江苏省南通市海门区某中学2024-2025学年九年级上学期1月期末物理试题（B卷）解析版

南通市海门区海南中学2024学年度九年级上学期期末模拟测试卷物

理•试题卷

注意事项

考生在答题前请认真阅读本注意事项：

1.本试卷共9页，满分为90分，考试时间为90分钟。考试结束后，请将本试卷和答题卡一

并交回。

2.答题前，请务必将自己的姓名、考试证号用0・5毫米黑色字迹的签字笔填写在试卷及答题

卡上指定的位置。

3.答案必须按要求填涂、书写在答题卡上，在试卷、草稿纸上答题一律无效。

4.作弊者，本卷按0分处理。

一、单项选择、本题共10小题，每小题2分，共计20分，以下各小题给出的四个选项中只

有一个是正确的。

1.下列现象中，利用内能做功的是()

A.冬天在户外时两手相互搓一会儿就暖和了

B.刀在砂轮的高速摩擦之下溅出火花

C.火箭在“熊熊烈火”的喷射中冲天而起

D.盛夏在烈口之卜的柏油路面被晒熔化了

【答案】C

【解析】

【详解】A、冬天在户外时两手相互搓一会儿就暖和了，属于利用内能加热物体，不符合题意.

B、刀在砂轮的高速摩擦之下溅出火花，属于利用内能加热物体，不符合题意.

C、火箭在“熊熊烈火”的喷射中冲天而起，利用内能做功，符合题意.

D、盛夏在烈口之卜.的柏油路面被晒熔化了，属于利用内能加热物体，不符合题意.

故选C。

2.在国际单位制中，电功的单位是

A.伏特(v)B.欧姆(C)C.焦耳(J)D.安培(A)

【答案】C

【解析】

【详解】在国际单位制中，电功的单位是焦耳，故选C。

3.如图所示的电路中，甲乙两灯泡串联,观察到甲灯泡比乙灯泡亮。则下列描述中错误的是()

甲乙

A.%>与B.U甲,U乙C./甲>/乙D.R*>R乙

【答案】C

【解析】

【详解】AD.因为甲灯泡比乙灯泡亮，所以甲的实际功率大于乙灯的实际功率，即％〉生,由尸=/2R

可得：%>R乙,故AD正确，不符合题意;

B.根据串联分压的特点：生=¥，故U甲〉U乙，故B正确，不符合题意;

