2026高考数学复习高效培优专题01 函数图象与性质（3重要函数及5类抽象函数图象+7种函数性质）（解析版）

专题01函数图象与性质（3种重要函数图象+5种抽象函数图象+7种函数性质）内容导航速度提升技巧掌握手感养成重难考向聚焦锁定目标精准打击：快速指明将要攻克的核心靶点，明确主攻方向重难考向保分攻略授予利器瓦解难点：总结瓦解此重难考向的核心方法论与实战技巧，精选同源试题巩固内化重难冲刺练模拟实战挑战顶尖：挑战此重难点的中高难度题目，养成稳定攻克难题的“题感”近近三年：根据2024年2025年高考数学的考纲和真题，函数专题在高考中的分值占比比较大，分值比较高，多以小选择题和填空题题型，难易度分布，是从容易题到小题压轴都有出现，24年全国卷还在大题第18题有函数性质的针对性考察。函数是高考数学的核心考点之一，主要考察函数的性质、图像、运算及应用。函数性质是重点考察。函数性质考察，多从以下方面来考察单调性：判断函数在区间上的增减性，常通过导数或定义分析。‌‌奇偶性：偶函数关于y轴对称（如二次函数），奇函数关于原点对称（如三次函数）。‌周期性：不仅仅出现在三角函数中，涉及到函数特别是抽象函数，有对称中心或者对称轴来生成周期性来考察。函数图像考察，则从见函数图像：一次函数（直线）、二次函数（抛物线）、指数函数（指数增长/衰减）、对数函数（反函数）来考察，涉及到图像变换，平移、翻转等操作需结合具体函数分析，如反比例函数平移后的渐近线位置。预测2026年：函数模块的考察从以下方向考察：‌基础性质考察是函数考察的核心点。函数的单调性、奇偶性、周期性始终是必考内容，尤其注重抽象函数性质的判断与应用。涉及到通过复合函数“同增异减”规律分析性质，或结合对称性推导周期性等方向。并且结合新高考的考试指导性方向，函数‌实际应用考察会持续深化，命题可能结合科技创新场景方向，来考查函数建模与分析能力。所以再复习函数备考函数时，要‌重视原理理解，引导学生避免机械刷题，需深入掌握函数性质的定义,性质，理解并掌握推导过程和推导思维，‌强化思维训练，以解决压轴大题或压轴小题题形式的综合应用。考向01重要函数图像：对勾函数对勾函数：图像特征形如称为对勾函数1.有“渐近线”：y=ax2.“拐点”：解方程（即第一象限均值不等式取等处）1．（2025·辽宁丹东·模拟预测）已知，且，则的取值范围是（

）A． B．C． D．【答案】B【分析】先判断，得到关于对称，再利用函数和的单调性得到的单调性，然后结合对称性解抽象函数不等式即可.【详解】因为，所以，所以，所以关于对称，又因为（对称轴为，开口向上）在上分别为单调递增函数，所以在上单调递增，在上单调递减，因为，结合对称性可得，两边平方后化简可得，解得或，所以的取值范围是.故选：B.2．（2025·重庆·模拟预测）已知函数，若对任意的，满足，则恒有（

）A． B．C． D．【答案】D【分析】奇偶性定义判断函数的奇偶性，利用复合函数的单调性判断的区间单调性，讨论、、一正一负，结合不等式恒成立确定不等关系.【详解】由，且的定义域为R，所以是偶函数，当，令，则在上单调递增，又在上单调递增，故在上单调递增，由偶函数的对称性，在上单调递减，当，由，则，当，由，则，当一正一负，不妨令，则，显然与矛盾，综上，.故选：D3．（2025·湖北黄冈·模拟预测）已知函数，若，则（

）A． B．C． D．【答案】A【分析】对函数求导，根据导函数可得为R上的增函数，利用单调性比较大小即可.【详解】由，得，，当且仅当，即时等号成立，而，，即在R上单调递增，，，即.故选：A.4．（2025·北京大兴·三模）已知函数.若的最小值为，则的一个取值为；的最大值为．【答案】2（答案不唯一，即可）4【分析】分别研究和时函数的最小值情况，确保两个区间内的最小值都不小于，且是整体的最小值，结合两段函数的性质，求解的取值.【详解】由题意知，原函数中为最小值，①当时，令，则，函数变为，求导得，令，则，i）当，即时，最小值在处，此时，因为的最小值为，所以有，可得；ii）当，即时，在上单调递增，最小值.②当时，，最小值在处，此时，因为的最小值为，所以有，可得；综上所述，.故答案为：2（答案不唯一，即可）；4考向02重要函数图像：双曲函数.双曲函数（双刀函数）1.有“渐近线”：y=ax与y=-ax2.“零点”：解方程（即方程等0处）1．（2025·宁夏石嘴山·模拟预测）已知，且，则下列可能成立的是（

）A． B． C． D．【答案】D【分析】判断可得函数为奇函数，由得，画出，的图象，结合图象依次判断即可求解.【详解】函数的定义域为R，，所以函数为奇函数，又，所以函数在R上单调递增，又，所以可得：，画出，的图象，当，，时，不成立，当时，可能成立.故选：D．2．（24-25高三·河北邯郸）已知函数，若恒成立，则的取值范围是（

）A． B． C． D．【答案】C【分析】利用函数奇偶性的定义可判断为奇函数，由导数判断为上的增函数，则所求不等式等价于，分离参数可得，构造函数，利用导数求的最大值即可求解.【详解】因为，所以为上的奇函数．又因为，所以在上单调递增.又恒成立，所以，则，因此恒成立．设，则，令，解得．当时，，单调递增；当时，，单调递减，因此．故选：C．3．（2025·江苏泰州·模拟预测）已知函数．若，则实数a的取值范围为（

