贵州省贵阳市白云区2026年中考二模物理试题（附答案）

中考二模物理试题

一、选择题（本题共7个小题，每小题3分，共21分。第广6题为单项选择题。第7题为多项

选择题，每小题至少有两项符合题目要求，全选对得3分，选对但不全得1分，选错或不选得0

分）

1.如图所示是车辆上安装的减震器，它可以减小车辆通过凹凸不平路面时的颠簸，其原理主要是利用减

震器的（）

减震器

A.导电性B.导热性C.弹性D.磁性

2.在快递服务带来便利的同时，部分快递站也被暴露出快递称重误差大的问题，称重误差是指下列哪个

物理量的误差（）

A.温度B.质量C.体积D.密度

3.下列用电器的工作原理能够用焦耳定律解释的是（）

A.电动机B.电烤炉C.发电机D.麦克风

4.推理法是物理研究中一种常见的方法，比如在探究“牛顿第一定律“时，小车所受阻力越小，其速度减

小越慢，进一步推理出小车不受阻力将做匀速直线运动的结沦。下面探究中也用到这个方法的是

（）

A.阿基米德原理B.欧姆定律

C.通电导体在磁场中受力D.真空不能传声

5.如图所示，博物馆在陈列一些小型文物时，会增加一个凸透镜来辅助游客看清文物。这是利用凸透镜

成下列哪种像（）

A.正立、放大的虚像B.倒立、等大的实像

C.正立、放大的实像D.倒立、放大的实像

6.关于家庭电路的安全使用，下列说法正确的是（）

A.使用测电笔时切勿接触笔尾的金属体

B.发现有人触电时应快速用手将人拉开

C.冰箱的金属外壳必须要按地

D.只有短路才会导致空气开关跳闸

7.如图所示是一个安装在竖直墙面的置物架，AO两处安装有螺钉，若A处螺钉受力过大而松脱，则整

个置物架将绕0点倾翻。关于这个置物架，下列说法正确的是（）

A.置物架可看做一个以O点为支点的杠杆

B.A处螺钉受到墙面对它向左的拉力

C.缩短A0的长度，则置物架更不易倾翻

D.重物越靠近A点放置，置物架更不易倾翻

二、填空题（本题共4个小题，每空2分，共10分）

8.我国防空警报可以通过改变鸣笛时长和停止时长，来提示预先警报、空袭警报和解除警报等内容。这

是利用声音来传递o

9.如图所示是磁控胶囊内镜，它只需患者随水吞下，通过体外磁场来控制胶囊机器人在胃内的运动。由

此说明磁控胶囊内镜在磁场中将会受到的作用。

10.我国古代科技著作《天工开物》中记载“扬郡以风帆数扇，俟风转车，风息则止''。说明我国古代劳

动人民很早就会利用能；当风停时风车并没有立即停止，这是因为风车具有O

11.如图所示的电路中，电源电压恒定。闭合开关S,移动滑动变阻器滑片使得Ri=10。时，Ri电功率为

Pi;再次移动滑动变阻器滑片，使得RL90。时，其电功率仍然为Pi,贝

-3P,

II--------1I------

（R。

—'I~厂一

三、作图题（本题共3个小题，每小题2分，共6分）

12.请用笔画线代替导线将如图所示未连接完成的电路按要求连接完整。要求：L、L2并联，电流表测

量干路电流，开关控制整个电路，导线不能交叉。

13.如图所示是某同学在测量实心铁块浸没在水中时所受浮力时的情景，请画出此时铁块所受力的示意

图。（其中细线拉力F为己经画出）

14.如图中所示，将一个弹力球从距离地面%的高度由静止释放，落地之后弹力球回弹的最大高度为

h2,若不计空气阻力，且忽略弹力球与地面作用时间。请在图乙的坐标中画出弹力球从释放到回弹至高

度为h2的过程中，其动能E的大小随运动路程s变化的大致关系图像。

四、简答题（本题共3个小题，每小题3分，共9分）

15.如图所示是压缩空气除尘罐。使用时，罐内空气快速从喷嘴喷出，从而达到除尘的效果。请回答下

列问题：

（I）请判断罐体内外气体压强的大小关系；

（2）请判断使用时罐体温度将如何变化，并说明判断埋由。

16.如图所示，在装有水的密封矿泉水瓶中加入一些茶叶，部分茶叶上由于粘有气泡而处于漂浮状态。

用力挤压矿泉水瓶后，原本漂浮的茶叶逐渐下沉。请回答下列问题;

