2025年山东省德州市中考物理考试识题（解析版）

物理试题注意事项：1.全卷共8页，满分80分，考试时间为90分钟。2.答卷前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的县（市、区）、学校、姓名、准考证号填写在试题和答题卡规定的位置上。3.选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。4.非选择题必须用0.5毫米黑色签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内的位置，不能写在试卷上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不能使用涂改液、胶带纸、修正带。不按以上要求作答的答案无效。一、选择题：本大题包括12小题，每小题2分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。1.下列物体空间尺度从大到小排序正确的是（）①人②银河系③原子核④地球⑤太阳系A.⑤②④①③ B.②⑤④①③ C.②⑤①④③ D.⑤④②①③【答案】B【解析】【详解】按空间尺度由小到大的顺序为夸克、中子、原子核、原子、分子、人、地球、太阳系、银河系。故题中物体的空间尺度从大到小排序正确的是银河系、太阳系、地球、人、原子；即排列序号为②⑤④①③，故B正确，ACD错误。故选B。2.如图所示是一款骨传导蓝牙耳机，将耳机贴在颞骨附近，既可以听到耳机发出的声音，又可以听到周围环境的声音，提高户外使用时的安全性。以下说法错误的是（）A.骨传导耳机利用了固体可以传声B.长期佩戴耳机开大音量听音乐可能有损听力C.人戴着耳机听音乐能根据声音的音色分辨不同的乐器D.蓝牙耳机提示配对成功说明声音可以传递能量【答案】D【解析】【详解】A．骨传导耳机是通过骨骼（固体）来传播声音的，这利用了固体可以传声的特点，故A正确，不符合题意；B．长期佩戴耳机并将音量开得很大，强烈的声波会对耳部结构造成损伤，可能损害听力，故B正确，不符合题意；C．不同乐器的材料、结构等不同，发出声音的音色不同，所以人戴着耳机听音乐能根据音色分辨不同乐器，故C正确，不符合题意；D．蓝牙耳机提示配对成功，这是通过声音传递“配对成功”这个信息，而不是传递能量，故D错误，符合题意。故选D。3.如图所示，向甲、乙两个相同的杯子中分别放入干冰和冰块，静置一段时间后，现象如图所示。下列说法正确的是（）A.甲杯外侧的白霜是由空气中水蒸气遇冷凝固形成的B.乙杯外侧的水珠是由空气中水蒸气遇冷液化形成的C.甲杯中干冰发生的是汽化现象D.乙杯中冰的熔化过程需要放出热量【答案】B【解析】【详解】A．甲杯放入干冰，干冰升华吸热，使杯的温度急剧降低。空气中的水蒸气遇到温度很低的杯外侧，会直接由气态变为固态，发生凝华现象形成白霜，而不是凝固，故A错误；B．乙杯放入冰块，冰块熔化吸热，使杯的温度降低。空气中的水蒸气遇到温度较低的杯外侧，由气态变为液态，发生液化现象形成水珠，故B正确；C．干冰由固态直接变为气态，这个过程是升华现象，不是“汽化”（汽化是液态变气态），故C错误；D．冰的熔化过程需要吸收热量（熔化是吸热过程），而不是“放出热量”，故D错误。故选B。4.以下古代典籍记载的现象与其原理对应错误的是（）A.《墨经》记载：景到（倒），在午有端与景长，说在端。小孔成像——光的直线传播B.《淮南万毕术》记载：取大镜高悬，置水盆于其下，则见四邻矣。平面镜成像——光的反射C.《梦溪笔谈》记载：古人铸鉴，鉴大则平，鉴小则凸。凡鉴凹则照人面大，凸则照人面小。凸（凹）面镜成像——光的折射D.《玄贞子》记载：背日喷乎水，成虹霓之状。彩虹——光的色散【答案】C【解析】【详解】A．《墨经》中“景到（倒），在午有端与景长，说在端”描述的小孔成像现象，其原理是光的直线传播，光线通过小孔后，在光屏上形成倒立的实像，故A正确，不符合题意；B．