）A． B．C． D．【答案】A【分析】先通过对变量替换，即令，将原函数变为，通过求导判断的单调性，利用其严格递增性将原不等式转化为，最终求解一元二次不等式.【详解】令，则原函数可改写为：，定义辅助函数，则，由，故是奇函数，，又（当且仅当时取等号），且,,因此，在上严格递增，原不等式转化为：，即，因为为奇函数，即，所以，又在上严格递增，故，所以，得，故选：A4．（2025·辽宁鞍山·模拟预测）已知，若有唯一解，则的取值范围为（

）A． B． C． D．【答案】C【分析】利用偶函数性质，只需要研究的零点个数，然后用换元法构造新函数进行求导证明单调性，借助端点值效应，，所以可证明存在唯一零点的参数取值范围.【详解】，，为偶函数，，设，，则在有唯一零点．，当且仅当取等号．若,时，，则在单调递增，又因为，所以在有唯一零点.若,时，令得，即，解得或，其中，满足要求，，其中，故在时恒成立，所以，即，不合要求，当时，，则在单调递减，所以，时，，故在有1个零点．又，所以在上有两个零点，不满足题意，故的取值范围为．故选：C.考向03重要函数图像：分式型.反比例与分式型函数解分式不等式，一般是移项（一侧为零），通分，化商为积，化为一元二次求解，或者高次不等式，再用穿线法求解。形如：。对称中为P，其中。1．（23-24高三·广东阶段练习）已知函数，则不等式的解集为（

）A． B．C． D．【答案】D【分析】证明函数的奇偶性，再分析出其单调性，从而得到，解出即可.【详解】由可得且，则为偶函数，，因为在上单调递减，在上单调递增，则恒成立，则在单调递减，在单调递增，，解得或.故选：D.2．（24-25上·江苏阶段练习）已知函数，，则不等式的解集为（）A． B． C． D．【答案】A【分析】由，从而有在上单调递增，再结合单调性可求解．【详解】解：，在在上单调递增，，或，解可得，或，即，故选A．【点睛】本题主要考查了利用函数的单调性求解不等式，体现了分类讨论思想的应用．3．（24-25高三·云南昭通·阶段练习）已知函数，若对任意的恒成立，则的取值范围为（

）A． B． C． D．【答案】D【分析】先用基本不等式求最值，再解一元二次不等式即可.【详解】对任意的，，因为，令，，因为，当且仅当，即，即时，等号成立，所以，因为恒成立，所以，即，解得：，故选：D.4．（23-24·湖南长沙阶段练习）已知函数满足，若函数的图像与的图像有4个交点，分别为，，，，则（

）A．2 B．4 C．8 D．2a【答案】B【解析】由题意可得两个函数都关于对称，则可判断交点也关于对称，即可列出式子求出结果.【详解】函数满足，关于对称，也关于对称，两个函数的交点关于对称，不妨设和，和对称，，则，.故选：B.【点睛】关键点睛：本题考查函数对称性的应用，解题的关键是通过关系式或函数解析式判断出函数图象都关于对称，继而利用交点对称求出结果.考向04抽象函数图像：函数方程函数方程,多采用轮换式代换技巧。函数方程中的轮换式代换技巧是一种通过变量轮换来简化方程或发现隐藏对称性的方法。其核心思想是：如果方程在变量轮换后形式不变，则可以利用这种对称性进行代换或推导‌。核心原理是：对于函数方程f(g(x))+f(r(x))形式，若变量轮换后形式不变，可尝试设t=g（x）与t=r（x）来代换，通过代换，再通过解方程消去，转化为单一变量的函数解析式常见技巧：‌变量代换‌：通过轮换变量，再通过相加或相减消元，将复杂方程转化为更简单的形式。‌对称性利用‌：若方程是轮换对称式，其因式分解或解的结构往往具有对称性，可据此简化问题‌周期性结合‌：在函数方程中，轮换对称性常与周期性结合使用，通过多次轮换代换，寻找出代换的周期性，来推导函数的解析式1．（2025·浙江·二模）定义在上的函数满足，当时，，则函数在区间内的零点个数为（

）A．3 B．4 C．5 D．6【答案】B【分析】由题设条件可得，从而可先分析在上的零点个数为1，再结合前者可得内的零点个数.【详解】因为，故，故，即，而当时，，故当时，，故，故，当时，，而在上为减函数，在为增函数，故在有有且只有一个实数解为；当时，，而，故，此时在上无解；故当时，，则，结合上的性质可得在上有且只有一个实数解，且该实数解为，在无实数解，而且，故在上的实数解为，，，，共4个实数解，故共有4个不同的零点.故选：B.2．（2025高三·全国·专题练习）已知定义在上的函数满足，，则等于（

）A．33 B．32 C．31 D．30【答案】D【分析】先令和代入已知等式可得，进而得到①；再结合已知等式得到②，解方程组①②得到解析式可得.【详解】令，则，令，则，则，所以①．所以，则，又因为，所以，，所以②．①－②，得，所以．所以．故选：D．3．（2024·青海·二模）定义在上的函数满足，是函数的导函数，以下选项错误的是（

）A．B．曲线在点处的切线方程为C．在上恒成立，则D．【答案】C【分析】由，可得，即可得的解析式，结合导数计算、导数的几何意义及利用导数求函数的极值与最值即可判断各选项.【详解】由，有，则，即，则，整理得，有，则，，即，故A正确；，，故切线方程：，化简得，故B正确；在上恒成立，由，故，故C错误；不等式等价于，令，则，故当时，，在、上单调递减，当时，，在上单调递增，故有极小值，当时，有，故，即，故D正确.故选：C.【点睛】关键点点睛：本题解决的关键在于通过赋值法求出函数的解析式，再结合导数的运算，导数的几何意义，不等式恒成立问题的处理方法，利用导数求函数的最值判断各选项.4．（2025·广西·模拟预测）已知定义在上的函数满足，则．【答案】【分析】分别令即可求解.【详解】令可得：，令可得：，两式联立可得：，故答案为：考向05抽象函数图像：构造正弦与双曲正弦模型.正弦与双曲正弦型：1．（24-25·广西南宁·一模）已知函数的定义域为，且当时，，则（