与R乙

c.两灯是串联关系；则小=/乙.故c错误，符合题意。

故选C。

4.如图是一个光滑的轨道。某只小球从轨道的。点出发，由静止开始下滑，小球始终没有离开轨道，你

认为小球最远可以运动到（）

A.〃点B.b点C.c点D.d点

【答案】C

【解析】

【详解】本实验中，由于轨道是光滑的，没有摩擦力，所以小球的机械能守恒，故小球从。点由静止释

放，始终没有离开轨道，最远可以滚到与。点等高的c点，因为。、。两点高度相同，故C符今题意，

ABD不符合题意。

故选C

5.炎热的夏天，在玻璃杯中装有水和冰块，如图所示，左边杯子里的冰块压着杯底，右边杯子里的冰块

漂浮在水面。若不考虑水的蒸发，当两个杯中的冰块全部熔化时，杯中水面和初始时刻杯中水面相比

A.都高于初始时刻杯中的水面

B.都和初始时刻杯中的水面相平

C.左侧杯中水面和初始时刻的水面相平，右侧杯中水面高于初始时刻杯中水面

D.左侧杯中水面高于初始时刻杯中水面，右侧杯中水面和初始时刻的水面相平

【答案】D

【解析】

【分析】冰漂浮在水面上，要判断冰溶化后，水面是否发生变化，则需要比较冰块排开液体的体积跟冰块

熔化成水后的体积大小。若两者体积相等，则水面不变，若增大，则水面升高，若减小，则水面降低。

【洋解】由右边图知，因为冰漂浮于水面上，所以

尸浮一〃水gV福-G”①

又因为冰熔化成水后，其质量不变，重力不变，所以

G水=汽水gV，K=G源②

由①②可得

〃木gV推二P次8丫水

所以

即：冰熔化为水的体积等于冰排开水的体积，故右边杯中水面不变：

由左边图知，杯中的冰压在杯子底，杯子底对冰有一个向上的支持力，产生冰块受到重力、支持力、浮

力，所以此时冰的重力大于浮力，即

G单＞「'件

由以上分析知：即

P水gV排甲＜〃^gV木下

即

叫水

液而升高。

综上所述，故ABC不符合题意，D符合题意。

故选Do

6.如图所示为四冲程汽油机的某一个工作冲程。汽油的热值为4.6xl()7j/kg,下列说法中正确的是()

A.此图所示为汽油机的排气冲程

B.汽油燃烧可以放出的热量为4.6x107J

C.汽油机的效率越高，消耗的汽油就越少

D.质量2kg的汽油完全燃烧，放出9.2x101的热量

【答案】D

【解析】

【详解】A.由图中可知，进气门与排气门均关闭，活塞向上运动，故是压缩冲程，故A错误；

B.由。二〃可可知，汽油燃烧放出热量与汽油的热值和热量均有关，只根据热值无法求出汽油燃烧放出

的热量，故B错误；

C.汽油的效率越高，说明有用功与汽油完全燃烧放出的热量的比值越大，只有在有用功相同的情况下，

汽油完全燃烧放出的热量才少，此时消耗的汽油才较少，故c错误：

D.由Q二，四可得，2kg的汽油完全燃烧，放出的热量为

Q=/”2kgx4.6xl()7J/kg=9.2xIO7J

故D正确。

故选Do

7.在一标准大气压下，完全燃烧10kg热值为1.26X1(TJ/kg的干木柴，如果没有热损失，能将500kg初温

为50℃的水升高()

A.50CB.60rC.100℃D.110℃

【答案】A

【解析】

【详解】由题可知，干木柴质量叫=10kg,热值^=1.26x10'J/kg,水的质量相水=500kg,水的初

温八=50C,

一标准大气压下水的沸点为100C，干木柴完全燃烧放热

8

Q放=m,柒q=10依x1.26x10J/kg=1.26xlOJ

水从50℃升到100℃所需热量

3s8

Q,,=an水(r-r0)=4.2x10J/(^?C)x5OOX^x(1OO℃-5O℃)=1.05xl0J<L26x10J

说明能使温度升高5O℃,故A符合题意，BCD不符合题意。

故选Ao

8.在如图所示的电路中，磁敏电阻R的阻值随磁场的增强而明显减小.将螺线管一端靠近磁敏电阻R,闭

合开关％、S2,下列说法正确的是

A.螺线管左端为S极，右端为N极

B.当心的滑片向左滑动时，电压表示数增大

C.当足滑片向右滑动时，电流表示数增大

D.在螺线管中插入铁芯，电压表示数减小

【答案】D

【解析】

【详解】A.电流从电磁铁的右端流入，左端流出，利用安培定则判断电磁铁的左端为N极、右端为S极，

故A错误；

B.当滑片P向左滑动时，滑动变阻器连入电路中的电阻变小，则电路中的电流变大，通电螺线管的磁性

增强，因此磁敏电阻的阻值减小：因为串联电路起分压作用，因此磁敏电阻分得的电压变小，故电压表示

数变小，故B错误；

C.当滑片P向右滑动时，滑动变阻器连入电路中的电阻变大，则电路中的电流变小，通电螺线管的磁性

减弱，因此磁敏电阻的阻值变大；由欧姆定律可知电流表示数变小，故c错误；

D.在螺线管中插入铁芯后，螺线管的磁性增强，则磁敏电阻的阻值减小；因为串联电路起分压作用，因

此磁敏电阻分得的电压变小，故电压表示数变小，故D正确.

