2025-2026学年河北省廊坊市高二（上）期末物理试卷（含解析）

第=page11页，共=sectionpages11页2025-2026学年河北省廊坊市高二（上）期末物理试卷一、单选题：本大题共7小题，共28分。1.电场线是法拉第为连接抽象数学与物理现实搭建的奇妙桥梁，而物理学的魅力，正藏在对自然图景的深度想象与科学建模之中。如图所示，A、B、C、D是某电场中的四个点，其中电场强度最大的点是(

)A.A点

B.B点

C.C点

D.D点2.2025年7月，中国墨脱水电站正式进入建设阶段，墨脱水电站规划发电量远超三峡水电站。若其产生的正弦式交流电如图所示，则其电压的有效值为(

)A.U=33U0

B.U=3.如图所示，平行板电容器与一直流电源连接，下极板接地，静电计金属球与电容器上极板连接。静电计本身所带电荷量极少且全程保持不变，可忽略不计。开关闭合稳定后，断开开关K，将平行板电容器的下极板竖直向下平移一小段距离，则下列说法正确的是(

)A.电容器的电荷量增加 B.电容器的电容变小

C.电阻R中有电流流过 D.静电计张角不变4.如图所示，方形导线框A沿x轴正方向运动，从无场区进入有界匀强磁场区域(磁场区域的宽度大于导线框的边长)，最后离开磁场区域。下列关于感应电流方向的描述正确的是(

)A.线框进入磁场的过程中，电流方向为逆时针方向

B.线框完全进入磁场后，电流方向为逆时针方向

C.线框完全进入磁场后，电流方向为顺时针方向

D.线框离开磁场的过程中，电流方向为逆时针方向5.某电场的方向与x轴平行，其电势φ随坐标x变化的关系如图所示。其中0～x1段为倾斜直线，x1～x2A.在0～x1段，电场强度E逐渐增大

B.在x1～x2段，电场强度E大小不变

C.φ6.2024年底，世界装机容量最大的抽水蓄能电站——河北丰宁抽水蓄能电站全面投产发电。如图，若该电站通过理想变压器调节输出电压U2时，输入电压U1保持不变。已知副线圈总匝数为n，分接头1、2间和2、3间的线圈匝数n12=n23=n10，开关S接2时输出电压的瞬时值u2=A.B.

C.D.7.在图甲的电路中，R1是可调电阻，R2是定值电阻。实验时调节R1的阻值，从某一位置(阻值不是零)一直调到R1的最大值，得到各组电压表和电流表数据，用这些数据在坐标纸上描点、拟合，作出的U−I图像如图乙中AB所示，下列说法正确的是(

)A.R1增大过程中，定值电阻R2的消耗的功率逐渐增大

B.电源的电动势为2.5V，内阻为5Ω

C.图像a的斜率表示R1的最大值为20Ω

D.图像b的斜率表示二、多选题：本大题共3小题，共18分。8.物理学中，常通过两个物理量的比值来表征研究对象的某种固有性质，这种科学的定义方法被称为比值定义法。下列物理量的研究过程中，采用了比值定义法的是(

)A.R=UI B.R=ρLS C.9.图1为王老师的电动汽车铭牌，图2为王老师在购物平台上看到的比亚迪单体电芯商品链接。已知电动汽车动力电池包由许多单体电芯通过串、并联组合而成。假设比亚迪系列磷酸铁锂动力电芯仅有图2展示的规格。请据此判断，王老师的电动汽车电池包中，可能有多少节单体电芯(

)

A.3节 B.81节 C.94节 D.188节10.在真空区域内存在一宽度为d、磁感应强度大小为B的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，AD、BC为磁场的两条平行边界。质量为m、电荷量为q的带负电粒子(不计重力)以与AD边界成37°的夹角射入磁场，粒子从磁场右边界射出时，速度方向与边界的夹角为53°(已知sin37°=0.6，cos37°=0.8)。下列说法正确的是(