）A． B．是偶函数 C．是增函数 D．是周期函数【答案】C【分析】对A，令求解即可；对B，令化简可得即可；对C，设，结合题意判断判断即可；对D，根据是增函数判断即可.【详解】对A，令，则，得，故A错误；对B，令，得，由整理可得，将变换为，则，故，故，故是奇函数，故B错误；对C，设，则，且，故，则.又，是奇函数，故是增函数，故C正确；对D，由是增函数可得不是周期函数，故D错误.故选：C2．（24-25高三·甘肃陇南）已知函数的定义域为，且满足，则下列结论错误的是（

）A． B．C．是奇函数 D．【答案】B【分析】利用赋值判断A，令可判断C，令，结合条件求出函数周期可判断BD.【详解】令，则，解得，故A正确；令，则，即，因为不恒为0，所以，且定义域为，故函数为奇函数，故C正确；令，则，因为不恒为0，且，所以只能，从而，周期为4，显然，故B错误D正确.故选：B3．（24-25高三·浙江舟山·阶段练习）已知函数的定义域为，且，的图像关于直线对称，，在上单调递增，则下列说法中错误的是（

）A． B．的一条对称轴是直线C． D．【答案】D【分析】令，可求得，令，可得，利用已知可得关于对称，可判断B；可求得函数的周期为6，关于对称，计算可判断AD；由题意可得在上单调递减，可判断C.【详解】，令，可得，解得；令，，则，∴，∴为奇函数；∵的图像关于对称，,∴关于对称，故B正确；∴，∴，∴，即的周期为6，∵关于对称，可得关于对称∴，，，，，所以，，故A正确，D错误；∵，又在上单调递增∴在上单调递减，所以，即，故C正确.故选：D.4．（24-25高三上·广西·阶段练习）已知函数的定义域为，且当时，，则下列正确的是（

）A．是偶函数B．是周期函数C．当时，D．当时，【答案】D【分析】对A，令，得，令，整理得到可判断；对B，先证明是增函数，可得不是周期函数判断；对于C，D，利用单调性可判断.【详解】对于A，由，令，则，得，令，得，由整理可得.由题可知不恒为0，故，即，故是奇函数，故A错误；对于B，设，则，，故，，，，故，即是上的增函数，又是奇函数，故是R上的增函数，所以不是周期函数，故B错误；对于C，当时，则，，故C错误；对于D，当时，，即，，故D正确.故选：D.【点睛】关键点点睛：本题解题的关键是利用条件结合函数单调性的定义判断是R上的增函数.考向06抽象函数图像：构造余弦与双曲余弦模型.余弦与双曲余弦模型1．（24-25高三·辽宁大连·阶段练习）定义域为的函数，对任意，且不恒为0，则下列说法错误的是（

）A． B．为偶函数C． D．若，则【答案】D【分析】对于A，令，或，结合不恒为0，可得，由此即可判断；对于B，由，不妨令，即可判断；对于C，令，通过换元即可判断；对于D，令，得关于中心对称，结合为偶函数，可得为周期为4的函数，算出即可判断.【详解】对于A，令，有，所以或，若，则只令，有，即恒为0，所以只能，故A正确；对于B，由A可知，不妨令，有，即，且函数的定义域为全体实数，它关于原点对称，所以偶函数，即为偶函数，故B正确；对于C，令，有，令，由，得，所以当时，有，即当时，，故C正确；对于D，若，令，有，所以关于中心对称，又为偶函数，所以，所以是周期为4的周期函数，又，，所以，所以，所以，故D错误.故选：D.2．（24-25·高三广西南宁开学考）已知定义在上的函数满足，且，则（

）A． B．为奇函数 C．有零点 D．【答案】D【分析】利用赋值法，结合奇函数的定义、零点的定义逐一判断即可.【详解】A：在中，令，得，因为，所以，所以本选项不正确；B：函数的定义域为全体实数，由上可知，显然不符合，因此本选项不正确；C：在中，令，得，或，显然函数没有零点，故本选项不正确，D：在中，令，得，所以本选项正确，故选：D【点睛】关键点睛：本题的关键是利用赋值法.3．（24-25高三·重庆渝中·阶段练习）定义在上的函数满足对任意都有，且，，则下列命题错误的是（

）A．是偶函数 B．是周期函数C． D．的图象关于点对称【答案】D【分析】应用赋值法判断A选项，求出周期判断B选项，应用周期性结合特殊函数值判断C选项，反证法应用对称中心定义判断D选项.【详解】令，则，，，再令，则，为偶函数，A正确；又令，则，为周期是4的周期函数，B正确；，C正确；若D正确，则，又为周期是4的周期函数，，为奇函数，则与已知中“”矛盾，D错误.故选:D.4．（24-25·广东开学考试）已知定义在上的函数满足：，且，则下列结论正确的是（

）A． B．的周期为4 C．关于对称 D．在单调递减【答案】C【分析】由余弦函数的和、差角公式结合题目条件，可设，先求出，再对选项进行逐一验证即可得出答案.【详解】由，可得，可设由，即，则可取，即进行验证.选项A：，故选项A不正确.选项B：由，则其最小正周期为,故选项B不正确.选项D：由于为周期函数，则在不可能为单调函数.故选项D不正确.选项C：,又，故此时为其一条对称轴.此时选项C正确,故选：C考向07抽象函数图像：构造一元三次型.一元三次模型1．（24-25·青海百校联考）已知定义在上的函数，其导数为，且满足，，，给出下列四个结论：①为奇函数；②；③：④在上单调递减.其中所有正确结论的序号为（

）A．①② B．①③ C．②③④ D．①②④【答案】D【分析】令求出.令可判断①；令，得，再求出、可判断③；利用累加法求出可判断②；利用导数可判断④.【详解】对于①，令，得，所以.令，得，所以为奇函数，故①正确；对于③，令，得，所以，，故③错误.对于②，因为，所以，，，，，以上各式相加得，所以，故②正确.对于④，当时，，所以在上单调递减，故④正确.故选：D.【点睛】关键点点睛：②中的解题的关键点是利用累加法求出的解析式.2．（多选）（24-25高三上·陕西安康·开学考试）已知函数及其导函数的定义域均为，且，当时，，且，则下列说法正确的是（