9.在水平地面上铺一张纸，将皮球表面涂黑，使其分别从不同高度处自由下落，在纸上留下黑色圆斑甲、

乙，如图所示。若要判断哪一个圆斑是皮球从较高处落下形成的，正确、合理的分析思路是()

①球在和地面接触过程中动能转亿成的弹性势能较大

②球的形变量较大，在地面上形成的圆斑较大

③球下落过程中重力势能转化为动能

④球在较高处具有较大的重力势能

⑤球在接触地面前具有较大的动能

甲乙

A.②CD®④③B.②④③⑤①

C.⑤①②D.④⑤③①②

【答案】C

【解析】

【详解】重力势能的大小与高度和质量有关，球的质量不变，高度越高，具有的重力势能越大；球在下落

的过程中，高度减小，重力势能减小，速度变大，动能变大，重力势能转化为动能；当球接触地面时，球

会发生形变，球的动能转化为球的弹性势能；球的动能越大，转化成的弹性势能越大，则球的形变越大，

与地面的接触面积越大，在地面上形成的圆斑较大；综上分析可知，从不同高度处自由下落，在纸上留下

黑色圆斑，若要判断哪一个圆斑是皮球从较高处落下形成的，正确、合理的分析思路应该是④③©①②，

故ABD不符合题意，C符合题意。

故选Co

10.有些自动洗衣机通过压力传感器感知气体的压力，从而控制进水量。如图所示，某种自动洗衣机进水

时，与洗衣缸相连的细管中会封闭一定质量的空气，若不考虑温度的影响，则洗衣缸内水位升高过程中，

细管中被封闭的空气（）

压力传感器

A.体积不变，压强变小B.体积变小，压强变大

C.体积不变，压强变大D.体积变小，压强变小

【答案】B

【解析】

【分析】根据水位的变化，引起的压强变化，判断气体压强的变化及体枳的变化。

【详解】当洗衣机的水位升高时，液体压强变大，则与洗衣缸相连的细管中水面也会升高，所以被封闭气

体的体积要减小，气体压强变大，故B符合题意，ACD不符合题意。

故选B.

二、填空题(每空1分，共17分)

