新疆2026年高三二模高考物理模拟试卷试题（含答案详解）

第=page11页，共=sectionpages11页2026年新疆高考物理二模试卷一、单选题：本大题共5小题，共30分。1.两小球静止在光滑水平面上，它们之间夹着一个被压缩的轻质弹簧。同时释放两球，在弹簧第一次恢复到原长的过程中(

)A.弹簧对两个小球所做的功相等 B.弹簧对两个小球的冲量大小相等

C.任何时刻两个小球的加速度大小都相等 D.任何时刻两个小球的速度大小都相等2.一刚性密闭的导热容器中储有氧气，如图是容器中氧气分子在0∘C和100∘C时的速率分布图，下列说法正确的是(

)A.氧气分子的速率分布呈现分子数“两头多、中间少”的规律

B.0∘C时，所有氧气分子的速率都在300∼400m/s的区间内

C.100∘C时，在各速率区间氧气分子数占总分子数的百分比都比0∘C时大3.静电透镜是利用静电场使电子会聚的装置。如图所示，虚线为这种静电场在纸面内的一簇等势线，带箭头的实线是由左侧射入的三个电子的运动轨迹，会聚在F点。下列关于电子在运动过程中的说法正确的是(

)A.在A点的电势能大于在B点的电势能 B.在A点的加速度小于在F点的加速度

C.从A点到B点动能减少 D.从A点到F点电场力做正功4.两个相距很近的等量异种点电荷组成的系统称为电偶极子。如图，电荷量分别为+q和−q，电荷间距为l，坐标原点O为两者连线中点，电偶极子沿y轴放置，P点位于x轴上，距离O点的距离为r，且r≫l。则P点的场强大小为(真空中静电力常量为k)(

)A.kqlr3 B.2kqlr3 C.5.新疆昌吉努尔加滑雪场拥有优质的冰雪资源，雪道建设之初，设计者进行了相关计算和测试。已知滑雪者与雪道间的动摩擦因数为0.05，斜坡倾角为10∘时，滑雪者从距水平缓冲区高h1=10m处由静止滑下，最终停在水平缓冲区的标记点A。如图所示，若将斜坡倾角调整为15∘，同时将起点高度降低至h2=9m，斜坡与水平缓冲区交点O不变且平滑连接，不计空气阻力，则滑雪者最终将停在标记点A的(已知tan10∘≈0.176A.右侧约3m处 B.右侧约5m处 C.左侧约3m处 D.左侧约5m处二、多选题：本大题共3小题，共18分。6.圆柱形水井底部中央有一只小青蛙，关于小青蛙能看见的天空范围，下列说法正确的是(

)A.若井中无水，小青蛙看到的天空范围和井口一样大

B.若井中无水，井越深，小青蛙看到的天空范围越小

C.若井中水是满的，小青蛙有可能看到整个天空

D.若井中水的深度是井深的一半，小青蛙看到的天空范围是井中水满时的一半7.某电动汽车充电桩的供电系统视作理想变压器，如图所示。原线圈匝数为n1，电流为I1，输入电压为U1。当两区同时工作时，两个副线圈分别作为快充区和慢充区为电动车供电，线圈匝数分别为n2和n3，电流分别为I2和I3，输出电压分别为UA.U1I1=U2I2+8.如图所示，半径为r的光滑圆轨道竖直放置，以圆心O为坐标原点在竖直平面建立直角坐标系。一小球在最低端A点沿内轨以速度v0=2gr水平射出，不计空气阻力，下列说法正确的是A.小球将在B点下方某点脱离轨道