）A．为偶函数 B．C．在上单调递增 D．【答案】BCD【分析】根据给定条件，利用赋值法，结合奇偶函数的定义计算判断AB；利用单调性定义推理判断C；利用复合函数求导，赋值计算，结合函数的周期计算判断D.【详解】对于A，取，得，解得，取，则，即，又，因此为奇函数，A错误；对于B，，解得，因此，B正确；对于C，，则，，，函数在上单调递增，C正确；对于D，取，则，求导得，于是，解得，由，求导得，则，，又函数的周期为4，，所以，D正确.故选：BCD【点睛】关键点点睛：探讨抽象函数的性质，关键是适当地赋值，结合已知确定函数的奇偶性、单调性及相关函数值.3．（多选）（（24-25高三·河南·阶段练习）已知非常数函数的定义域为，且，则（

）A． B．或C．是上的增函数 D．是上的增函数【答案】AC【分析】A.令判断；B.令，分别令，判断；CD.由，令判断.【详解】解：在中，令，得，即．因为函数为非常数函数，所以，A正确．令，则．令，则，①令，则，②由①②，解得，从而，B错误．令，则，即，因为，所以，所以C正确，D错误．故选：AC4．（多选）（（24-25·贵州·三模）已知定义域为的函数满足为的导函数，且，则（

）A．B．为奇函数C．D．设，则【答案】ABD【详解】对于A：令可得；对于B：令可得；对于C：先确定的奇偶性，然后令后对两边同时求导，再代入即可；对于D：利用累加法求通项公式.【点睛】对于A：令得，所以，A正确；对于B：令得，所以，B正确；对于C：因为，所以，即，所以为偶函数，由可得，令得，则，令，得，所以，C错误；对于D：因为，，所以，且所以，相加可得，所以，则，D正确.故选：ABD.考向08抽象函数图像：赋值与构造型几个特殊的构造：1.反比例模型：2.对数反比例型：3.一元二次函数型模型：模型特征：线性抽象+xy型1．（24-25高三上·黑龙江·阶段练习）已知函数，对任意的都有，且，则下列说法不正确的是（

）A． B．是奇函数C．是上的增函数 D．【答案】C【分析】对于A，取即得；对于B，使代入推理即得；对于C，通过推理得到，取反例进行验证即可否定结论；对于D，取，，推理得到是首项为1，公差为1的等差数列即得.【详解】对于A，在中，令，得到，因此，所以选项A正确；对于B，令，得到，即，所以选项B正确；对于C，由可化为，，记，则，不妨取函数，显然符合条件，则，因，当时，，当时，，即函数在上单调递减，在上单调递增，故C错误；对于D，令，，得，即，又，所以是首项为1，公差为1的等差数列，，故D正确.故选：C.2．（2024·安徽合肥·一模）已知函数的定义域为，且，记，则（

）A． B．C． D．【答案】A【分析】根据函数满足的表达式以及，利用赋值法即可计算出的大小.【详解】由可得，令，代入可得，即，令，代入可得，即，令，代入可得，即；由可得，显然可得.故选：A【点睛】方法点睛：研究抽象函数性质时，可根据满足的关系式利用赋值法合理选取自变量的取值，由函数值或范围得出函数单调性等性质，进而实现问题求解.3．（24-25高三·湖南·阶段练习）已知函数是定义在R上不恒为零的函数，对任意的x，均满足：，，则（

）A． B． C． D．【答案】D【分析】令，结合已知化简得，利用累加法求得，然后利用错位相减法求和即可求得.【详解】令，得，代入，得，当x为正整数时，，所以，所以，代入，得，所以（且），又当时，也符合题意，所以（）．所以，令，则，所以，所以，所以.故选：D4．(多选）（24-25高三上·海南·阶段练习）已知函数，对任意的都有，且，则下列说法正确的是（

）A． B．是奇函数C．是上的增函数 D．【答案】ABD【分析】令可求，可判断A；令，可判断函数的奇偶性，可判断B；推出，取反例验证可判断C；令，可得数列的递推公式，再求的通项公式可判断D.【详解】对A：令，则，故A正确；对B：令，则，由A可知：，所以函数为奇函数，故B正确；对C：由，设，则，则.由；由.所以在上单调递减，在上单调递增.故C错误；对D：令，可得：由得：，又，所以是以为首项，以1为公差的等差数列.所以，故D正确.故选：ABD【点睛】方法点睛：对于函数方程问题，赋值法是解决问题的突破口.考向09函数对称：中心与轴对称1.重要的中心对称函：数特别的：对称中心横坐标如果相同，可以叠加纵坐标为合成中心2.重要的轴对称函数：对数-指数复合反比例型：对数-指数复合反比例型原理：1．（2025高三·全国·专题练习）已知函数，，则函数的图象与x，y轴围成的封闭图形的面积是（

）A．4 B．5 C．6 D．8【答案】A【分析】根据函数的对称性结合割补法求封闭图形的面积.【详解】函数的定义域为，因为，所以是奇函数，其图象关于原点对称．又，函数在R上单调递增，所以在上单调递减，因此在上单调递减，且其图象关于点对称.由题知，由函数的解析式和二次函数的性质可得在上单调递减，而时，，当时，同理有，故图象关于点对称，函数与的图象如图1所示．因此在上单调递减，且，故图象关于点对称，又，故点关于点的对称点为，所以，连接，如图2．易知的图象与x，y轴围成的封闭图形可以通过割补变成一个直角三角形，如图中的，其中，，故，即的图象与x，y轴围成的封闭图形的面积为4．故选：A.2．（2025·河北·模拟预测）若（其中）是偶函数，则（

）A．2 B．1 C． D．【答案】A【分析】由偶函数的性质和对数的运算性质求解即可.【详解】由题意知：，则，化简为，则，解得．故选：A．3．（2025·江苏苏州·三模）已知函数，定义域为R的函数满足，若函数与的图象有四个交点，分别为，，，，则（