11.“溜溜球”是学生喜爱的一种玩具。图是其结构示意图，使用时将线绕好，然后手持绳的上端自由释

放。假如手不提拉，由于空气阻力，“溜溜球”上升的高度将越来越小，这一过程中能转化

为能：为使“溜溜球”上升的高度不变，在其上升的过程中，人必须提拉绳子，提拉的过程

实质上是人通过绳对“溜溜球”的过程，从而使它的机械能得到不断的补充。

【答案】①.机械②.内③.做功

【解析】

(11题详解】

[1]⑵由于空气阻力，“溜溜球”上升过程中，需要克服阻力做功，部分机械能转化为内能，机械能会减

小，故上升的高度将越来越小。

⑶人提拉绳子，对球做功，使球的机械能增加。

12.用煤气灶把1kg、初温为20℃的水烧到70℃,消耗了10g煤气。已知水的比热容是4.2x103〃

(kg--C),煤气的热值为4.2x|(n/kg,则水吸收的热量为J,煤气完全燃烧放出的热量为____J,

煤气灶烧水的效率为

【答案】①.2.lx105②.4.2x105③.50%

【解析】

【分析】

【详解】[1]则水吸收的热量为

Q及=。必1=4.2x103J/(kg-℃)xlkgx(70℃-20℃)=2.1xl05J

故水吸收的热量为2.1x105J。

[2]煤气完全燃烧放出的热量为

。放=叫尸10义1O-3kgx4.2xio7j/kg=4.2xlO5J

煤气完全燃烧放出的热量为4.2x[0，Jo

[3]燥气灶烧水的效率为

7片丝X100%=2.xl。JX100%=50%

Q取4.2xlO5J

煤气灶烧水的效率为50%。

13.在“探究并联电路电流特点”的实验中，一班各组同学分别选取两个灯泡，按照如图甲所示的电路进

行了连接，然后把一个电流表分别接入电路中A、B、。处测量电流，并记录数据。

（1）小明将电流表接在A处，闭合开关，电流表示数如图乙所示，为了得到更为准确的测量结果，他应

该断开开关，,重新进行实验；

（2）小红测量时，闭合开关，发现指针向“0”刻度的左侧偏转，电流表连接存在的错误是

（3）小华认为：实验时，应该,多次测量A、B、C三处的电流，这样可以保证得出的结论具

有普遍性。

【答案】（1）将电流表换接小量程

（2）电流表正、负接线柱接反了

（3）换用不同规格的灯泡

【解析】

【小问1详解】

小明将电流表接在A处，闭合开关，电流表示数如图乙所示，指针偏转角度太小，为了得到更为准确的测

量结果，他应该断开开关，将电流表换接小量程（0-0.6A）,重新进行实验。

【小问2详解】

小红测量时，闭合开关，电路接通，发现指针向“0”刻度的左侧偏转，说明电流表的正负接俄柱接反

了。

【小问3详解】

为得出普遍性的结论要换用不同规格的灯泡多次测量A、3、C三处的电流。

14.小阳利用“伏安法”测量未知电阻R、的阻值。

(1)小阳选择了满足实验要求的实验器材，连接的实验电路如图所示，请你把与电流表相连的两条导线

的M端和N端正确接入电路，使实验电路连接完整。

()

(2)电路连接完整后，闭合开关S,滑动变阻器滑片P滑动到某一位置时，电流表和电压表示数如图所

示，电压表的示数为V,电流表的示数为A,电阻凡的阻值为0

(3)此时定值电阻R\消耗的电功率为W。

【答案】②.2.4③.0.212⑤.0.48

【解^5]

【详解】

(2)[2]由图可知电压表选小量程的，分度值为0.1V,示数为2.4V：

[3]由图可知电流表选小量程的，分度值为0.02A,示数为0.2A；

[4]电阻Rx的阻值为

U_2.4V

二12。

7-0.2A

(3)[5]此时定值电阻人消耗的电功率为

P=UI=2.4Vx0.2A=0.48W

15.如图所示：用滑轮组拉着一只木块P沿水平面以0.5m/s的速度匀速向右运动，此时弹簧测力计的读数

为4N。若每只滑轮重1N,绳与滑轮间的摩擦不计，拉力厂的大小为N,该滑轮组的机械效率

为,在2s内拉力产做的功为J,有用功率大小为W。

【答案】©.2.5(2).80%③.5@.2

【解析】

【详解】口]由图可知，木块P与弹簧测力计相连匀速运动，且弹簧测力计右端通过一定滑轮与滑轮组相

连，即此时滑轮组下端物体拉力与物块滑动摩擦力大小相等；与动滑轮连接的绳子段数〃=2,绳与滑轮

间的摩擦不计，拉力/拉动=4N+1N=2.5N

n2

[2]已知〃=2,可得该滑轮组的机械效率为

4N

77=上、100%=岛拉S物1100%=耳勿拉S物X]00%=xioo%=80%

叱总F拉s拉F^ns^j2.5Nx2

[3]2s内拉力移动的距离s拉=物=nv^t=2x0.5m/sx2s=2m

故拉力所做的功力吗J=F悔s位=2.5Nx2m=5J

⑷有用功率大小为%=十二苫翘=心物/=4Nx0.5m/s=2W

三、作图题(共6分)

16.按照题目要求作图。

(1)如图所示，用笔画线代替导线根据所给的器材连接•个电路，要求两个灯泡串联，用电流表测量通

过Li的电流，用电压表测L?两端的电压，并在方框内画出相对应的电路图。

II4

（2）根据图所示的实物电路，在方框内画出它的电路图，并在图中对应的灯泡附近标出L和L2,

（3）筷子是我国传统的用餐工具，它应用了杠杆的原理，如图所示。请你在图中标出这根筷子使用时的

支点。。并画出动力孔和阻力臂b

(2)