《淮南万毕术》里“取大镜高悬，置水盆于其下，则见四邻矣”，利用大镜（平面镜）和水盆（水面相当于平面镜）成像，原理是光的反射，故B正确，不符合题意；C．《梦溪笔谈》中关于凸（凹）面镜成像的描述，凸面镜和凹面镜成像的原理是光的反射，而不是光的折射，故C错误，符合题意；D．《玄贞子》里“背日喷乎水，成虹霓之状”描述的彩虹现象，彩虹是太阳光通过小水滴发生折射、反射后，分解成七种色光的色散现象，原理是光的色散（光的折射），故D正确，不符合题意。故选C。5.德州马拉松作为城市文化品牌，已发展成为彰显城市形象的重要载体。比赛过程中，运动员佩戴感应芯片通过起点和终点磁场地带时，芯片里的线圈会产生电流，激发芯片发送编码信息，系统自动获取信息并计时。其工作原理与此相同的是（）A.手摇发电机 B.司南 C.电磁起重机 D.扬声器【答案】A【解析】【详解】运动员佩戴的感应芯片，线圈在磁场中运动产生电流，利用的是电磁感应原理。A．手摇发电机的工作原理是电磁感应（闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流），故A符合题意；B．司南是利用地磁场（磁体的指向性）来指示方向，与电磁感应无关，故B不符合题意；C．电磁起重机利用的是电流的磁效应（通电导体周围存在磁场），通过通电产生磁性来吸引铁磁性物质，与电磁感应无关，故C不符合题意；D．扬声器的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用（将电信号转化为声信号），与电磁感应无关，故D不符合题意；故选A。6.2025年4月24日，搭载神舟二十号载人飞船的长征二号F遥二十运载火箭成功发射。载人飞船与空间站天和核心舱成功对接，实现中国航天史上第6次“太空会师”，如图所示。下列说法正确的是（）A.运载火箭发射升空过程利用了力的作用是相互的B.对接成功后，载人飞船相对于天和核心舱是运动的C.在轨运行的中国空间站处于平衡状态D.空间站的航天员惯性消失【答案】A【解析】【详解】A．运载火箭发射升空时，火箭向下喷射燃气，燃气对火箭产生向上的反作用力，利用了力的作用是相互的，故A正确；B．对接成功后，载人飞船与天和核心舱相对位置不变，载人飞船相对于天和核心舱是静止的，故B错误；C．在轨运行的中国空间站做圆周运动，运动状态不断改变，不处于平衡状态，故C错误；D．惯性是物体的固有属性，一切物体在任何情况下都有惯性，空间站的航天员惯性不会消失，故D错误。故选A。7.如图是创新小组设计的肺活量检测装置原理图。电源电压恒定，R0是滑动变阻器，R1、R2是定值电阻。检测时从吹气口向气球中吹气，气球膨胀通过可移动隔板带动滑片向上运动，此时显示仪的示数变大（显示仪由图中两电表之一改装而成）。在吹气过程中下列判断正确的是（）A.电路总电阻变大 B.电压表示数变大C.显示仪由电流表改装而成 D.电路中消耗的总功率变小【答案】C【解析】【详解】ABC．如图，电路为与串联，然后与并联，电压表测电源电压，示数不发生变化；电流表在滑动变阻器所在支路，当从吹气口向气球中吹气，气球膨胀通过可移动隔板带动滑片向上运动时，滑动变阻器的电阻变小，由欧姆定律可知，此时该支路电流变大，即电流表示数变大，即显示仪为电流表改装而成；由并联电路电阻规律可知，此时电路中的总电阻变小，故AB错误，C正确；D．由并联电路中电流规律可知，滑动变阻器所在支路电流增大，通过电流不变，则干路电流增大，由可知，电源电压不变时，电路总功率变大，故D错误。故选C。8.小明在科技创新大赛中斩获一枚奖牌。他想知道该奖牌的密度，但发现其无法放入量筒，于是借助天平、烧杯进行了如下操作。下列说法正确的是（）A.使用前分度盘指针如图甲所示，应向右调游码使天平平衡B.天平正确调平后，称量结果如图乙所示，测得奖牌的质量为129.2gC.该实验测得奖牌的密度为6.44g/cm3D.用此方法测得奖牌的密度会偏大【答案】C【解析】【详解】A．