）A．0 B．4 C．8 D．12【答案】D【分析】根据题意得到，的图象关于对称，设关于点对称的坐标为，，则，，同理可得：，，即可得到答案.【详解】由，得的图象关于对称，函数，则，即的图象也关于对称，因此函数与图象的交点关于对称，不妨设关于点对称的坐标为，，则，，则，，同理得：，，即.故选：D4．（2025·江苏宿迁·模拟预测）已知的定义域为，将的图象绕原点旋转后所得图象与原图象关于轴对称，且，，，则（）A．2024 B． C．2025 D．【答案】D【分析】由题意可得函数为偶函数，利用赋值法可得，可求得，进而可得，可得符号相反，，可求.【详解】因为将的图象绕原点旋转后所得图象与原图象关于轴对称，所以函数为偶函数，即，由，令，可得，所以，令，可得，又，可得，所以，所以，所以，所以是周期为4的周期函数，所以，所以，因为，，所以，，因为函数的周期为4，所以符号相反，用，所以，所以.故选：D.5．（25-26高三·山东·阶段练习）直线经过函数图象的对称中心，则的最小值为.【答案】9【分析】根据函数单调性分析可知函数的对称中心为，进而可得，结合乘“1”法求最值.【详解】对于函数，令，解得且，可知函数的定义域为，因为，可知函数的对称中心为，由题意可知：直线经过点，则，即，可得，当且仅当，即时，等号成立，所以的最小值为9.故答案为：9.考向10函数对称：重心偏移型重心偏移，主要值的是具有中心对称且有单调性形式的函数，一般如下图两种形式：1．（23-24高三·安徽合肥·阶段练习）已知函数，则不等式的解集是（

）A． B． C． D．【答案】A【分析】构造函数，判断的单调性和奇偶性，由此求得不等式的解集.【详解】，由于，所以的定义域为，，所以是奇函数，当时，为增函数，为增函数，所以是增函数，由是奇函数可知，在上单调递增，由得，即，则，解得，所以不等式的解集是.故选：A【点睛】给定一个不等式以及函数解析式的题目，要考虑函数的单调性、奇偶性、定义域等基本性质来进行解题.是否要构造函数，构造什么类型的函数，关键是要根据已知函数的结构，选择合适的构造方法.2．（2024·高三河北邯郸阶段练习）已知函数，设（）为实数，且．给出下列结论：①若，则；②若，则．其中正确的是（

）A．①与②均正确 B．①正确，②不正确C．①不正确，②正确 D．①与②均不正确【答案】A【分析】令，得到为递增函数，且为奇函数，①中，不妨设，结合，利用直线的方程得到，进而得到，可判断①正确；②中，不妨设，得到点，利用直线的方程得到，进而得到，可判定②正确.【详解】令函数，可得函数为单调递增函数，又由，即，所以函数为奇函数，图象关于点对称，如图（1）所示，①中，因为，且，则，不妨设，则点，此时直线的方程为，可得，则，可得，又由，所以，即，即，所以①正确；②中，若，不妨设，则，不妨设，则点，此时直线的方程为，可得，则，可得，又由，所以，即，即，所以②正确.故选：A.

【点睛】方法点拨：令函数，得到函数为递增函数，且为奇函数，求得点和，结合直线和的方程，得出不等式关系式是解答的关键.3．（23-24高三·河北·阶段练习）已知函数，若，则实数a的取值范围是（）A． B． C． D．【答案】A【分析】根据条件先分析的结果，由此确定出的奇偶性和单调性，再将问题转化为“已知，求解的取值范围”，根据单调性列出关于的不等式并求解出结果.【详解】由题可知且，，令，则且定义域为关于原点对称，即为奇函数，函数与在上均单调递增，与在上单调递增，在上单调递增，即在上也单调递增且，又为奇函数，在上单调递增，不等式等价于，，在R上单调递增，，解得，实数a的取值范围是，故选：A.4．（24-25高三浙江·阶段练习）已知函数，若对任意，都有，则实数的取值范围是（

）A． B． C． D．【答案】D【分析】结合指数函数、幂函数的单调性确定的单调性，构造函数并探讨奇偶性，再利用性质求解不等式.【详解】函数在上单调递增，则函数在上单调递增，令，则函数在上单调递增，，即函数是奇函数，不等式，则，依题意，在上恒成立，而当时，，当且仅当时取等号，则，所以实数的取值范围是.故选：D5．（2024·内蒙古呼和浩特·一模）已知定义在上的函数，满足不等式，则的取值范围是．【答案】【分析】由函数解析式可令，且是上的增函数并关于点成中心对称，将不等式变形即可求得，解得.【详解】易知函数在上为单调性递增，即可得是上的增函数，令，则是上的增函数，易知，可得,即的图象关于点成中心对称，由可得，即，由可得；所以，利用是上的增函数可得，解得.即的取值范围是.故答案为：【点睛】方法点睛：解函数不等式的方法步骤：（1）根据解析式特征得出函数奇偶性、对称性、周期性等性质；（2）再判断得出函数单调性，利用单调性并结合定义域得出不等式（组）；（3）解不等式可得结论；考向11函数对称：周期与求和周期性性质：①若f(x＋a)＝f(x－b)⇔f(x)周期为T＝a＋b.②常见的周期函数有：f(x＋a)＝－f(x)或f(x＋a)＝eq\f(1,f（x）)或f(x＋a)＝－eq\f(1,f（x）)，那么函数f(x)是周期函数，其中一个周期均为T＝2a.周期性技巧：可以类比正余弦函数1．（25-25四川成都九月月考）设为定义在整数集上的函数，，，，对任意的整数均有，则=（

）A．0 B．1013 C．2025 D．4050【答案】B【分析】通过代入特定值分析函数的周期性，确定取值规律，进而求解的值.【详解】令，则，所以．令，则，又，所以．令，则，所以函数的图像关于直线对称．令，则，所以，的图像关于点对称．故，则,是周期的函数．又，当为偶数时，．当为偶数时，也为偶数，此时；当为奇数时，令，则.所以1013．故选：B．2．（25-26安徽合肥阶段练习）定义域为R的函数，其图象关于直线对称，已知为奇函数，且，则（