（1）茶叶漂浮时所受的浮力与重力大小关系如何？

（2）请利用浮力知识解释用力挤压矿泉水瓶后，原本漂浮的茶叶逐渐下沉的原因。

17.地球的水含量丰富，但与我们生活最为密切的淡水，只占总水量的2.5%左右。将海不转化为淡水，

就成为了一种有效解决淡水短缺的有效方法。如图所示是一位同学设计的海水淡化装置，将此装置放置

在太阳光卜，就可以实现海水淡化。请答卜列问题：

（1）此装置利用了哪些物态变化过程来实现海水淡化的?

（2）可以采取什么措施来加快这个装置淡化海水的速度呢？请列举一条措施。

五、实验与科学探究题（本题共3个小题，第18题8分，第19、20题各10分，共28分）

18.在“测量小灯泡电阻”的实验中，小明使用的器材如下：小灯泡、电压恒定的电源、滑动变阻器、开

关、电流表、电压表、导线若干。他设计的电路如图甲所示。

（I）小明按电路图连接实物,

（2）电路连接完成并检查无误后，闭合开关。发现小灯泡不发光，电流表指针无偏转，小明猜想可

能是灯泡开路。为了验证他的猜想，他应该观察的元件是

（3）解决上述问题后，小明移动滑片使电压表示数如图乙所示，读出此时电流表示数为0.3A,则可

计算出小灯泡此时的电阻为Q；

（4）小明测量出多组数据后，将几次电压取平均值后得到将几次电流取平均值后得到7,通过

-U

R==求出灯泡电阻。你认为他处理数据的方式合理吗？。理由是:

19.小明用如图甲所示的装置探究平面镜成像特点。I、II、HI为三块可绕轴转动的玻璃板，它们大

小相同，其中I、HI为无色透明玻璃板，II为茶色透明玻璃板。图乙为装置简化后的主视图。

甲乙

（1）将一张红色纸条AB贴在玻璃板I的表面，当眼睛位于n的（选填“左”或“右”）侧

时，能看到AB通过II所成的像。实验中玻璃板II相当于的作用；

（2）固定I和n,用一张白纸贴满玻璃板n1后并转动，直至透过n观察到AB的像呈现在III的白纸

hn不透过n直接观察白纸,当观察到白纸上,则说明平面镜所成像为虚像：

（3）用小刀沿AB像的边缘将HI上的白纸切开，去掉多余部分后得到A'B。将三块玻璃绕转动

后叠在一起，发现AB与AB'重合。这说明A'R与AB大小；

（4）通过以上实验，小明分析后得到OB'=08、。4=0力，从而AR与AB分别到平面镜的距离相

等。他通过这一实验过程得出的结论正确吗？,理由是1,

20.乒乓球发球时，要先将乒乓球几乎竖直地向上抛出，等球回落到一定高度时挥动球推，使之与乒乓

球摩擦，便可以发出旋转球（如图甲所示）。斤乓球的旋转强度可以用它旋转的圈数与旋传这些圈数所用

时间的比值来表示。作为乒乓球爱好者的小明思考如何才能将乒乓球发得更转，对此他做出了如下猜

想：

OO

OO左右

Of0：L

、球拍

甲乙

猜想1：乒乓球的旋转强度与球被抛出的最高点到球拍之间的距离H有关；

猜想2：乒乓球的旋转强度与乒乓球的大小有关。

小明在铺有地胶的水平地进行实验（乒乓球落在地胶上不弹起），准备的材料有乒乓球拍1支、直径

为40mm和38mm的乒乓球各一个。

（I）球拍摩擦乒乓球之后，乒乓球防即旋转起来，并整百落到水平面的0点（如图乙所示），由于球

的旋转，它将滚动一段距离s后停下，则的长短可以反映乒乓球的旋转强度。根据乒乓球

的旋转方向可以判断，图乙中将向（选填“左”或“右”）滚动一段距离；

（2）为了探究猜想1,他将直径为40mm的乒乓球抛起，球在最高点到球拍之间的距离为Hi,随后

球在水平面上的滚动的距离为si；将同一个球抛起更高的高度，使得球在最高点到球拍之间的距离为H2

球在水平面上的滚动的距离为S2.测量后发现SIVS2O由此可以得出结论：同一乒乓球，球被

抛出的最高点到球拍之间的距离越大，球的旋转越。这是由于最高点到球拍之间的距离越大，

乒乓球与球拍接触时的越大，从而增大了摩擦力；

（3）为了探究猜想2,他将直径为38mm的乒乓球抛起，控制球在最高点到球拍之间的距离为Hi,

随后球在水平面上滚动的距离为S3；测量后发现s尸S3由此得出结论：乒乓球的旋转强度与乒乓球的大小

无关。你认为他通过上述实验过程得出的结论可信吗？o理由

是：o（两次实验中球从落地到停止滚动的时间相同）

六、综合应用题（本题共3个小题，第21题8分，第22题8分，共16分。解答时需写出必要

的计算公式及过程或文字说明，若只写出计算结果将不得分）

21.如图所示电路，电源电压恒为3V。闭合开关S,电流表的示数为0.5A,干路电流/=1.5A，设灯丝

电阻不变，求：

（I）通过灯L的电流小

（2）灯消耗的电功率勺。

（3）灯L?的阻值

22.如图所示的天鲸号是我国自主设计建造的绞吸式挖泥船，广泛应用于航道疏通、填海造陆等工程，

在这些工程中发挥着重要作用。其工作原理涉及压强和能量等物理知识，通过一系列环芋完成海底泥沙

的吸入和排放。具体过程包括：

I.挖掘环节：船头的佼刀高速旋转，将海底的泥沙和岩石搅碎，与水混合形成泥浆。

II.吸入环节：泥泵的叶轮高速旋转，泥浆通过吸泥管被吸入船内。

HI.输送环节：泥浆在吸泥管中不断上升，进入排泥管，井最终在管道末端喷出，输送至指定区域。

请回答下列问题：

（1）较刀刀齿制作得非常锋利，这是通过的方式来增大压强；

（2）请利用流体压强的知识解释，为什么泥泵的叶轮高速旋转，就可以将泥浆通过吸泥管被吸入船

内?

（3）挖泥船的最大挖深为35m,在最大挖深处，海水对挖泥船吸入口的压强为多少

Pa?（取g=1ON/kg,p海水=1x103kg/m3）

（4）泥泵功率-一定，泥泵过于粘稠（阻力过大）时就很难被吸入船内，请从功能关系解释产生这一

现象的原因O

答案

1.【答案】C

【蚱析】【解答】车辆上安装减震器，当车辆通过凹凸不平路面时，可减小颠簸，是减震器发生了弹性形

变，乂能恢复原状，是利用了减震器的弹性。故C符合题意，ABD不符合题意。

故选C。

【分析】减震器能防止颠簸，是其发生了弹性形变，产生了弹力。

2.【答案】B

【解析】【解答】称重误差，指的是称量质量时，传感器测量结果与被测量的真值之差。故B符合题意，

ACD不符合题意。

故选Bo

【分析】称重，描述了称量质量的多少。

3.【答案】B

【解析】【解答】焦耳定律探究的是电流产生热量的影响因素，是电流的热效应，

A.电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力的作用，将电能主要转化为机械能，故A不符合题意；