)A.粒子在磁场中做匀速圆周运动的轨迹半径可能为5d

B.粒子在磁场中做匀速圆周运动的轨迹半径可能为5d7

C.粒子在磁场中做匀速圆周运动的速度大小可能为Bqdm

D.粒子在磁场中做匀速圆周运动的时间可能为πm2Bq

三、实验题：本大题共211.在高中物理实验中，我们学习了多种测量仪器的读数规则及使用方法，请结合所学知识完成以下问题：(1)某同学测量均匀金属实心圆柱体的长度如图甲所示，其读数为

mm。

(2)某同学利用多用电表的欧姆挡测量某电阻的阻值：

①该同学用多用电表的欧姆×100挡测量其电阻，发现指针偏转角度过大，于是他应采取的措施是

。(填标号)

A.量程选择合适，可以进行下一步实验

B.换用欧姆×10挡，重新进行欧姆调零后测量

C.换用欧姆×1k挡，重新进行欧姆调零后测量

②正确的操作后，多用电表指针指在如图乙所示的位置，该读数为

Ω。12.现要用伏安法描绘一额定电压为3V、额定功率为1.3W的小灯泡的伏安特性曲线。有下列器材可供选用

A.电压表V(量程0～300mV，内阻等于1kΩ)

B.电流表A1(量程0～0.6A，内阻约为5Ω)

C.电流表A2(量程0～250mA，内阻约为6Ω)

D.电阻箱R(0～9999Ω)

E.滑动变阻器R1(最大电阻15Ω，允许最大电流2.5A)

F.滑动变阻器R2(最大电阻2000Ω，允许最大电流100mA)

G.两节干电池(电动势约为3.0V，内阻可忽略不计)

H.电键、导线若干

(1)为了描绘出更完整的伏安特性曲线，需将电压表改成3V量程，则要

(填“串联”或“并联”)电阻箱，并将电阻调为

Ω。

(2)为提高实验的精确程度，电压表应选用改装后的电压表；电流表应选用

；滑动变阻器应选用

。(以上均填器材前的序号)

(3)通过实验描绘出小灯泡的伏安特性曲线如图所示，某同学将两个这样的小灯泡并联后，与一个电源(电动势E=2V，内阻r=2.5Ω)连接时，小灯泡的实际功率是

四、计算题：本大题共3小题，共39分。13.“物理模型”在物理学的研究和学习中起着非常重要的作用：

(1)模型1磁流体发电机：一对平行金属板，间距为l1，两板间匀强磁场磁感应强度为B1，将大量正、负带电粒子以相同的水平速度v1，平行于金属板喷入磁场，两板间便产生电动势。稳定后，求板间电动势U与B1、l1、v1的关系。

(2)模型2动生电动势：导体棒ab沿导线框向右做匀速运动。匀强磁场磁感应强度为B2，线框的宽度为l2，导体棒运动的速度为v2，左端电阻为R，其余电阻不计。求导体棒ab在回路中产生的电动势E和电流I(用B2、l2、v14.如图所示，在竖直面内固定有光滑轨道OBC，其中OB段水平且长度为R，BC段为四分之一圆弧，圆弧的圆心为A，半径为R。水平面上方存在水平向右的匀强电场。现有一电荷量为q、质量为m的带电小球(重力加速度为g)，该小球恰好能静止在轨道上的P点，且AP与竖直方向的夹角θ=37°。以O为原点建立平面直角坐标系，现将小球从O点由静止释放，(已知sin37°=0.6，cos37°=0.8)试求：

(1)匀强电场的电场强度大小；

(2)小球从O点运动到轨道最高点C时的速度大小；

(3)小球从O点运动至轨迹最高点Q的过程中(Q点未画出)，机械能的增加量(结果可用分数表示)。15.如图所示，在倾角α=37°的光滑导轨上，放置一质量为m，电阻为R的导体棒ab，导轨宽度与导体棒长度均为L，导轨上端接有电动势为E、内阻为r的电源。空间存在垂直于斜面向上的匀强磁场，磁感应强度为B。已知E=12V，r=1Ω，m=16kg，L=1m，B=1T，R=5Ω，g=10m/s2，导轨足够长。试求：