）A．2023 B．2024 C．2025 D．2026【答案】B【分析】根据题意有，，从而得，即可求出周期，进而求出一个周期的和，利用周期即可求解.【详解】由关于对称，有，又为奇函数，则即，且即，所以关于点对称，且，则，作差有，为周期函数，且周期为4，因为，，则，因为，，则，，则，．故选：B．3．(多选题）（）25-26高三上·四川绵阳·)已知定义在上的偶函数，满足，当时，，则（

）A． B．C． D．若，则【答案】ACD【分析】根据函数的偶函数特性以及函数的周期性逐项判断并计算即可.【详解】因为函数为偶函数，所以.因为，令，则，故，所以A正确；所以，即.所以函数的周期为2.当时，，所以，所以B错误；，因为，所以，所以C正确；因为，函数周期为2，所以，所以D正确.故选：ACD.4．（多选题）(25-26高三上·四川绵阳涪城区绵阳南山中学实验学校·)定义在上的函数满足，且为奇函数，已知当时，，则下列结论正确的是（

）A． B．在区间上单调递减C． D．【答案】ABD【分析】根据已知得、，进而得，利用对称性判断在区间上的单调性，再由区间解析式判断单调性，结合对称性比较大小，最后由周期性求函数值.【详解】由为奇函数，则，即，由，则，故，所以，故，A对；由，知图象关于对称，由，知图象关于点对称，且，当时，，即在上单调递增，所以在、上单调递减，即在上单调递减，若，则，结合周期性知，所以在区间上单调递减，B对；由，C错；由，则，，所以，又，，D对.故选：ABD5．（多选）（25-26山东实验模拟）设是定义域为R的奇函数，且的图象关于直线对称，若时，，则下列说法正确的是（

）A．为偶函数 B．在上单调递减C． D．在区间上有3543个零点【答案】BC【分析】根据函数的对称性，结合伸缩平移变换，确定函数的奇偶性判断A；利用导数研究的单调性，结合奇函数性质判断B；利用对称性确定函数的周期性，判断C、D.【详解】A选项：因为的图象关于直线对称，所以将得图像向右平移个单位，得，该函数图像关于轴对称，将的纵坐标不变，横坐标扩大为原来的2倍得，图像关于轴对称，因此为偶函数，A错误.B选项：由题意知时，，令，在恒成立，所以单调递减，又，所以时，，时，，故在上单调递增，在上单调递减，因为是奇函数，所以在上单调递减，B正确；D选项：因为为偶函数，所以关于对称，故，又有是奇函数，所以，所以，即是周期为的周期函数，因为，结合单调性和关于对称可得，在区间上有2个零点，且是定义域为R的奇函数，所以有，因此在区间上有3个零点，所以在区间上有个零点，D错误；C选项：，，，，所以，所以，C正确.故选：BC.考向12函数对称：双函数方程传递“双函数”双函数常规思维：是依赖单调性、中心对称性、周期性来推导函数。双函数实战思维：1.双函数各自自身对称性2.形如。借助数形结合，f（x）的性质，可以传递给g（x）。3.形如，与，可以借助函数方程消去一个，剩余另一个函数，再借助函数性质得到图像特征。1．(多选题）（24-25高三上·山东菏泽·开学考试）已知函数的定义域均为的图象关于对称，是奇函数，且，则下列说法正确的有（

）A． B．C． D．【答案】ACD【分析】A选项，根据的图象关于对称，所以关于轴对称，故，A正确；B选项，由奇函数性质得到，故，B错误；CD选项，由题目条件得到，结合得到，故，推出，得到周期，赋值法得到，，并利用周期求出.【详解】A选项，因为的图象关于对称，所以关于轴对称，故是偶函数，则，故A正确；B选项，因为是奇函数，所以，即，故B错误；CD选项，由得，又，所以，又，即，即，则，所以，所以①，即②，②-①得，所以函数的周期为4，令，由，得，再令，则，所以，又，由，所以，故C，D正确.故选：ACD.【点睛】函数的对称性：若，则函数关于中心对称，若，则函数关于对称，函数的周期性：设函数，，，．（1）若，则函数的周期为2a；（2）若，则函数的周期为2a；（3）若，则函数的周期为2a；（4）若，则函数的周期为2a；（5）若，则函数的周期为；（6）若函数的图象关于直线与对称，则函数的周期为；（7）若函数的图象既关于点对称，又关于点对称，则函数的周期为；2．(多选题）（24-25高三福建阶段练习）已知函数的定义域均为，且,，若的图象关于直线对称，则以下说法正确的是（

）A．为奇函数 B．C．， D．若的值域为，则【答案】BCD【分析】由得，与联立得，再结合的图象关于直线对称，可得的周期、奇偶性、对称中心，可依次验证各选项正误.【详解】，，，，关于对称，，，，，，故C正确；关于对称，，，为偶函数，，，，，，为偶函数，故A错误；，图象关于点中心对称，存在一对最小值点与最大值点也关于对称，，故D正确；由得，又，所以，由得，所以，故B正确；故选：BCD【点睛】关键点点睛：对含有混合关系的抽象函数，要探求性质首先要消去一个函数只剩下另一下函数，消去其中一个函数的方法就是对进行合理的赋值，组成方程组消去一个函数，再考查剩余函数的性质.对抽象函数的周期性、奇偶性、单调性以及图象的对称性的综合应用，解决该问题应该注意的事项：（1）赋值法使用，注意和题目条件作联系；（2）转化过程要以相关定义为目的，不断转变.3．(多选题）（2025·湖北黄冈·一模）定义在上的函数和，为奇函数，为偶函数，且，则（）A． B．C．的图象关于对称 D．8为的一个周期【答案】BCD【分析】对A：由为奇函数可得，再利用，从而可消去，即可得解；对B：由为偶函数可得，再利用，从而可消去，即可得解；对C：借助B中所得，结合赋值法计算即可得；对D：结合A中所得及为偶函数计算即可得.【详解】对A：由为奇函数，则，故，由，则，且有，即，则，令，则，即，故A错误；对B：由为偶函数，则，由，则、，故，又，则，则，则，由，则，故，故，故B正确；对C：由，则的图象关于对称，故C正确；对D：由，则，又，则，则，则，即，即8为的一个周期，故D正确.故选：BCD.4．(多选题）（2025·重庆·模拟预测）已知函数、定义域为，其中为偶函数，，且，，则（

