2026年湖南省长沙市高一下学期第一次月考物理模拟试卷02（人教版）（解析版）

2026年湖南省长沙市高一下学期第一次月考模拟试卷02物理试题（解析版）题号12345678910答案BCCBCDABDABBD1．B【详解】A．“23:44”是火箭发射的具体时刻，表示时间轴上的一个点；“3.5小时”是交会对接过程的持续时间，表示时间间隔，故A错误；B．在交会对接过程中，神舟二十一号飞船相对于天和核心舱的位置不断变化，直至对接完成。因此，以天和核心舱为参考系，神舟二十一号是运动的，故B正确；C．交会对接时需要精确控制飞船与核心舱的相对位置和姿态，涉及它们的形状、大小和方向（如对接机构对齐），因此不能忽略其尺寸而视为质点，故C错误；D．三船三舱组合体以7.8km/s的速度在近似圆周轨道上运动。在10s内，路程（弧长）为速度乘以时间：7.8km/s×10s=78km。但位移大小是起点到终点的直线距离，在圆周运动中，位移大小小于或等于路程，且取决于起始位置和转过的角度（由角速度决定）。因此，位移大小不一定为78km，故D错误。故选B。2．C【详解】A．伽利略通过理想斜面实验，推翻了“力是维持物体运动的原因”的错误观点，提出力是改变物体运动状态的原因，故A错误；B．是加速度的定义式，属于比值定义法，加速度的大小由物体受到的合外力和质量决定，与、均无比例关系，故B错误；C．桌面的微小形变无法直接观测，通过平面镜反射激光可将微小形变转化为光点的大幅位移，利用了“放大”的思想方法，故C正确；D．光电门测速是利用趋近于0时，平均速度近似等于瞬时速度的规律，运用的是“极限”思想，不是等效替代思想，故D错误。故选C。3．C【详解】A．支持力方向始终垂直于轨道接触面，轨道方向不变，因此支持力方向不变，故A错误；B．双圆锥向上滚动的本质是：倾斜轨道上端间距更大，双圆锥向上滚动时，其重心实际是下降的，重心整体加速度向下，合力不是向上，故B错误；C．双圆锥体对轨道的作用力是弹力，弹力的产生原因是施力物体发生弹性形变，双圆锥对轨道的作用力的施力物体是双圆锥，因此该力是双圆锥形变产生的，故C正确；D．均匀双圆锥的重心在对接底面的中心，位于双圆锥体上，故D错误。故选C。4．B【详解】根据牛顿第三定律可知，甲图中斜面对小球的支持力大小，同理，乙图中，斜面对小球的支持力大小；甲图，对m、M整体有对m，水平方向、竖直方向分别有，联立解得，乙图，对m、M整体有对m，水平方向、竖直方向分别有，联立解得，因为M>m，综合可知，因此，（即）。故选B。5．C【详解】我们建立坐标系：C点为原点，水平向右为轴，竖直向上为轴，如图所示根据几何关系：圆筒轴线与水平夹角为，开口上端，开口下端，小球做平抛运动满足：，。A．平抛运动下落时间则下落距离越短，下落时间越短，即落在点，下落距离最小，为对应最短时间：，故A错误；B．第一次小球无碰撞从A飞入，说明速度方向沿圆筒轴线，速度方向与水平方向夹角，满足由，代入得：解得：故B错误；C．由B选项，A点距离出手点的水平距离为则B点距离出手点的水平距离为平抛运动下落距离越长，时间越长，对应出手速度越小，即落在B点，下落距离下落时间：则小球的最小出手速度为故C正确；D．若直接到达O点（-0.15，0.2），下落时间为O点距离出手点的水平距离为故出手速度为则小球落在A的左边，即没有进入桶中；若计算位移：由A选项，小球下落到A点所在水平线的时间为此时小球的水平位移为同样可得小球没有进入圆筒中。故D错误。故选C。6．D【详解】A．喷头自身的线速度为水流相对喷头的速率为，两者垂直，因此水流离开喷头瞬间，相对地面的速率为，故A错误；B．水流喷出后做平抛运动，竖直方向为自由落体运动，则由解得下落时间为落地瞬间竖直方向的末速度为所以水流落地瞬间，相对地面的速率为，故B错误；CD．设水流喷出瞬间速度方向与喷头方向的夹角为，则解得水流喷出后做平抛运动，水平方向是匀速直线运动，则水平位移为所以水流落地点形成的圆的半径为，故C错误，D正确；故选D。7．A【详解】质点的角速度大小轨迹圆的半径故质点的向心加速度大小质点做圆周运动的速度大小根据几何关系，质点从A点到B点的速度变化量大小质点从A点到B点的平均加速度大小这段时间内的平均加速度大小与向心加速度大小的比值为故选A。8．BD【详解】AB．设刹车后时刻两车速度相等，由匀变速直线运动速度与时间的关系，得解得则在之前，始终有​，初始乙在甲前方，以甲车的初始位置为原点，向前为正方向，由匀变速直线运动位移与时间的关系，甲的位移为乙的位置为当甲追上乙时，令，即解得，因为第一次相遇时间小于两车速度相等的时间，所以在之前，两车距离先减小后增大，故A错误，B正确；CD．