使用前分度盘指针如图甲所示，指针左偏，应向右调平衡螺母使天平平衡，直至指针指在分度盘中央，故A错误；B．标尺的分度值为0.2g，由图乙可得，奖牌的质量为，故B错误；C．由丙可知，奖牌的体积为奖牌的密度为，故C正确；D．奖牌质量测量准确，测得的体积是奖牌和细线的总体积，且从水中拿出奖牌时会带出一部分水，所以测得的奖牌体积偏大，由可知，该方法所测奖牌的密度偏小，故D错误。故选C。9.“秤砣虽小压千斤”，杆秤是中国最古老的称量工具，是我国的“国粹”之一。如图甲所示，当不挂秤砣时，在O点提起提纽，杆秤水平平衡。用秤钩悬挂100g物体、秤砣移到B点时，杆秤再次水平平衡，如图乙所示。下列说法正确的是（）A.甲图中A点为杠杆的支点B.若OB=5OA，则“秤砣”的质量为20gC.若秤钩再加挂20g物体，秤砣向左移动可使杆秤再次平衡D.如果“秤砣”磨损，则测量值比真实值偏小【答案】B【解析】【详解】A．支点为杠杆绕着转动的点，甲图中O点为杠杆的支点，故A错误；B．若OB=5OA，根据杠杆的平衡条件可知即则“秤砣”的质量为，故B正确；C．若秤钩再加挂20g物体，根据杠杆的平衡条件可知即可知秤砣向右移动可使杆秤再次平衡，故C错误；D．根据杠杆平衡条件有秤砣磨损了，质量变小，OB变大，则测量结果将偏大，故D错误。故选B。10.如图所示是某款轻智能马桶，将脚置于脚感区域会触发脚感开关。使用时，第1次伸脚触发，开关S1闭合，马桶盖打开。若不需要坐便，第2次伸脚触发，开关S2闭合，坐垫抬起。使用完毕后第3次伸脚触发，开关S3闭合，自动冲水。若需要坐便，入座后坐垫感应开关S4闭合，使用完毕起身后S4仍闭合，同时开关S5闭合，自动冲水。冲水结束后马桶自动恢复使用前状态，下列模拟电路设计符合上述要求的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】【详解】第1次伸脚触发开关S1闭合，马桶盖打开，说明S1控制马桶盖的电机（S1可以在干路）；第2次伸脚触发S2，坐垫抬起，说明S2控制坐垫的电机（S2在坐垫的电机支路）；第3次伸脚触发S3自动冲水，或入座后S4闭合，起身时S4仍闭合且S5闭合，自动冲水，说明冲水电机由S3或S4与S5共同控制（S4与S5串联后与S3并联）。故ABD不符合题意，C符合题意。故选C。11.为了给正方体工件表面均匀地涂上某种油，需要用竖直向下的力F把漂浮在油面上的工件缓慢压入油中，如图甲所示。工件的下表面与油面的距离为h，力F与h的大小关系如图乙所示（ρ油=0.8×103kg/m3，g取10N/kg）。下列说法正确的是（）A.工件的边长为0.3m B.工件的质量为60kgC.工件受到的最大浮力为2000N D.工件密度与油的密度之比为3:10【答案】B【解析】【详解】由图乙可知，当F=0时，工件浸入油的深度为h1=0.3m；当h大于0.5m后，压力F保持为400N不变，说明此时工件完全浸没，据此可知，工件的边长为L=0.5m，当F=0时，工件漂浮在油面上，所以，F浮=G，即ρ油gV排=ρ工件gV工件所以当h1=0.3m时，工件刚好漂浮，此时施加的力F=0，根据物体漂浮时浮力等于重力，则工件完全浸没受到的最大浮力为，故ACD错误，B正确。故选B。12.如图甲所示，电源电压恒定，电压表V1量程为0~15V，电压表V2量程为0~3V，电流表A量程为0~0.6A，滑动变阻器规格为“20Ω1A”。在保证电路元件安全的前提下，闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，某一电压表示数与电流表示数关系图像如图乙所示。