、图中将变阻器的下面两个接线柱连入电路，当滑片P向左滑动时，不会改变连入电路的电阻丝的长度，所以不会改变电阻，则电流不变，故A错误。BC、图中接法，滑片右边的电阻线接入了电路，当滑片P向左滑动时，接入电路的电阻丝的长度变长，电阻变大，则电流变小，故BC错误。D、图中接法，滑片左边的电阻线接入了电路，当滑片P向左滑动时，接入电路的电阻丝的长度变短，电阻变小，则电流变大，故D正确。故选：D。【点评】能够正确判断哪一段电阻丝被连入电路中是本题的解题关键所在。若是正确的连接方式：连接一“上”一“下”两个接线柱，则接入电路的电阻丝就是下边这个接线柱与滑片之间的那段电阻丝。82分）有一种智能锁，需要通过“密码+人脸”两次识别成功才能开锁。密码识别成功时仅S2闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后S1才会闭合，电动机工作，开锁成功。下列电路设计符合要求的是()A.B.D.【分析】根据题意分析灯泡和电动机的连接方式和开关的作用，然后选出正确的电路图。【解答】解：密码识别成功时仅S2闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后S1才会闭合，电动机工作，开锁成功，这说明两开关都闭合时电动机才能工作，灯泡与电动机互不影响，是并联的；所以开关S2在干路中，开关S1与电动机串联在一条支路中，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了电路图的设计，关键是明确串联和并联电路中开关的作用。92分）如图所示，拿一根带有绝缘柄的金属棒，将带正电的验电器A和不带电的验电器B的金属球连接起来，会看到验电器B的金属箔片张开，A的张角变小，下列有关说法错误的是()A．验电器的工作原理是同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引B．验电器B的金属箔片张开是因为有自由电子从B转移到AC．金属棒中瞬间电流的方向是从A到BD．如果金属棒不带绝缘柄，将会看到两个验电器的金属箔片都闭合【分析】（1）验电器的工作原理是：同种电荷相斥；（2）A带电，B不带电，连接的瞬间，会发生电子的转移；（3）正电荷移动的方向为电流的方向，自由电子的定向移动方向与电流方向相反。【解答】解：A、验电器的工作原理仅仅是同种电荷相互排斥，故A错误；B、A带正电，缺少电子；B不带电，用带绝缘手柄的金属棒将AB连接起来，连接的瞬间，B上的电子由B流向A，B因为失去电子，带上正电，B的金属箔因带同种电荷互相排斥，由闭合变为张开，故B正确；C、原来A验电器带正电，即缺少电子，B验电器不带电，即不多电子，也不少电子，所以当用金属棒连接时，一部分电子会从B定向移动到A，所以自由电子移动的方向是B流向A，金属杆中电流方向是自A流向B，故C正确；D、如果将金属杆的绝缘手柄去掉，用手接触，电流经人体流向大地，A验电器不再带电，与B上的金属球连接起来，B的金属球不会张开，故D正确。故选：A。【点评】验电器是利用同种电荷相互排斥的原理制成的，通过金属箔片的张角的大小可以确定其所带电荷的多少。102分）为了保护环境，很多农村都不再使用燃煤，而使用天然气，如图是一种天然气泄漏检测仪的简化电路图，其中电源电压不变，R是气敏电阻，其阻值会随天然气浓度的增大而减小，R0为定值电阻，电源电压不变，闭合开关S，下列判断中正确的是()A．当天然气的浓度增大时，电压表示数变小，电流表示数变小B．当天然气的浓度减小时，电压表示数变大，电流表示数变大C．当天然气的浓度减小时，电压表和电流表示数的比值不变D．当天然气的浓度减小时，电路的电流变大【分析】由电路图可知，两电阻串联，电压表测量R0两端的电压，电流表测电路中的电流；根据天然气浓度的变化确定气敏电阻R的变化，根据欧姆定律确定电路中电流的变化和电压表示数的变化以及电压表与电流表示数的比值的变化。【解答】解：根据电路图可知，两电阻串联，电压表测R0的电压，R是气敏电阻，其阻值会随天然气浓度的增大而减小；A．当天然气的浓度增大时，R减小，根据串联电路的电阻关系可知，电路的总电阻减小，根据欧姆定律可知，电源电压不变，电流增大，即电流表示数变大，由U＝IR可知，R0的电压变大，即电压表示数变大，故A错误；BCD．当天然气的浓度减小时，R增大，总电阻增大，根据欧姆定律可知，电源电压不变，电流减小，即电流表示数变小，由U＝IR可知，R0的电压变小，即电压表示数变小，电压表和电流表示数的比值为定值电阻R0的阻值，即比值不变，故BD错误，C正确。故选：C。【点评】本题考查了电阻的串联特点和欧姆定律的灵活运用，会分析气敏电阻的阻值与浓度的变化关系是本题的突破口。二、作图题（本题包括2小题，每小题2分，共4分）112分）如图所示电路，请在图中〇位置画上电流表或电压表，使闭合开关S后两灯均发光。【分析】电流表的内电阻很小，相当于导线，应串联在电路中；电压表的内电阻很大，相当于断路，应与被测用电器并联。