(3)C

li

A

【解析】

【小问1详解】

两个灯泡串联，用电流表测量通过L1的电流，电流表选用小量程串联在电路中，因电源电压为3V将电压

电路图如图所

小：

【小问3详解】

在使用筷子时筷子绕着C点转动，所以C点即为支点；手的作用力为动力，其方向与筷子垂直，动力的作

用点为8点：食物对筷子的阻碍刀为阻力，阻力的作用点为4点。阻力臂是从支点。到阻力的作用线之间

四、计算题（本题共2题，共20分）

17.2010年11月5日，在新疆召开“引渤入疆”（指引渤海水进入新疆）研讨会，引起了全国舆论的广

泛美注。其中一个方案是：从天港取水，由黄旗海一库布齐沙漠一毛乌素沙漠一腾格里沙漠一乌兰布和

沙漠一巴丹吉林沙漠，走河西走廊，经疏勒河自行流入罗布泊。此路经中最高海拔约为历=1200m,从

罗布泊到下游的艾丁湖，又有近/，2=1000m的落差。此方案是否可行，涉及到环境、能源、技术等多方

面的因素。下面我们仅从能量的角度来分析这个方案。取g=10N/kg,水的密度片LOxlCPkg/m?。

(1)若通过管道提升海水，电能效率%60%,将It海水提升到海拔1200m处，需要电能鼠至少为多

少？

(2)若每年调4xl()9n】3海水入疆，即使把从罗布泊到下游的艾丁湖落差发的电全部用来提升海水，也还需

要额外提供电能；

①若利用水的落差发电，发电效率也为片60%,将It海水输送到艾丁湖，额外需要电能△心为多少？

②已知三峡水电站年平均流量Q=5.()xlO"m3,水库水面与发电机的水轮机所在位置的平均高度差

人=IOOm,发电站的发电效率〃=6C%“若“引渤入疆”工程额外需要的电能可以从三峡水电站输送，求在一

年中“引渤入疆”工程额外需要的电能占三峡电站发电量的比例。

【答案】(l)2xl07j；(2)1.4X|07J,18.7%

【解析】

【分析】能量是守恒的，只是形式的转换，解题时考虑能量转换的占比问题；利用公式斤〃吆力得到水的重

力势能，通过能量的利用得到需要消耗的电能。

【详解】⑴将吨海水提升到海波海水m,重力势能增加

33

Ep=mgh、=1.0x10kg/mx1ON/kgx1200m=1.2x10J

由于电能的利用率为60%,所以需要耗电

J^=L2X102=2X107J

160%60%

(2)①利用1000m落差，根据能量的利用率可知It水可以发电

6

E2=mg切=1.0X1kg/m3X1ON/kgX1200mx60%=6xlOJ

将It海水输送到艾丁湖，需要额外耗电

==2X107J-6X106J=1.4X107J

②h海水的体积为In?,则每年从渤海湾调4'10']3海水入疆需要额外用电

,997I6

AE=4X10XAE0=4X10X1.4X10J=5.6X10J

已知年平均流量

e=V=5.0xl0"m3

由p=，以及G=mg可得这些水的重力

G=mg=pVg=\^x\05kg/m3x5.0xl0"m3x1ON/kg=5.0xl0,5N

已知平均高度差/『100m,则水的重力做功

Hz=G/?=5.OxlO,5NxlOOm=5.OxlOl7J

E

已知发电站的发电效率为60%,”=r可得，三峡水电站的年发电

I7,7

E=Z/U/=60%X5.0X10J=3X10J

“引渤入疆”工程额外需要的电能占三峡电站发电量的比例为

AF_5.6xl()I6J

=18.7%

~E~3X10,7J

答：（1）若通过管道提升海水，电能效率片60%,将It海水提升到海拔1200m处，需要电能台至少为

2xI07J；

⑵①若利用水的落差发电，发电效率也为片60%,将It海水输送到艾丁湖，额外需要电能△片）为

1.4xlO7J；

②在一年中“引渤入疆，，工程额外需要的电能占三峡电站发电量的比例18.7%.