则下列说法正确的有（）①电源电压为4.5V②定值电阻R1的阻值为2.5Ω③定值电阻R1的最小电功率为0.45W④滑动变阻器的调节范围2.5~20ΩA.1个 B.2个 C.3个 D.4个【答案】B【解析】【详解】①②闭合开关，定值电阻和滑动变阻器串联，电压表V1测量电源电压，示数不变，电压表V2测量滑动变阻器两端的电压，示数变化，如图乙；滑动变阻器接入电路的阻值较小时，总电阻较小，根据欧姆定律可知，电路电流较大，从图中可知为0.6A，此时变阻器两端的电压为1.5V，根据欧姆定律及串联电路的电压特点可知，电源电压滑动变阻器接入电路的阻值较大时，总电阻较大，根据欧姆定律可知，电路电流较小，从图中可知为0.3A，此时变阻器两端的电压为3V，根据欧姆定律及串联电路的电压特点可知，电源电压联立两式解得，，故①正确，②错误；④根据欧姆定律可知变阻器接入电路的阻值分别为则滑动变阻器的调节范围2.5~10Ω，故④错误；③定值电阻R1的最小电功率为，故③正确；综上可知，①③正确，②④错误，则正确的有2个，故B正确，ACD错误。故选B。二、填空与作图题：本大题共8个小题，填空每空1分，作图1分，共14分。13.如图所示，不同频率范围的无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线、γ射线等都属于________（选填“超声波”或“电磁波”），在我们的生活中发挥着重要作用。【答案】电磁波【解析】【详解】无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线、γ射线等都属于电磁波，它们在真空中的传播速度相同，且都能传递能量和信息，在生活中有着广泛的应用，比如无线电波用于通信，红外线用于遥控等。而超声波是频率高于20000Hz的声波，属于机械波，与题目中所提的这些波不同。14.实验室用排水法收集O2，当集气瓶中的水被排出到如图所示的位置时，集气瓶内的气体压强________（选填“大于”、“小于”或“等于”）外界大气压强。【答案】小于【解析】【详解】水面处静止受力平衡，内外压强相等，故瓶内气压加上水柱的压强等于外界大气压，故瓶内气体压强小于外界大气压强。15.2025年5月，被称为“新一代人造太阳”的“中国环流三号”托卡马克装置在四川绵阳实现百万安培亿度H模，如图所示。其产生能量的原理与太阳发光发热的原理一样，是我国自主研发的可控________（选填“核聚变”或“核裂变”）大科学装置。【答案】核聚变【解析】【详解】太阳放出的能量是通过核聚变得到的，“新一代人造太阳”的能量产生原理与太阳发光发热相似，所以人造太阳是通过核聚变释放巨大能量。16.铜冰鉴是我国战国时代发明的即可“制冷”又可“制热”的两用“冰箱”，如图甲所示。冰鉴是一件双层器皿，鉴腹内有一尊缶，如图乙所示。冬季，在鉴腹内装入热水用来给尊缶内的酒加热，已知热水质量为150kg、初温为，酒的质量为80kg、初温为，最终两者温度相同为，则给酒加热的热效率为________。[，]【答案】20%【解析】【详解】酒吸收的热量水放出的热量给酒加热的热效率17.如图所示，物体A重10N，B重4N。用细绳将两物体通过定滑轮连接，放手后，A恰能沿着水平桌面向右做匀速直线运动，如图甲所示，此时A受到的摩擦力为______N；现用水平向左的力F拉A，使A沿着水平桌面向左做匀速直线运动，如图乙所示，则F大小为______N。（水平桌面足够长，不计绳重及滑轮与轴的摩擦。）【答案】①.4②.8【解析】【详解】[1]物体A重10N，物体B重4N时，物体A向右做匀速直线运动，A水平方向上受到拉力和摩擦力的作用，这两个力是一对平衡力，大小相等，此时物体A受到的摩擦力大小为f=F=GB=4N[2]物体A匀速直线向左运动时，水平方向上受到水平向左的拉力、水平向右的摩擦力和水平向右的拉力作用，这三个力平衡，因为物体A对水平桌面的压力和接触面的粗糙程度不变，所以此时A受到的摩擦力大小仍为4N，所以有F拉=f′+F′=f′+GB=4N+4N=8N18.如图为某班级使用的一体机，其铭牌的部分数据如下表所示。学校每节课时长45min，若整节课使用一体机消耗______kW·h的电能；某天放学后，一体机忘记关机导致处于熄屏待机状态长达10h，此过程消耗的电能相当于完全燃烧______kg煤所产生的热量。（q煤=3.4×107J/kg）。工作电压/V220电源功率/W280待机功率/W1.7【答案】①.0.21②.0.0018【解析】【18题详解】[1]由表可知：工作功率