B.小球将在B点上方某点脱离轨道

C.小球脱轨后，将在与脱离点关于y轴对称的位置再次进入轨道

D.小球脱离轨道后，将在x轴下方某点与轨道相撞

三、实验题：本大题共2小题，共26分。9.某实验小组用单摆测量重力加速度。

(1)测量钢球直径的正确操作是图中

(选填“甲”或“乙”)所示的方式。

使用游标卡尺测得摆球直径d=20.00mm，刻度尺测得摆线长l=400.0mm，则摆长L=

cm(保留4位有效数字)。

(2)如图1所示，在单摆悬点处安装力传感器，使摆线与竖直方向夹角为θ(θ<5∘)，无初速度释放摆球，利用力传感器，得到力与时间的关系，如图2所示，则单摆的周期为

s(保留2位有效数字)。

(3)为减小误差，改变摆线长度l，测出对应的周期T，作出相应的l−T2关系图像，如图3所示。算出图线斜率为k，则重力加速度g=

(结果用k表示)。

(4)图像没有过原点的原因是

。

A.实验地所处的海拔过高

B.纵坐标是摆线长

C.10.小明同学探究热敏电阻Rt的阻值随温度变化的规律。实验器材有：电源(3V,0.5Ω)、多用电表、电压表(3.5V,约50kΩ)、滑动变阻器RA(0∼1kΩ)、滑动变阻器RB(0∼10Ω)、电阻箱R0(0∼999.9Ω)、开关、导线若干。

(1)小明首先使用多用电表粗测0∘C时热敏电阻的阻值，如图甲所示。他将选择开关置于欧姆“×1k”挡，正确操作后指针偏转如图乙所示，则测量值为

kΩ。为较准确地测量，他应换用

(选填“×10k”或“×100”)挡并重新欧姆调零。

(2)小明设计了如图丙所示的电路，要使c、d两端的电压可从零开始变化，滑动变阻器R应选用

(选填“RA”或“RB”)。将电路图补画完整。

(3)正确连线后，将滑动变阻器的滑片P移到最左端，电阻箱调到合适阻值，闭合S1。将开关S2切换到a，调节滑片P使电压表示数U0=2.70V。再将开关S2切换到b，电阻箱调至如图丁所示，则此时接入电路的电阻R1=

Ω，若此时电压U1=1.35V，热敏电阻Rt1=

Ω(保留3位有效数字)。

(4)保留R1四、计算题：本大题共2小题，共36分。11.如图所示，物体A、B之间用张紧的轻绳连接后静止在水平地面上，t=0时刻对物体A施加一个水平向右的恒力F=16N，4s时撤去力F。已知物体A、B质量均为2kg，物体A与地面的动摩擦因数为0.4，物体B与地面的动摩擦因数为0.2。求：

(1)4s时物体A的速度；

(2)轻绳至少多长才能避免两物体相撞；

(3)若物体A刚静止时，物体B恰好与之相撞，求轻绳的长度。12.如图为某种质谱仪的工作原理示意图。离子源发出甲、乙两种正离子束，它们的初速度均为v0、电荷量均为q、质量分别为2m和m，离子从S点垂直于电场方向射入静电分析器，OS为水平线段。静电分析器中有指向圆心O的径向电场，所有与O点等距的位置场强大小相等。磁分析器内充满垂直于纸面向外的匀强磁场，其理想边界在OP所在的竖直线上。甲离子在静电分析器中沿半径为2r0的四分之一圆弧做匀速圆周运动，从P点水平射出；乙离子从OP的中点M以与水平方向成θ角(cosθ=25)射出，两离子射入磁分析器，最终打在探测板上。其中甲离子打在O点正下方的Q点(OQ=2r0)，乙离子打在N点(未画出)。已知P、M两点的电势差UPM=2mv02q，不计重力和离子间相互作用。