综上可知，两车第二次相遇在时，此时甲的速度为之后匀速，乙的速度为仍在减速，之后，甲位移令，解得（第二次相遇）、乙总停车时间为且，则两车会第三次相遇。后，甲速度始终大于乙，甲领先乙且间距越来越大，不会再次相遇。因此两车共相遇3次，故C错误，D正确。故选BD。9．AB【详解】如果汽车做匀加速直线运动，由图可知，水罐也向右匀加速，以水罐为参考系，水滴t秒末的竖直位移为水滴t秒末的水平位移为落下的水滴相对于水罐斜向左下方做匀加速直线运动，故A图正确；如果汽车做匀减速直线运动，由图可知，水罐也向右做匀减速直线运动，水滴离开水罐以后相对于地面在水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀加速直线运动，以水罐为参考系，水滴t秒末的竖直位移为水滴t秒末的水平位移为所以以水罐为参考系，水滴的排列应该是匀加速直线运动，图B正确。故选AB。10．BD【详解】A．滑块做匀速圆周运动，向心力由摩擦力、重力分力的合力提供。最高点：重力沿斜面向下的分力与向心力方向相同，摩擦力，此时摩擦力最小。最低点：重力沿斜面向下的分力与向心力方向相反，摩擦力，此时摩擦力最大，显然滑块在最低点最容易达到最大静摩擦力而发生相对滑动。A错误。B．设图2中圆与正方向的交点为，可知求得滑块运动至最低点时，所受的静摩擦力最大，方向指向圆心，此时，可知运动过程中摩擦力的最大值，B正确。C．根据图2知，当滑块在轴最低点时，，此时摩擦力仅沿轴方向，有当滑块在轴最高点时，，则，联立求得滑块所受的重力，C错误。D．结合前面分析知，最大静摩擦力，正压力动摩擦因数满足：得，D正确。故选BD。11．(1)15(2)长度（或伸长量）A都有可能【详解】（1）根据胡克定律可知图像的斜率表示劲度系数，则有（2）[1]步骤②中，为了获得轻弹簧B的拉力，则需要测量其长度（或伸长量）。[2]A.弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，故A正确；B．弹簧如果贴在木板上，弹簧和木板之间存在摩擦等因素的干扰，影响弹簧弹力的测量结果，故B错误；C．改变拉力，进行多次实验时，两弹簧测力计的拉力合成后的合力，其大小和方向总是与重物的重力等大反向，则不需要使O点静止在同一位置，故C错误。故选A。[3]对两次平衡时的结点O受力分析，重物的重力恒定，弹簧测力计A的方向不变，力的大小变大，两者的合力可能变大，也可能变小，即轻弹簧B的弹力可能变大，也可能变小或不变，即长度可能更长、更短或不变。12．(1)(2)(3)是(4)1：2(5)偏小【详解】（1）该次遮光片通过光电门的速度（2）根据牛顿第二定律有联立解得可知图像横坐标表示的物理量为。（3）由（1）中可知图像与纵坐标的交点代表mg，则理想情况下，图乙中各图像的延长线交于纵轴上的同一点。（4）根据可知图像的斜率为图乙中A组实验与B组实验的斜率之比为则A组实验所用细绳的长度与B组实验所用细绳长度之比为1∶2。（5）由于遮光片位于小球的下方，则半径L变大，图乙中的斜率与准确值相比偏小。13．(1)(2)(3)【详解】（1）乙车从减速线AB处开始做匀减速直线运动，恰好在收费站中心线处停车，利用逆向思维，根据速度与位移的关系有解得（2）乙车匀减速过程，利用逆向思维，根据速度公式有乙车匀加速过程，根据速度公式有则乙车从开始减速到加速至速度刚好用的时间为（3）结合上述，根据对称性可知，乙车从15m/s开始减速到加速至速度刚好为15m/s的总位移为甲车从减速线处开始做匀减速直线运动，当速度减至时，利用逆向思维有，解得，根据对称性可知，甲车匀加速至15m/s过程的位移和时间等于，可知，甲车匀速到达中心线经历时间结合上述，甲车加速之后匀速的时间则甲车通过（2）中乙车的路程，甲车比乙车节约的时间14．(1)(2)【详解】（1）设与斜面间的动摩擦因数为当匀速下滑时，对有解得当放上物块之后，对有对有解得，经时间后、共速有解得，在、达到共同速度的时间内解得由于，故此时下端滑到斜面底端，立刻被锁定，恰好运动到的上端木板的长度（2）设物块在木板上向下滑动的加速度为，根据牛顿第二定律有解得物块在木板上向下滑动解得物块从放在木板上开始到再次回到下端的时间15．(1)最先滑动的是C，最后滑动的是B(2)(3)(4)【详解】（1）木块与圆盘发生相对滑动的临界条件是木块与圆盘间的静摩擦力达到最大值对A、B、C分别应用牛顿第二定律，，解得则随着圆盘转动的角速度不断增大，最先滑动的是C，最后滑动的是B。（2）当角速度较小时，B、C各自的静摩擦力足以提供向心力，绳无张力。当角速度增大到C的静摩擦力先达到最大值，此时绳开始产生张力，临