(1)接通电源瞬间，导体棒受到的安培力大小；

(2)研究发现：非纯电阻电路的实际电流满足I′=E−E′R总。E为电源电动势，E′为感应电动势，R答案解析1.【答案】B

【解析】解：同一电场中，电场线越密集的地方电场强度越大，由题图可知，A、B、C、D四个点中，B点的电场线最密集，所以A、B、C、D四点中电场强度最大的点为B点，故B正确，ACD错误。

故选：B。

结合题意及题图，根据电场线的疏密即可判断场强大小，进而判断ABCD正误。

本题主要考查根据电场线的疏密判断场强大小，解题时需注意，在同一电场中，电场线越密集，电场强度越大，电场线越稀疏，电场强度越小。2.【答案】C

【解析】解：由图可知，正弦式交流电电压的有效值为U=U02=22U0，故ABD错误，C正确。

故选：3.【答案】B

【解析】解：B、将平行板电容器的下极板竖直向下平移一小段距离，两极板间的距离变大，根据C=ɛrS4πkd可知，电容器的电容变小，故B正确；

A、断开开关，电容器既不会充电，也不能放电，则电容器带电荷量保持不变，故A错误；

C、因为电容器带电量不变，所以电阻R中没有电流流过，故C错误；

D、因为电容器带电荷量不变，由上面的分析可知电容变小，根据C=QU可知，电容器两板间电压变大，所以静电计张角变大，故D错误。

故选：B。

根据C=ɛ4.【答案】A

【解析】解：A、线框进入磁场的过程，线框中的磁通量向里增大，根据楞次定律，线框中的感应电流方向沿逆时针方向，故A正确；

BC、线框完全在磁场中运动时，穿过线框的磁通量不变，线框中感应电流为零，故BC错误；

D、线框离开磁场的过程中，线框中的磁通量向里减小，根据楞次定律可知，线框中感应电流方向沿顺时针方向，故D错误。

故选：A。

分阶段分析线框磁通量的变化情况，用楞次定律判断感应电流的有无及方向。

学生易误判线框完全进入磁场时的感应电流，忽略磁通量不变则无感应电流的结论，也常混淆进入与离开磁场时的电流方向。5.【答案】D

【解析】解：A、φ−x图像的斜率表示电场强度，由图可知在0～x1段图像的斜率不变，即电场强度E不变，故A错误；

B、由图可知在x1～x2段图像的斜率逐渐减小，即电场强度E逐渐减小，故B错误；

C、由图可以看出φx1>φx2，故C错误；

D、沿电场线方向电势逐渐降低，在0～x1段电势的逐渐升高的，在x1～x2段电势是逐渐降低的，所以在x1前后，电场强度方向相反，故6.【答案】B

【解析】解：分接头1、2间和2、3间的线圈匝数n12=n23=n10

则开关S接3时副线圈接入电路的匝数为n3=810n

当开关S接2时副线圈接入电路的匝数为n2=910n

根据理想变压器电压比与匝数比关系可知，U1U2=n1n2

根据交变电流有效值和峰值的关系有U2=U′7.【答案】C

【解析】解：A.R1增大过程中，总电阻增大，总电流减小，定值电阻R2的消耗的功率P2=I2R2逐渐减小，故A错误；

B.根据闭合电路的欧姆定律，结合题意有E=2V+0.1×(r+R2)，E=1V+0.3×(r+R2)，联立解得电源的电动势E=2.5V，r和R2的和为5Ω，故B错误；

C.图像a的斜率表示R1的最大值为UI=20.1Ω=20Ω，故C正确；

D.图像b的斜率表示电流为0.3A时，8.【答案】AD

【解析】解：AB.电阻的定义式R=UI、电阻的决定式R=ρLS，故A正确，B错误；

CD.电容的定义式C=QU、电容的决定式C=ɛrS4πkd，故C错误，D正确。

故选：AD。

电阻的定义式9.【答案】CD

【解析】解：依题意，电池串联才能提升电压，需要串联的电池数为n=300.83.2节=94节，可以直接取3.2V100Ah即可，也可以取3.2V50Ah两组并联，计94×2=188节，故CD正确，AB错误。