一节课时间

整节课消耗电能：[2]由表可知：待机功率

待机时间

，待机消耗的电能已知煤的热值

，所需煤的质量19.如图所示，在劳动实践活动中，小刚在水平地面与车厢间用木板搭一斜面装载货物。（1）请在答题卡指定的位置画出货物所受重力G的示意图______。（2）已知此斜面长s=3m，高h=1m，小刚沿斜面方向用400N推力将重900N的货物以1m/s的速度匀速从斜面底端推到顶端（不计空气阻力，忽略箱子大小），此过程中推力的功率为______W，斜面的机械效率为______，物体在斜面上运动时所受摩擦力为______N。【答案】（1）（2）①.400②.75%③.100【解析】【小问1详解】重力的方向为竖直向下，作用点在货物的重心上，如图所示：【小问2详解】[1]此过程中推力的功率[2]有用功总功斜面的机械效率[3]额外功物体在斜面上运动时所受摩擦力20.物理学中，物体重力势能的表达式，动能的表达式。如图所示，光滑水平面AB与光滑圆弧轨道BC相连（连接处无能量损失）。质量m=2kg的小球从A点以v=2m/s的初速度向右运动冲上圆弧轨道，不计空气阻力。小球从A运动到B的过程中机械能______（选填“变大”、“变小”或“不变”），小球能到达圆弧的最大高度h=______m（g取10N/kg）。【答案】①.不变②.0.2【解析】【详解】[1]因为水平面AB和圆弧轨道BC都是光滑的，且不计空气阻力，所以小球在运动过程中没有能量损失，机械能守恒，即机械能不变。[2]当小球到达圆弧最大高度时，动能全部转化为重力势能，则有，即则三、实验探究题∶本大题包括4个小题，共22分。21.如图甲所示，在“探究冰熔化的过程及特点”的实验中，将装有冰的玻璃杯置于大烧杯内，再向大烧杯中加入温水，倒入水的高度略高于玻璃杯内冰的高度，即用“水浴法”给冰加热。（1）实验选用______（选填“碎冰屑”或“大冰块”）效果更好；（2）某时刻温度计示数如图乙，读数为______℃；（3）实验中绘制出温度随时间变化的图像如图丙所示，可知B点的内能______（选填“大于”、“小于”或“等于”）A点的内能；（4）实验中用温水加热而不用热水，下列解释合理有______。A.使冰均匀缓慢受热便于数据记录B.加快热传递缩短实验时间C.避免过大的温差导致容器破裂【答案】（1）碎冰屑（2）-4（3）大于（4）A【解析】【小问1详解】在“探究冰熔化时温度的变化特点实验中”选用碎冰屑效果更好，因为碎冰屑之间的接触面积更大，能使冰受热更均匀，从而让实验更准确，便于观察冰熔化过程中温度的变化规律。【小问2详解】由图乙可知，温度计的分度值为1℃，此时温度计的示数在0℃以下，因此读数为-4℃。【小问3详解】由图丙可知，AB段是冰的熔化过程，此过程中冰持续吸收热量，但温度不变，B点的内能大于A点的内能。小问4详解】实验中用温水加热而不用热水，是因为温水使冰缓慢加热，能使冰受热均匀，便于观察温度变化；用温水加热可以减慢热传递，延长实验时间，便于观察温度变化；用温水加热的目的不是为了避免过大的温差导致容器破裂，故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。22.在“探究凸透镜成像的规律”实验中。（1）将一束平行光正对着凸透镜，移动光屏直到在光屏上得到一个最小、最亮的光斑，如图甲所示，则该凸透镜的焦距为______cm；（2）如图乙所示，在光屏上得到一个清晰的像，该像是倒立、______（选填“放大”、“缩小”或“等大”）的实像；（3）现将蜡烛向左移动一小段距离，发现光屏上的像变模糊。为使像重新变清晰，可以只将光屏向______移动，或者在不移动光屏的情况下在烛焰和凸透镜之间放置一个合适的______（选填“近视”或“远视”）眼镜的镜片；（4）某同学发现家中的半瓶矿泉水标签背面印有产品信息，现象如图丙所示，其物理原理是______。