(1)求甲离子在静电分析器中运动位置的场强E的大小，以及磁分析器中磁感应强度B的大小；

(2)求乙离子打在探测板的位置N点到O答案和解析1.【答案】B

【解析】解：A.弹簧对两球的弹力大小相等，但两球的质量未知，因此在弹簧恢复原长的过程中，两球的位移大小不一定相等。根据功的公式

W=Fx

由于位移x不一定相等，所以弹簧对两球做的功不一定相等，故A错误；

B.弹簧对两球的弹力大小始终相等，方向相反，且作用时间相同。根据冲量公式

l=Ft

两球受到的冲量大小相等，方向相反，故B正确；

C.两球受到的弹力大小相等，根据牛顿第二定律，加速度大小与质量成反比。由于两球质量未知，加速度大小不一定相等，故C错误；

D.根据动量守恒定律，系统初始动量为0，因此任意时刻两球的动量大小相等、方向相反，由于两球质量未知，速度大小不一定相等，故D错误。

故选：B。

A.根据功的公式判断弹簧对两个小球所做的功的关系；

B.根据冲量公式求弹簧对两个小球的冲量大小的关系；

C.根据牛顿第二定律求任何时刻两个小球的加速度大小关系；

D.根据动量守恒定律判断任何时刻两个小球的速度大小关系。

本题考查了动量守恒定律的应用，根据题意分析清楚两球的运动过程是解题的前提，应用动量守恒定律恒即可解题。2.【答案】D

【解析】解：A.氧气分子的速率分布遵循的规律是“中间多、两头少”，即中等速率的分子数占比最大，速率很大和很小的分子数占比都很小，故A错误；

B.从图中可以看到，0∘C时，分子速率分布在多个区间内，并非所有分子的速率都在300∼400m/s的区间内，只是这个区间的分子数占比最大，故B错误；

C.对比两条曲线，在速率较低的区间(如100∼200m/s、200∼300m/s)，0∘C时的分子数占比要大于100∘C时的占比，故C错误；

D.从图中100∘C对应的虚线曲线可以看出，其峰值出现在400∼500m/s的区间，说明该区间内氧气分子数占总分子数的百分比最大，故D正确。3.【答案】C

【解析】解：A.A点电势(120V)高于B点电势(60V)。电子带负电，电势越高，负电荷的电势能越低。因此，电子在A点的电势能小于在B点的电势能，故A错误；

B.等势线的疏密反映电场强度的大小。A点等势线更密集，说明A点电场强度大于F点电场强度。根据牛顿第二定律，A点的加速度大于F点的加速度，故B错误；

C.从A到B，电势降低，电子电势能增加。根据能量守恒，电势能增加意味着动能减少，故C正确；

D.A点电势高于F点电势，电子从A到F，电势能增加。电势能增加说明电场力做负功，故D错误。

故选：C。

A.根据“负电荷在电势低处电势能大”判断在A点的电势能与在B点的电势能的关系；

B.根据电场线的疏密判断场强大小，结合牛顿第二定律求在A点的加速度与在F点的加速度的关系；

C.根据能量守恒求从A点到B点动能变化；

D.根据电场力做功与电势能的关系判断从A点到F点电场力做功情况。

解决这类题目的一定要从受力情况着手，分析电子的运动情况，能熟练运用推论：负电荷在电势低处电势能大，判断电势能的变化。4.【答案】A

【解析】解：两个场强E+和E−对称分布，它们在x轴方向的分量大小相等、方向相反，相互抵消。它们在y轴x方向的分量大小相等，方向相同，相互叠加。如图所示

点合场强

E=2kqd2cosθ=2kq(12)2+r2⋅12(12)5.【答案】A

【解析】解：倾角为10∘时(高度h1=10m，停在A点)设水平缓冲区滑行距离为x1，由动能定理：

mgh1−μmgcosθ1⋅h1sinθ1−μmgx1=0

倾角为15∘时(高度h2=9m设水平缓冲区滑行距离为x2，同理：

mgh2−μmg6.【答案】BC

【解析】解：A.若井中无水，光沿直线传播，小青蛙的视野由井口边缘限制，看到的天空范围小于井口大小，井越深，看到的范围越小，故A错误。