故选：CD。

根据电源的串并联电压和容量的变化规律结合题中给定的参数列式解答。10.【答案】ABD

【解析】解：AB.粒子从磁场右边缘射出时，轨迹如图

则由几何关系

r1cos37°+r1sin37°=d

解得

r1=5d7

或者r2cos37°−r2sin37°=d

解得

r2=5d

故AB正确；

C.根据

qvB=mv2r

可得

v=qBrm

可知粒子在磁场中做匀速圆周运动的速度大小可能为

v1=5Bqd7m或者v2=5Bqdm

故C错误；

D.粒子在磁场中做匀速圆周运动转过的圆心角可能为θ1=90°或者θ211.【答案】22.7B60

【解析】解：(1)游标0刻度线左侧最近的主尺刻度为2.2cm(即22mm)，游标的第6条刻度线与主尺对齐，因此游标读数为7×0.1mm=0.7mm，因此读数为22mm+0.7mm=22.7mm；

(2)①指针偏转角度过大，当前倍率挡位太大，因此，需要换用更小的倍率(欧姆×10挡)，并在换挡后重新进行欧姆调零，再进行测量；

故选：B；

②指针在第6条刻度线，因此该读数为6×10=60Ω。

故答案为：(1)22.7；

(2)①B；②60。

(1)先读取主尺刻度，再找到与主尺对齐的游标尺刻度线，将两者相加得到最终读数；

(2)指针偏转角度过大，说明被测电阻阻值较小，需换用更小倍率挡位，并重新欧姆调零；

(3)最终读数为指针示数乘以所选倍率。

本题聚焦游标卡尺读数与多用电表测电阻的操作，涵盖游标卡尺的读数方法、多用电表的挡位选择与欧姆调零等核心考点，要求考生具备较强的读数能力与实验操作逻辑。12.【答案】串联9000BE0.22

【解析】解：(1)由串联电路的分压原理知要分去更多电压就要串联一个大阻值的分压电阻，由UVRV=U−UVR分即0.31=3−0.3R分，故分压电阻值为R分=9kΩ=9000Ω

(2)小灯泡正常工作时的电流为I= p额U额≈0.43A，故电流表应选B，本实验要求待测电压或电流从零开始连续变化，故用滑动变阻器的分压式接法，滑动变阻器的分压式接法选阻值较小的操作方便，故滑动变阻器应选E；

(3)设通过一个小灯泡的电流为I，则通过电源的电流为2I，在图中做出电源的外特性曲线U=2−2.5×2I

两图像交点的横纵坐标的乘积即为一只小灯泡的实际功率P=UI≈0.9×0.24W≈0.22W

故答案为：13.【答案】板间电动势为B1l1v1

导体棒ab在回路中产生的电动势为B【解析】解：(1)带电粒子进入磁场后，根据左手定则，可得到正离子向MN板偏转，负离子向PQ偏转；

稳定后，带电粒子受力平衡，可得：qv1B1=qUl1，解得极板间感应电动势大小为：U1=B1l1v1；

(2)根据法拉第电磁感应定律，可得到导体棒产生的感应电动势大小为：E=B2l2v2tt=B2l2v2；

根据闭合电路欧姆定律，可得通过导体棒的电流为：I=ER=B14.【答案】匀强电场的场强大小为3mg4q

小球到C时的速度大小为gR

小球从O到Q的过程，机械能的增加量为【解析】解：(1)根据小球可静止在P，可知小球在P处受力平衡，受力分析如图：

由小球受力平衡，可得：tanθ=qEmg，解得：E=3mg4q；

(2)小球从O到C，应用动能定理，可得：qE⋅2R−mgR=12mvC2，解得：vC=gR；

(3)小球离开C后，对小球受力分析，可得小球在水平方向只受到电场力做匀加速运动，在竖直方向只受到重力做匀减速运动；

小球从C到达最高点Q所需的时间满足：vC=gt，小球从C到Q在水平方向的位移满足：x=12at2，a=qEm；

由功能关系，可知电场力做功转化为机械能，则机械能增加量满足：Δ