【答案】（1）10.0（2）缩小（3）①.左②.近视（4）放大镜原理【解析】【小问1详解】平行光正对凸透镜，会聚在焦点，光屏上最小最亮的光斑位置就是焦点的位置，焦点到凸透镜光心的距离即为焦距，由图甲中刻度尺分度值为1cm，光屏在40.0cm位置，凸透镜在30.0cm位置，则焦距【小问2详解】图乙中，物距像距则物距大于像距，且，由凸透镜成像规律可知，此时在光屏上成倒立、缩小的实像。【小问3详解】[1][2]蜡烛左移使得物距增大，像距减小，那么像会成在光屏原来位置的左侧。所以要使像重新清晰有两种方法：①光屏向左移动靠近透镜；②若不移动光屏，需要让光线晚一点会聚，即降低透的会聚能力，可在蜡烛和凸透镜之间加一个凹透镜，即近视眼镜。【小问4详解】如图观察到瓶子上的字为正立、放大的虚像，装有水的瓶子相当于一个凸透镜，与放大镜原理类似。23.在探究“液体压强与哪些因素有关”的实验中。（1）如图甲所示，实验器材安装完毕后发现U形管两侧液面不相平，接下来应该______，直到U形管两侧液面相平；A.向U形管内添加适量水 B.从U形管内向外倒出适量水C.取下软管重新安装 D.按压金属盒的橡皮膜（2）气密性良好的微小压强计______（选填“属于”或“不属于”）连通器；（3）下列实验中用到的物理研究方法与本实验完全不同的是______；A.探究平面镜成像B.探究压力作用效果与哪些因素有关C.探究电流与电压、电阻的关系（4）如图乙所示，某次实验时，测得U形管两侧液面高度差为4cm，则探头在此位置受到的液体压强为______Pa（，）；（5）某实验小组对压强计进行了改装，将U形管的两端分别连接了软管和探头，当两探头置于空气中时，U形管两侧液面相平。两容器内分别装有A、B两种不同液体，现将两探头置于相同深度，U形管液面位置如图丙所示，则______（选填“>”、“<”或“=”）。【答案】（1）C（2）不属于（3）A（4）400（5）<【解析】【小问1详解】实验器材安装完毕后，U形管两侧液面不相平，是因为软管与U形管连接部分可能存在空气，导致两侧压强不相等（一侧是大气压，另一侧因空气存在压强不同）。此时应取下软管重新安装，让U形管两侧都直接与大气压相通，这样两侧液面就会相平。添加或倒出水，不能解决压强不一致的问题；按压橡皮膜是实验中探究压强时的操作，不是解决液面不相平的方法，故ABD不符合题意，C符合题意。故选C。【小问2详解】连通器的定义是“上端开口、底部相连通的容器”。微小压强计的U形管一端通过软管与探头连接（探头部分不是开口的），并非两端都开口，不满足连通器的结构特点，所以不属于连通器。【小问3详解】本实验探究液体压强与因素的关系，用到了控制变量法（如控制液体密度，探究压强与深度的关系；控制深度，探究压强与液体密度的关系）和转换法（U形管两侧液面高度差反映压强大小）。“探究平面镜成像”，用“未点燃的蜡烛替代像的位置”，用到的是等效替代法。“探究压力作用效果与哪些因素有关”、“探究电流与电压、电阻的关系”，都用到了控制变量法，与本实验方法一致。故BC不符合题意，A符合题意。故选A。【小问4详解】U形管两侧液面高度差为4cm，则探头在此位置受到的液体压强为【小问5详解】从图丙可知，两探头置于相同深度，U形管中B液体对应的液面低，说明B液体在该深度产生的压强更大（即pA<pB），因为h相同，由可得ρA<ρB。24.在用电流表和电压表测量小灯泡电阻的实验中，电源电压为3V，待测小灯泡L的额定电压为2.5V，正常发光时阻值约为8Ω。实验次数电压U/V电流I/A灯泡发光情况11.50.24较暗22.50.30正常发光32.80.32较亮（1）请用笔画线代替导线将图甲电路补充完整（导线不得交叉）______；（2）闭合开关，移动滑片P至某位置，电压表示数如图乙所示，为______V。