【解答】解：由图可知，左侧圈串联在电路中，应为电流表，下方的圈与灯泡并联，所以是电压表，如图所示：【点评】本题考查了对电流表和电压表的使用的掌握，属于基础题，难度不大。122分）图中的实物连接还有两根导线没有完成，请补完。要求：两灯并联，开关S控制整个电路，电流表测量通过L1的电流I1（I1＜0.6A）。【分析】根据题意分析电路的连接方式、电流表的位置和电流表选用的量程，然后连接实物图。【解答】解：由题意可知，两灯泡并联，电流的路径有两条；开关控制整个电路，则开关在干路中；电流表测量通过L1的电流，则电流表与灯泡L1串联在电路中，I1＜0.6A，则电流表选用小量程，如图所示：【点评】本题考查根据实物图的连接，关键是分析出实物图中各个用电器的连接情况，这是本题的重点也是难点。三、实验填空（本题包括3小题，每空1分，共24分）138分）如图所示甲、乙、丙三个装置完全相同，燃料的质量都是10g，液体的质量、初温相同。（1）要比较“质量相等的不同燃料燃烧时放出热量”，应选择甲、丙两图进行实验，该实验中燃料燃烧时放出热量的多少是通过比较温度计升高的示数（选填“温度计升高的示数”或“加热时间”）米判断的；（2）研究不同燃料的热值实验中，记录的数据如表，并将燃料2的热值q2填入表中；燃料序号加热前液体温度/℃燃料燃尽时液体温度/℃燃料的热值/（J/kg）1352.4×106225 1.2×106（3）该实验得到的燃料热值与实际相比偏小（填“大”或“小”（4）①比较不同物质的比热容，应选择甲、乙两图进行实验；两种液体温度随时间变化如图丁所示，在实验过程中，给两种液体加热相同的时间，a液体吸收的热量等于（选填“大于”、“小于”或“等于”）b液体吸收的热量；二者的比热容之比ca：cb＝2：3；②比较不同物质比热容实验过程中，下列做法和要求中一定需要的有哪些AD。A．使用相同的烧杯B．烧杯中分别装入相同体积的不同液体C．相同质量的燃料D．加热时火焰大小尽量相同【分析】（1）燃料的热值大小不能直接测量，需要通过液体吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出热量的多少，而液体吸收热量的多少跟液体的质量和升高的温度有关，因此为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小；（2）探究不同物质吸热升温的快慢，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量相同；比较物质吸热能力的2种方法：①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间吸收热量多的吸热能力强②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。【解答】解1）要比较质量相等的不同燃料燃烧时放出热量，根据控制变量法，应加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计变化的高低得出吸热多少，进而判断放出热量多少，应选择甲、丙两图进行实验。（2）燃料1的质量为m＝10g＝0.01kg，则完全燃烧10g燃料1放出的热量Q1-na,-0.01kgx2.4x10'J/kg-2.4x104I，燃料2camaΔt2＝m1q2，即cama（25℃﹣15℃)=m1×q2，解得；（3）因为存在热量散失，燃料燃烧放出的热量不能被全部吸收，所以测得燃料的热值与实际值相比会偏（4）比较不同物质的比热容，应控制液体种类不同，燃料相同，由图可知，应选择甲和乙进行实验。因为选择相同燃料，所以在相同的时间内，燃料放出的热量相同，所以两种液体吸收的热量也相等。如图所示，a加热时间8分钟，b加热时间12分钟，则a吸收的热量与b吸收的热量之比为2：3，根据则比热容之比为；实验中，为了得到正确结论，必须选择相同的烧杯，加热时火焰大小尽量相同，保证不同物质相同时间内吸收的热量相同，实验中还需要使烧杯中装入质量相同的不同液体，不是体积相同。故选：AD。故答案为1）甲、丙；温度计升高的示数2）1.2×1063）小4）甲、乙；等于；2：3；AD。【点评】本题考查了学生对热值概念、比热容概念的了解与掌握，分析时利用好控制变量法是解决本题的关键。146分）小雪用如图所示的实验器材探究“电阻的大小与哪些因素有关”。（1）小雪分别将图乙中的四根金属丝的两端接到电路甲中M、N处，闭合开关，记下电流表的示数，分析比较这两根电阻丝电阻的大小；把M、N分别跟电阻丝B、D的两端连接，分析数据，能得出的结论是：导体的材料和长度一定时，横截面积越大，其电阻越小；导体ABCD0.3A0.26A0.4A（2）通过实验发现锰铜合金和镍铬合金导电性能较好的材料是锰铜合金。（3）小明在做“探究影响导体电阻大小的因素”实验时，发现实验器材中电阻丝只有一根，其他器材足够，不能完成的实验探究是B。A．导体电阻与长度的关系；B．导体电阻与材料的关系；C．导体电阻与横截面积的关系；（4）在某电阻的两端加6V的电压时，通过它的电流是0.3A；若加在它两端的电压改为12V，则它的电阻为20Ω。