）A． B．为奇函数C． D．【答案】AC【分析】计算出的值，推导出，可得出的值，可得知函数是以为周期的周期函数，可判断A选项；利用反证法可判断B选项；由已知条件可推导C选项；由可得出，结合函数周期性可判断D选项.【详解】因为为偶函数，则，即函数的图象关于直线对称，因为，则函数的图象关于点对称，因为，则，所以，，则，即，所以，，所以，函数的图象关于点对称，C对；因为函数的图象关于直线对称，则，由可得，则，故，所以，函数是以为周期的周期函数，因为，则，且，所以，，A对；因为，故函数是周期为的周期函数，若函数为奇函数，且，则，从而有，则，又因为的图象关于直线对称，则，这与矛盾，故函数不是奇函数，B错；因为，且，则，则，且，所以，，D错.故选：AC.考向13函数单调性综合：同构函数单调性转化关系：①一般认为，－f(x)和eq\f(1,fx)均与函数f(x)的单调性相反； ②同区间，↑+↑=↑，↓+↓=↓，↑－↓=↑，↓－↑=↓；单调性的定义的等价形式：设x1，x2∈[a，b]，那么有：①eq\f(fx1－fx2,x1－x2)>0⇔f(x)是[a,b]上的增函数； 同构型：通过同除或者同乘等等凑配技巧，构造结构相同的新函数，然后新函数满足单调性定义。 1．（25-26高三·云南·阶段练习）已知函数，若对于任意的、，且，都有成立，则的取值范围是（

）A． B． C． D．【答案】C【分析】构造函数，可得函数在上单调递减，分、两种情况讨论，在时，直接验证即可；在时，根据二次函数的单调性可得出关于实数的不等式组，综合可得出实数的取值范围.【详解】因为对于任意的，且，都有成立，在不等式两边同时除以可得，移项有，构造函数，则，所以函数在上单调递减，当时，在上单调递增，不符合题意；当时，若使得函数在上单调递减，则，解得.综上所述，实数的取值范围是.故选：C.2．（24-25高三·贵州阶段练习）已知函数是定义在上的奇函数，且.若对，，且，都有，则关于的不等式的解集为（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】构建，根据题意分析可知函数为奇函数，且在内单调递增，结合函数性质解不等式.【详解】构建，可知的定义域为，且，所以函数为奇函数，因为，，整理可得，则函数在内单调递增，可知在内单调递增，又因为，则，当时，；当时，；所以不等式，即的解集为.故选：B.【点睛】关键点点睛：本题的关键在于构建函数，进而分析其性质，利用性质解不等式.3．（24-25高三吉林阶段练习）已知函数的定义域为，，对于任意的，当时，有.若，则实数的取值范围是（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】题目条件可变形为，构造函数，分析可知在上为增函数，把不等式等价变形为，根据函数单调性解不等式可得结果.【详解】∵，∴，即，令，则任意的，有，∴函数在上为增函数.∵不等式可变形为，即，∴，∴，解得，即实数的取值范围是.故选：B.【点睛】关键点点睛：解决本题的关键是把条件等价变形为，通过构造函数、分析函数的单调性可解不等式.4．（24-25高三下·陕西商洛·阶段练习）已知定义在上的函数满足，对任意的，且，恒成立，则不等式的解集为.【答案】【分析】设，将转化为，则在上单调递减，将所求不等式转化为，结合函数的单调性解不等式即可.【详解】设，由，得，又，所以，即，设，则，所以在上单调递减.由，得，由，得，即，即，得，解得，所以原不等式的解集为.故答案为：【点睛】思路点睛：解决本题的思路是将转化为，判断的单调性，结合单调性解不等式即可.考向14函数单调性综合：优函数放缩函数放缩：有，则称为优函数。类似这类函数不等式，可以借助“类周期”思维进行放缩。1．（2025·陕西咸阳·模拟预测）已知定义在上的函数满足：，且，则（

）A．1364 B．1363 C．1264 D．1263【答案】D【分析】根据题意推出，然后由累加法即可求解.【详解】由，可得①，则有②，③，④，将①②③④左､右分别相加，得，又，即，故得，所以，将以上式子左､右分别相加，得，又，所以.故选：D.2．（2025·湖南长沙·三模）设函数的定义域为，若，且对任意，满足，则的值为（

）A． B．C． D．【答案】D【分析】先根据已知条件得出的具体表达式，再利用累加法求出的值，最后结合的值求出.【详解】由，可得，因为，所以，又因为，所以，所以.故选:D.3．（2025·江西·二模）已知函数是定义在上的函数，，且对任意的都有，，若，则（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】由已知条件得出，代入题干中的不等式，结合不等式的基本性质推导出，再结合可求得结果.【详解】由，得，由，，得，，即，，所以，所以，又因为，故.故选：B.4．（2025·河北·模拟预测）已知定义在上的函数满足：，且，则（

）A． B．C． D．【答案】C【分析】由已知可得，进而可得，求得可判断AB；求得可判断CD.【详解】由得，，三式相加得，，即，又，所以，则，所以故A，B错误；，故C正确，D错误.故选：C．5．（2025·河南·二模）已知定义在上的函数的图象是一条连续不断的曲线，且满足当时，，当时，，则（