18.如图是某课外活动小组设计的小台灯电路图。S为单刀双掷开关，电源电压为12V,且保持不变，小

灯泡的额定功率是6W,电阻R的阻值为6C,当开关S接“2”时，小灯泡恰好正常发光，若灯丝电阻不

变，试求：

（1）小灯泡的额定电流和灯丝的电阻各是多少？

（2）开关S接“1”时，电阻〃的功率是多少？Imin内R产生多少热量？

1

【答案】①.0.5A

②.24。③.0.96W④,57.6J

【解析】

【详解】解：（1）由题知，电源电压U=12V,由图知，当开关S接“2”时，小灯泡直接接在电源上，小灯

泡恰好正常发光，此时UM：U=12V,Pft=6W,由片U/可得小灯泡的额定电流

二里二空

=0.5A

412V

由/=?得灯丝电阻

R

/额0.5A

（2）由图知，开关S接“1”时，灯泡和电阻R串联，由串联电路特点和欧姆定律可得此时电路中电流

,U12V.

/7=---------=-------------=0n.4AA

RL+R24C+6C

所以电阻R的功率

。=/昨（04A）2x6Q=0.96W

lm:n内R产生热最

g=yy=PZ=0.96Wx60s=57.6J

答：（1）小灯泡的额定电流是0.5A,灯丝的电阻是24Q；

（2）开关S接“1”时，电阻/?的功率是0.96W,Imin内R产生的热量是57.6L

五、实验和探究题（本题共3题，共17分）

19.如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同。燃料及烧杯内的液体质量也相同。

（1）比较不同燃料的热值，应选择两图的装置进行实验；比较不同物质的比热容，应选择

两图的装置进行实验。

（2）比较不同燃料热值的实验中，同时点燃燃料后，需等待燃料（选填“燃烧相同时间”或

“充分燃烧”），然后通过观察来比较两种燃料热值大小。

（3）比较不同物质比热容的实验中，选用上图中合适装置加热相同一段时间后，液体a升温多，由此可

知：液体（选填或"b”）的比热容小。这段时间，液体〃吸收的热量___________（选

填“大于”、“等于”或“小于”）液体吸收的热量。

【答案】①.甲、乙②.甲、丙③.充分燃烧④.温度计上升的示数（或液体升高的温度或

温度计示数的变化）⑤.a⑥.等于

【解析】

【详解】（1）[1北2]根据控制变量法思想，比较不同燃料的热值，应控制吸热的液体相同而加热的燃料不

同，即选择甲、乙两图的装置进行实验；比较不同物质的比热容，应选择加热相同但吸热液体不同的甲、

丙两图的装置进行实验。

（2）[3]⑷实验通过转化法，比较不同燃料热值的实验中，同时点燃料后，需等待燃料全部充分燃烧，通

过观察温度计示数的示数上升来匕较两种燃料热值大小，温度计示数越高，说明所用燃料放出的热量越

多，即燃料热值越大。

（3）[5][6]比较不同物质比热容的实验中，选用上图中合适装置加热相同一段时间后，由于采用相同的加

热装置，则两种液体吸收相同的热量，液体a升温多，由此可知吸收相同热量时液体a的温度变化量大，

则其比热容小。

20.在“测定小灯泡的电功率”的实验中，已知电源电压为6V,小灯泡的额定电压为2.5V,小灯泡的电

阻约为10Q,滑动变阻器上标有“20。1A”字样。图是小华同学没有连接完的实物电路。

实验次数123

电压UN2.02.52.8

电流〃A0.300.360.38

r

)

（I）请你用笔画线代替导线，将实物电路连接完整要求：滑动变阻器滑片P向左移动，灯泡变暗;

（2）实验中，小华同学连接好电路后，闭合开关，移动滑片，发现小灯泡始终不亮，且电压表有示数，

电流表无示数，则故障的原因可能是；

（3）排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片到图中位置，电压表示数为2.2V,要测最小灯泡的