若使通过它的电流是0.1A，应在这个电阻的两端加2V的电压。【分析】（123）电流表串联在电路中，电源电压一定，导体电阻越大，电路电流越小，导体电阻越小，电路电流越大，可以通过电流表示数大小判断导体电阻大小；影响导体电阻大小的因素：导体的材料、长度和横截面积，在研究电阻与其中某个因素的关系时，要采用控制变量法的思想，要研究导体的电阻大小与一个量之间的关系，需要保持其它量不变；（4）已知电阻两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出电阻的阻值；电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，根据欧姆定律求出通过它的电流是0.1A时两端的电压。【解答】解1）把M、N分别跟电阻丝B、D的两端连接，B、D的材料、长度相同，横截面积不同，横截面积越大，电流表示数越大，电阻越小，故结论为：导体的材料和长度相同时，横截面积越大，其电阻越小；（2）A、B两金属丝的长度和横截面积都相同，材料不同，由表中AB数据可以看出，通过锰铜合金的电流较大，故锰铜合金的导电性能较好；（3）实验时，通过改变连入电阻丝长度，此时横截面积和材料不变，可以探究导体电阻与长度的关系，可完成A的探究；实验时，可以将电阻丝对折起来使用，改变连入电阻丝横截面积，控制长度和材料不变，可以探究导体电阻与横截面积的关系，可完成C的探究；当探究导体电阻与材料的关系时，应控制长度和横截面积不变，因为只有一根金属丝，所以无法改变材料，不能够完成B的探究，故选B；（4）电阻的阻值：R===20Ω;因电阻与通过的电流无关，所以当通过它的电流是0.1A时，电阻的阻值不变，此时电阻两端的电压U′=I′R＝0.1A×20Ω=2V。故答案为1）材料和长度；小2）锰铜合金3）B4）20Ω;2。【点评】探究影响电阻大小的因素采用了控制变量法的思想，电阻大小的变化是通过电流表的示数变化体现的，这里采用了转换法的思想。1510分）在“探究通电导体中电流与电阻的关系”实验中，某实验小组的同学选用的器材：电压保持4.5V不变的电源、电流表、电压表、滑动变阻器、开关、定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω各一个）、导线若干。（1）请用笔画线代替导线将如图甲所示的电路连接完整。（2）将阻值为5Ω的定值电阻接入电路，连接好电路，闭合开关前应将滑动变阻器的滑片P移至最左（选填“左”或“右”）端。然后闭合开关，发现电压表、电流表均无示数，移动滑动变阻器的滑片P，现象不发生变化，则电路故障可能是D（填字母序号）。A.定值电阻R短路；B.定值电阻R断路；C.滑动变阻器短路；D.滑动变阻器断路；（3）排除故障后，同学们继续实验，根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像如图乙所示，由图像可知：①实验中定值电阻R两端的电压为3V；②该实验得出的实验结论是导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。（4）实验中，当定值电阻R的阻值由5（选填“左”或“右”）端滑动，从而达到实验的目的。（5）实验中滑动变阻器的作用是保护电路和控制定值电阻两端电压不变。（6）实验中滑动变阻器的规格应选择C（填字母序号）。A.“10ΩB.“20ΩC.“50Ω（7）小亮继续用电压表和电流表测得两个电路元件A和B中的电流与其两端电压的关系如图所示，则RA＝5Ω。若把它们串联起来，接在某电源上，电路中的电流是0.3A，则电源电压是3.5V。【分析】（1）电压表应用被测电路并联，电流表应与被测电路串联，根据图乙可知电流表的量程，根据欧姆定律求出定值电阻两端所控制的电压，进而确定电压表的量程；（2）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处；电流表和电压表均无示数，说明电路中出现了断路，据此分析电路故障；（3）①根据图乙利用欧姆定律求出定值电阻两端所控制的电压；②根据图像中电流与电阻之积为一定值分析得出结论；（4）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；（5）探究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，据此分析滑动变阻器的作用；（6）根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入25Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻，根据欧姆定律求出电路中的最大电流，进而确定滑动变阻器的规格；（7）根据A的图像为过原点的一条直线可知A为定值电阻，根据欧姆定律求出A的阻值；根据串联电路的电流特点和图像可知两元件两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源电压。