）A． B．C． D．【答案】BC【分析】找到特殊函数判断A，D，归纳得到判断B，再对两边同时求和得到，再判断C即可.【详解】对于A，若，不妨令，则，，当时，，当时，，当时，，当时，，当时，，当时，，当时，，当时，，当时，，则，，则，不满足，故A错误，对于B，由，，，由归纳可得，，故B正确；对于C，由已知得，，故，则，故C正确；对于D，当时，若，则，设，则，故，故，即，当时，，当时，，故满足时，，此时，不满足，故D错误．故选：BC．考向15函数单调性综合：单调性综合1．（25-26高三上·江苏扬州·月考）已知函数和的定义域均为，且，若是偶函数，则.【答案】8100【分析】由是偶函数得，再由和，得到和，通过这两个等式求得，从而得到的周期，求出，，，最后利用周期求出的值.【详解】是偶函数，，，，，，将换为，，将和这两个等式相加，得，将换为，得，则有，得，将换为，得，的周期为4，，，，，，，的周期为4，，，，，，，将和两个式子相加，得，.故答案为：8100.2．（25-26高三上·浙江·阶段练习）若对，恒成立，则实数的取值范围为.【答案】【分析】由题意有，分和两种情况讨论，再利用导数研究单调性进而求解.【详解】原式整理得，当时，在上恒成立，令，则，所以单调递增，故，所以时，原不等式恒成立；当时，易知函数在上单调递增，令得，若原不等式在恒成立，则，解得，此时，令，得，所以当时，单调递减；当时，单调递增；因为，故当时，，所以当时，原不等式在恒成立，综上实数的取值范围为故答案为：.3．（25-26高三上·山东临沂·阶段练习）已知函数的定义域为，且为奇函数，为偶函数，，则.【答案】4050【分析】根据题中为奇函数，为偶函数，从而可得出为周期为4的函数，从而可求解.【详解】由题意得为奇函数，所以，即，所以函数关于点中心对称，由为偶函数，所以可得为偶函数，则，所以函数关于直线对称，所以，从而得，所以函数为周期为4的函数，因为，所以，则，因为关于直线对称，所以，又因为关于点对称，所以，又因为，又因为，所以，所以.故答案为：4050.4．（25-26高三上·辽宁大连·期中）已知定义域关于原点对称的函数都可以表示成一个奇函数与一个偶函数的和，设，其中分别为奇函数和偶函数，则；若正项数列满足，且，则．【答案】/【分析】用替换构造新方程，解方程组可得解析式，即可求出，再由双曲余弦函数的性质求解.【详解】因为，所以，可得，所以；因为，所以，注意到，设，则，因为，所以，由为偶函数，不妨设，因为，当时，，故，所以在上单调递增，可知，所以由等比数列通项公式可得，故，则.故答案为：；5．（25-26高三上·浙江温州·阶段练习）已知函数的定义域为，对任意，有且.若，则.【答案】【分析】通过对两个不等式进行赋值代换得到函数的一个递推关系式，再用累加法即可得所求函数值.【详解】由，令，则，代入不等式得，，再次迭代两次得，，，由上述三式相加得，即——①.再由，令，则，代入不等式得，，即——②.因为对任意，有且.综合①②得.再分别对依次赋值得：上述8个式子相加得，，又因，所以.故答案为：.冲刺练（建议用时：60分钟）1．(25-26高三上·山东济南第一中学·期中)已知是定义域为的奇函数，满足．若，则（

）A． B． C．50 D．【答案】D【分析】根据已知条件，判断函数是周期为的周期函数，根据周期性和奇偶性，求得所求表达式的值.【详解】由函数为定义在的奇函数，得，.由，得，即所以，故函数是周期为的周期函数.因为，所以，，，所以，所以.故选：D.2．(25-26高三上·山东淄博实验中学·期中)设奇函数的定义域为，对任意的，，且，都有不等式，且，则不等式的解集是（

）A． B． C． D．【答案】D【分析】根据给定条件，构造函数，利用函数单调性定义确定在的单调性，再结合奇偶性求解不等式.【详解】设函数，由为上的奇函数，得，则函数是上的偶函数，又，依题意，对任意的，且，都有，则函数在上单调递增，所以在上单调递减，由，得，不等式，即，则，即或，解得或，所以不等式的解集为.故选：D3．(25-26高三上·四川射洪中学校·期中)函数是偶函数，则（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】先求函数定义域，结合偶函数的定义运算求解即可.【详解】令，解得或，可知函数的定义域为，因为，若函数是偶函数，则，即，可得，结合的任意性可得.故选：B.4．(25-26高三河北阶段练习·)如图是下列四个函数中的某个函数的大致图象，则该函数是（

）A． B．C． D．【答案】D【分析】由选项中的函数解析式，利用函数的奇偶性的定义和判定方法，可排除选项A，B，结合和时，的正负，排除C项，得到D符合题意.【详解】对于A，函数的定义域为，且，即，所以函数为偶函数，图象关于轴对称，所以A不符合题意；对于B，函数的定义域为，且，即，所以函数为偶函数，图象关于轴对称，所以B不符合题意；对于C，函数的定义域为，且，即，所以函数为奇函数，图象关于原点对称，当时，，可得，所以C不符合题意；对于D，函数的定义域为，且，即，所以函数为奇函数，图象关于原点对称，当时，可得；当时，可得，满足要求，所以D符合题意.故选：D.5．（24-25山东潍坊阶段练习）已知函数，若，则的大小关系为（

）A． B．C． D．【答案】A【分析】根据函数的奇偶性以及复合函数的单调性可确定为偶函数，且在上单调递增，构造函数，求导得函数单调性，即可利用单调性求解.【详解】由题意知的定义域为R，，故为偶函数，当时，，由于在上单调递增，对勾函数在上单调递增，故函数在上单调递增，因此在上单调递增，构造，，当时，，故在上单调递减，又，∴，即，即，∴，即，故选：A6．(24-25高三河北石家庄阶段练习·)定义域为的函数满足，当时，，若时，，则实数的取值范围是（

）A． B．C． D．【答案】A【分析】结合题意求出函数在区间上的最小值，根据题意得出，解该不等式即可得解.【详解】当时，恒成立，则，因为定义域为的函数