B.电烤炉工作时，是将电能主要转化为内能，利用了电流的热效应，是焦耳定律，故B符合题意；

CD.发电机、麦克风工作原理是电磁感应现象，不是利用焦耳定律，故CD不符合题意。

故选B。

【分析】电动机根据磁场对电流的作用工作；电热器根据电流的热效应工作；发电机根据电磁感应工

作。

4.【答案】D

【解析】【解答】A.阿基米德原理是通过实验直接得出的，却F,尸GM，没有用到推理法，故A不符合

题意；

B.欧姆定律是通过控制变量法，多次改变电压、电阻，测量电流，总结出电流与电压、电阻的关系，是

实验归纳法，故B不符合题意；

C.通电导体在磁场中受力，是通过实验直接到的现象，进而总结规律，故C不符合题意；

D.探究真空不能传声时，逐渐抽出玻璃罩内空气，听到的声音逐渐变小，若空气全部抽出时，声音无

法传播，用到了推理法，与探究牛顿第一定律的方法相同，故D符合题意；

故选D。

【分析】探究牛顿第一定律的实验、探究真空不传声的实验，都利用了推理法；探究欧姆定律、阿基米

德原理、通电导体在磁场中受力，都利用了归纳法。

5.【答案】A

【解析】【解答】在较为精巧的文物前放置凸透镜，便于观察细微之处，则凸透镜相当于放大镜，成正

立、放大的虚像，故A符合题意，BCD不符合题意。

故选A。

【分析】观察微小事物时，利用的凸透镜，相当于放大镜，成正立放大的虚像。

6.【答案】C

【辞析】【解答】A.使用试电笔时，手指不能碰到笔尖金属体，但要接触笔尾金属体，故A错误；

B.当有人触电时，应迅速切断电源或用绝缘体挑开电线，让触电人脱离电源，不能用于拉触电的人，会

导致自己触电，故B错误；

C.电冰箱有金属外壳，电冰箱的金属外壳应接地，可防止触电事故，故C正确；

D.空气开关跳闸是电路中总电流过大，电流过大的原因有：一是发生短路，二是总功率过大，故D错

误。

故选C。

【分析】使用测电笔时，手要接触金属笔尾；人触电时，先断开电源；有金属外壳的用电器，金属外壳

要接地；电路中短路或总功率过大，空气开关跳闸。

7.【答案】A.B,D

【解析】【解答】A.图中，若A处螺钉松脱，整个置物架将绕O点倾翻，是一个以O点为支点的杠杆，

故A正确；

B.图中，A处螺钉受到置物架向右的拉力，相对于墙面向右运动，墙面对螺钉有向左的拉力，故B正

确；

C.若重物施加的力为阻力，螺钉受到的力为动力，缩短A0的长度，阻力和阻力臂不变，动力臂变短，

动力和动力臂乘积变小，置物架更易倾翻，故C错误；

D.若重物越靠近A点放置，阻力臂变短，阻力和阻力臂乘艰变小，动力和动力臂乘积变小，置物架对

A处螺钉施加的拉力变小，置物架更不易倾翻，故D正确。

故选ABDo

【分析】杠杆是可以绕支撑点转动的坚实物体；根据杠杆的平衡条件，当阻力臂减小时，阻力和动力臂

一定，动力减小。

8.【答案】信息

【解析】【解答】防空警报可以通过鸣笛，提示预警，人们根据鸣笛时长和停止时长，来预先警报、空袭

警报和解除警报等信息，是利用声音来传递信息的。故第1空填：信息。

【分析】声音既可传递信息又可传递能量，通过声音得知某事，是声音传递信息。

9.【答案】力

【解析】【解答】通过操控体外磁场来控制磁控胶囊内镜在胃内的运动，是力改变物体运动状态，则磁控

胶囊内镜在磁场中将会受到力的作用。故笫1空填：力。

【分析】力可以改变物体的运动状态，磁场对其中的物体有破力。

10.【答案】风；惯性

【解析】【解答】（1）根据“俟风转车”可知，风车转动依靠风能,说明我国占代劳动人民很早就会利用风

能。

（2）因为风车具有惯性，所以当风停时风车并没有立即停止。

【分析】（1）风是流动的空气，具有动能，即风能;