B.若井中无水，井越深，井口边缘到青蛙的连线与竖直方向的夹角越小，视野范围越小，故B正确。

C.若井中水是满的，光线从空气射入水中会发生折射，折射角小于入射角，这会让青蛙的视野范围变大。当井的深度足够浅时，理论上青蛙有可能看到整个天空，故C正确。

D.看到的天空范围由折射光线的最大张角决定，这个角度与水的深度不是简单的线性关系，故D错误。

故选：BC。

青蛙之所以坐在井里，只能看到很小的一片天，就是因为光沿直线传播的缘故。当井中有水时，光由空气斜射入水中，在水面上要发生折射，根据折射定律得出答案。

正确理解掌握光的直线传播和光的折射特点，是解答该题的关键。7.【答案】AD

【解析】解：A.根据理想变压器的输出功率等于输入功率，即P出=P入，即有U1I1=U2I2+U3I3，故A正确；

BCD.对于有多个副线圈的理想变压器，根据U1U2=n1n2,8.【答案】BD

【解析】解：AB.小球脱离轨道的临界条件是轨道对它的支持力

N=0

此时重力沿半径方向的分力提供向心力。设脱离点与圆心O的连线和水平x轴的夹角为α。由向心力公式：

mgsinα=mv2r

即v2=grsinα

机械能守恒

12mv02=12mv2+mgr(1+sinα)

sinα=23

联立解得

sin30∘=0.5，a>30∘

所以脱离点在B点上方。故A错误，B正确；

脱离点：

sinα=23

位于圆心右侧上方，坐标为(53r,23r)，小球脱离后，以速度v=grsinα=239.【答案】甲41.001.34B

【解析】解：(1)测量钢球直径需要使用游标卡尺的外测量爪，可知正确操作是图中甲所示的方式；使用游标卡尺测得摆球直径d=20.00mm，刻度尺测得摆线长l=400.0mm，则摆长L=l+d2=400.0mm+20.002mm=410.00mm=41.00cm。

(2)由图2可知，对应n=5次全振动，故单摆的周期T=tn=7.6526−1.12745s≈1.3s。

(3)根据单摆的周期公式T=2πl+d2g，得l=gT24π2−d2，可知图像的斜率k=g4π2，得g=4π2k。

(4)由图3知，当l=0时，T>0，摆长等于摆线长与摆球的半径之和，说明不是摆长，而是摆线长，即图像没有过原点的原因是纵坐标是摆线长，与实验地所处的海拔和小球质量的测量无关，故B10.【答案】1.5×100R200.02000.8Ω每升高1∘

【解析】解：(1)选择开关置于欧姆“×1k”挡，正确操作后指针偏转如图乙所示，则测量值为1.5×1kΩ=1.5kΩ。多用电表指针偏转角度过大，说明待测电阻较小，为较准确地测量，他应换用×100挡并重新欧姆调零。

(2)要使c、d两端的电压可从零开始变化，滑动变阻器采用分压式接法，为了操作方便和减小误差，则R应选用总阻值较小的RB，电路图补画完整如下

(3)根据电阻箱的读数规则，电阻箱接入电路的电阻为R1=2×100Ω+0×(10+1+0.1)Ω=200.0Ω，当开关S2切换到a时，电阻箱和热敏电阻的总电压为U0=2.70V；当开关S2切换到b时，电压表示数为U1=1.35V，即热敏电阻两端的电压为U1=1.35V，所以此时电阻箱两端电压为U=U0−U1=2.70V−1.35V=1.35V=U1，故温度t1下热敏电阻的阻值为Rt1=R1=200Ω。

(4)由图戊可知，在100∘C∼150∘C的温度区间，100∘C时，对应的热敏电阻阻值为R0=100Ω，150∘C时，对应的电阻值为Rt=60Ω，根据Rt=R11.【答案】4s时物体A的速度为4m/s

轻绳至少2m才能避免两物体相撞

轻绳的长度为1m

【解析】解：(1)对整体受力分析，根据牛顿第二定律有：F−μAmAg−μBmBg=(mA+mB)a，解得a=1m/s2，

当t=4s时，物体A的速度v=at=1×4m/s=4m/s。

(2)撤去力F到A静止，根据动能定理：−μAmAgx1=0−12mAv2，解得x1=2m，

撤去力F到B静止，