额定功率，应将滑片P向端滑动（选填“左”或“右”）；

（4）调节滑动变阻器测得如表中所示的三组数据，则小电灯的额定功率为W；

（5）小明发现，由表中数据计算可知：小灯泡亮度不同时灯丝电阻不相等，你认为造成这种结果的原因

是o

【答案】（1）（2）灯泡断路

（3）右（4）0.9

（5）灯泡灯丝电阻随温度的变化而变化

【解析】

【小问1详解】

U25V

由趣可知，小灯泡额定电压为2.5V,电阻约为I0C,由欧姆定律/=一二一一=0.25A

R10Q

所以电流表量程应选0-0.6A最程，滑动变阻器滑片P向左移动，灯泡变暗，说明滑动变阻器接入电路中的

阻值变大，如图应连接滑动变阻器B端点，电路图连接如下所示:

【小问2详解】

D

闭合开关，电流表无示数说明电路某处断路，小灯泡不亮，电压表有示数说明电压表两接线柱到电源两极

是通的，即可能是灯泡处断路，电压表串联接入电路，测电源电压，因此有示数。

【小问3详解】

电压表示数2.2V,小于2.5V,要测量小灯泡的额定功率，要增大灯泡电压，则需减小变阻器两端电压,

由串联分压原理可知，应减小变阻器接入电路中的电阻，因此将滑片向右移动。

【小问4详解】

由表可知，额定电压U—2.5V时，电流/—0.36A,则小灯泡额定功率P—U7—2.5VxO.36A—0.9W

【小问5详解】

实验中过程中，灯丝的温度会发生改变，而灯丝电阻随温度变化，亮度大时温度高，电阻大。

21.在“探究影响导体电阻大小的因素''实验中，分别对导体电阻跟它的长度、横截面积、材料有关的猜想

进行实验检验。下表中给出了可供选择的几种导体，分别用A-E五个字母代表。请你回答下列问题：

导体代号长度/m横截面积/mm?材料

A1.00.4钵铜

B1.00.6钵铜

C0.50.4镒铜

D1.00.6银铭合金

E1.50.4银格合金

（1）为检验“导体电阻跟横截面积有关''的猜想，应选用两个代号的导体。

（2）选用A、E两个代号的导体，（选填“可以”或“不能”）检验”导体电阻跟材料有关”的猜

想，理由是o

（3）进•步研究发现:导体的材料和横截面积•定时，导体的长度越长电阻越大。根据此原理我们制成了

滑动变阻器。在图中，把滑动变阻器的AD两个接线柱接入电路，当滑片P向D端移动时，其接入电路的

电阻（选填“变大”或“变小”）。

【答案】①.A、B②.不能③.A、E两个代号的导体除了材料不同，长度也不同④.变大

【解析】

【详解】⑴⑴为检验”导体电阻跟横截面积有关”的猜想，应选用除横截面积不同之外，其它因素都相同的，

所以应选用A、B两个代号的导体；

（2）［2］因为A、E两个代号的导体除了材料不同，长度也不同，所以选用A、E两个代号的导体，不能检验

“导体电阻跟材料有关''的猜想；

⑶［3］由图可知把滑动变阻器的AD两个接线柱接入电路，当滑片P向D端移动时，其接入电路的电阻丝

的长度变长，电阻变大。

六、图文信息题（共1题共10分）

22.国自行设计的“蛟龙号”载人潜水器（如图甲）完成下潜深度7000m的深海潜试，标志着我国成为第五

个掌握大深度载人深潜技术的国家。蛟龙号带有适当数量的压载铁，通过改变压载铁的数量，来控制其下沉

或上浮。蛟龙号工作时，开始因压载铁的数量较多，浮力小于重力而下沉.到达工作区后，抛掉部分压载铁，

使其浮力接近于重力，减小螺旋桨的工作压力。工作结束后，抛掉所有的压载铁，蛟龙号这时浮力大于重力

而上升。

“蛟龙号”的电源是由多节充油银锌蓄电池串联而成.这种电源的“比能量”约