为测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑动变阻器的滑片向______（选填“左”或“右”）端滑动；（3）多次实验后，实验数据如表所示，可知小灯泡L正常发光时的阻值为______Ω（结果保留一位小数）；（4）根据表中数据可推测闭合开关前小灯泡阻值可能为______；A.0Ω B.3Ω C.6.3Ω D.10Ω（5）根据表中数据，可得小灯泡正常发光时的电功率为______W。结合实验数据和发光情况，可知小灯泡的亮度取决于其__________。【答案】（1）（2）①.2.3②.右（3）8.3（4）B（5）①.0.75②.实际功率【解析】【小问1详解】由题意，电源电压为3V，小灯泡额定电压为2.5V，正常发光时电阻约为8Ω，所以额定电流约为所以电流表应选0~0.6A量程，电压表选0~3V量程。滑动变阻器要串联在电路中，用来调节小灯泡两端电压。如图所示：【小问2详解】[1][2]如图乙，电压表量程为0~3V，分度值为0.1V，故读数为2.3V，小于小灯泡额定电压，要使灯泡电压增大到2.5V，应减小滑动变阻器连入电阻，滑动变阻器接入右下接线柱，故应将滑动变阻器的滑片向右端移动。【小问3详解】由表中第2次实验数据：，，则小灯泡正常发光时的电阻【小问4详解】闭合开关前，灯丝温度低，电阻比正常发光时小。由第1次实验数据：，，对应电阻但这是通电后较暗时的电阻，比闭合开关前小灯泡阻值大。闭合开关前小灯泡温度更低，小灯泡阻值比6.25Ω更小，但不会为0，故闭合开关前小灯泡阻值可能为3Ω，故ACD不符合题意，B符合题意。故选B。【小问5详解】由表可知，小灯泡正常发光时的电功率结合实验数据和发光情况可知小灯泡的亮度取决于实际功率。四、综合应用题：本大题包括3小题，共20分。解答时应写出必要的文字说明，公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。25.王莲是一种大型浮叶草本，叶片布满气室、边缘向上卷起，具有粗壮的叶脉支撑结构，因而能产生巨大的浮力，植物园在其观赏期向游客开设载人体验活动。为安全起见，工作人员将一泡沫板置于叶片上方（泡沫板和叶片的面积视为相等）。如图所示，一质量为28kg的游客坐在泡沫板上进行体验。已知叶片底面积为1.4m2，其浸入水中的最大安全深度为5cm。（叶片及泡沫板质量均忽略不计，ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg）。求：（1）该游客体验时，泡沫板对叶片的压强；（2）叶片所能承载的最大重力。【答案】（1）200Pa（2）700N【解析】【小问1详解】在水平面上，泡沫板对叶片的压力等于游客重力（忽略泡沫板自重）则压强【小问2详解】叶片浸入水中深度

时，浮力最大，静止时等于叶片能承载的最大总重力（包括游客、泡沫板等）。

由题可知由阿基米德原理，可得由于漂浮，则叶片能承受的最大总重力26.某电蒸锅有防干烧功能，可实现温度过高时自动停止加热。其内部由加热电路和控制电路组成，简化电路如图所示。加热电路有高、低温两个挡位，已知U1=220V，R2=121Ω，高温挡电功率1500W。控制电路电压U2=6V，R0=10Ω，R1为热敏电阻，其阻值随锅内温度的变化情况如下表所示。当电磁铁线圈中的电流达到0.15A时，衔铁吸合，触点断开，停止加热。（电磁铁线圈电阻忽略不计）Rt温度/℃4080100140160200Rt电阻/Ω1005040302520（1）控制电路工作时电磁铁的上端为______极；（2）加热电路停止加热时电蒸锅内的温度______；（3）低温挡的电功率______和的阻值______。【答案】（1）S（2）140℃（3）①.1100W②.44Ω【解析】【小问1详解】控制电路电流方向：电流从电源正极流出，从线圈上端流入，下端流出。用右手螺旋定则（安培定则）：右手握住螺线管，四指指向电流方向，拇指指向N极，螺线管下端为N极，则可判断上端为S极。【小问2详解】由题意，在控制电路中，，，线圈电阻不计，为热敏电阻，、串联。当电流

时，衔铁吸合，停止加热。由欧姆定