【解答】解1）电压表应用被测电路并联，电流表应与被测电路串联，由图乙可知，电路中的最大电流为0.6A，所以电流表选用0～0.6A的量程，由欧姆定律可知，定值电阻两端电压：UV＝IR＝0.2A×15Ω＝…＝0.6A×5Ω＝3V，所以电压表选用0～3V的量程，如图所示：；（2）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处，由图知，滑片右侧电阻丝接入电路，所以滑片应移到阻值最大的最左端；电流表示数为零，说明电路可能断路，电压表示数也为零，说明是电压表所测量的电阻以外的部分出现的断路，所以电路故障为滑动变阻器断路，故选D；（3）①由图像可知，定值电阻两端的电压：UV＝IR＝0.2A×15Ω＝…＝0.6A×5Ω＝3V；②定值电阻两端的电压为一定值，故由图像可以得出结论：导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；（4）根据串联电路的分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数不变；（5）探究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，因此实验中滑动变阻器的作用除了保护电路外，更主要的作用是控制定值电阻两端电压不变；（6）定值电阻两端的电压始终保持UV＝3V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑＝U﹣UV＝4.5V﹣3V＝1.5V，变阻器分得的电压为电压表示数的＝0.5倍，根据分压原理，当接入25Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑＝0.5×25Ω=12.5Ω>10Ω,由欧姆定律可知，电阻两端的电压一定时，电阻最小，电路中的最大，为I最大===0.6A＞0.5A，故选C；（7）由元件A和B中的电流与其两端电压的关系图象可知，A的图像为过原点的一条直线，所以A为定值电阻，由A的图像可知，当A两端的电压为3V时，通过A的电流为0.6A，则A的阻值：RA===5Ω;由串联电路的电流特点可知，电路中的电流是0.3A时，通过A、B的电流均为0.3A，由图像可知，此时A两端的电压为1.5V，B两端的电压2V，由串联电路的电压特点可知，电源电压：U'＝UA'+UB'＝1.5V+2V=3.5V。故答案为1）见解答图2）左；D3）3；导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比4）左5）控制定值电阻两端电压不变（6）C7）5；3.5。【点评】本题探究通电导体中电流与电阻的关系，考查电路连接、注意事项、故障分析、控制变量法、欧姆定律的应用和分析图像归纳结论的能力。四．计算题（共2小题，16题7分，17题7分）167分）小芳家浴室里使用天然气提供热水。已知水进入热水器前的温度是10℃,洗澡时热水器输出热水的温度设定为40℃,如果小芳洗一次澡用热水60L，水的比热容是4.2×103J/（kg•℃),水的密度为1.0×103kg/m3；求1）这些水从热水器中吸收多少热量？（2）若天然气完全燃烧释放热量的70%被水吸收，则需要消耗多少立方米的天然气天然气的热值q=4×107J/m3）【分析】（1）知道水的质量、比热容、初温和末温，利用密度计算公式求得水的质量，Q吸＝cm（t﹣t0）可以求出水吸收的热量；（2）天然气完全燃烧释放热量的70%被水吸收，可求天然气完全燃烧释放的热量，再利用Q放＝Vq就能计算出需要天然气的体积。【解答】解1）水的质量为m=ρV＝1×103kg/m3×60×10﹣3m3＝60kg，水从热水器中吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃)×60kg×（40℃﹣10℃)=7.56×106J；天然气完全燃烧释放热量：Q放1.08×107J，＝Vq得需要天然气的体积：V0.27m3。答1）水从热水器中吸收7.56×106J的热量；（2）需要消耗0.27m3的天然气。【点评】本题考查了吸热公式、燃料完全放热公式、效率公式的灵活应用，体现了物理与生活相联系的思想，是一道较为简单的热学综合题。177分）甲醛对人体的危害非常大，因此装修房屋时检测甲醛污染指数很重要。如图甲是一款甲醛检测仪的工作原理图。电源电压恒为3V，R是阻值为10Ω的定值电阻，R0为可以感知甲醛污染浓度的可变电阻，其阻值随甲醛污染指数的变化图象如图乙所示。当污染指数在50以下为轻度污染，50﹣100之间为中度污染，100以上为重度污染。问：（1）当污染指数为50时，可变电阻R0的阻值为50Ω。（2）当污染指数为50时，电路中的电流为多大？（3）通过计算说明：当电压表示数为1V时，是否属于重度污染？【分析】（12）由图象可知，污染指数为50时可变电阻连入电路中的阻值，根据电阻的串