（2）物体保持运动状态不变的性质叫做惯性。

11.【答案】3（）

【解析】【解答】图中，电阻Ro和变阻器Ri串联，闭合开关S,移动滑片使得Ri=10C时，Ri电功率为

p,则""凡二（丁匕尸凡=（启］勺八|℃，

/C|+/tgI012+AQ

再移动滑动变阻器滑片，使得Ri=90。时，其电功率仍然为Pi,此时

/：=〃/?；=（u）%：=（­-—）2x9（）n,

1

4+凡9（）n+/?（）

rjrj

根据电功率相等，贝卜而然小℃=（而巨L’解得故第I空埔30.

【分析】根据/=2,计算电流，根据P=PR,计算电功率，结合电功率相等，计算未知电阻。

R

12.【答案】

【解析】【解答】根据要求，电流表在干路上，测量干路电流，两灯并联，分别连接在电路中，开关在干

路中控制整个电路，如图:

【分析】并联电路中，各用电器分别在不同支路匕电流表测量总电流，在干路匕

G

【解析】【解答】铁块浸没在水中，受到弹簧测力计向上的拉力、竖直向上的浮力及竖直向下的重力，拉

力与浮力之和等于重力，则受力的示意图，如图所示：

口

a

【分析】物体受到的浮力竖直向上，重力竖直向下，测力计的拉力竖直向上。

【解析】【解答】不计空气阻力，在空气中上升和下落过程中机械能守恒，弹力球从距离地面%的高度由

静止释放，下落过程中重力势能转化动能，动能逐渐增大；与地面接触时，动能转化为弹性势能，向上

反弹时，弹性势能再转化为动能和重力势能，能量转化中有扳耗，弹力球无法达到之前的高度，上升过

程中，动能转化为重力势能，动能减小，上升到最高点时，动能为零，作图如下所示：

【分析】物体的动能和质量、速度有关，下落时，速度变大，动能变大，上升时，速度减小，动能减

小。

15.【答案】（1）压缩空气除尘罐内有高压气体，使用时，罐内空气快速喷出，则罐体内气体压强大于外

部气体压强。

（2）当高压空气从喷嘴中喷出时，罐内的压缩空气对外做功，自身的内能会减小，温度降低

【解析】【解答】（1）压缩空气除尘罐内有高压气体，使用时，罐内空气快速喷出，则罐体内气体压强大

于外部气体压强。

（2）当高压空气从喷嘴中喷出时，罐内的压缩空气对外做功，自身的内能会减小，温度降低。

【分析】（1）罐内有压缩空气，空气的压强变大；

（2）物体对外做功时，自身内能减小，温度降低。

（1）压缩空气除尘罐内有高压气体，使用时，罐内空气快速从喷嘴喷出，说明罐体内气体压强大于外部

气体压强。

（2）当高压空气从喷嘴中喷出时，储存罐内的压缩空气对外做功，自身的内能会减小，温度降低。

16.【答案】（1）%■G

（2）挤压矿泉水瓶，瓶内压强增大，气泡体积减小，茶叶排开液体体积减小，根据二。/V«

减小，浮力减小，重力不变，此时浮力小于重力，茶叶下沉

【解析】【解答】（1）茶叶漂浮E寸，处于平衡状态，所受浮力和重力是平衡力，大小相等，即/^=G。

（2）用力挤压矿泉水瓶，瓶内压强增大，气泡体积减小，则茶叶排开液体体积减小，根据

仁=/〃*%，V抹减小，浮力减小，重力不变，此时浮力小于重力，茶叶下沉。

【分析】（1）物体漂浮时，受到平衡力，此时，浮力和重力是平衡力，大小相等；

（2）当物体排开液体的体积减小时，浮力变小，若浮力小于重力，物体下沉。

（1）茶叶漂浮时，根据物体漂浮条件，所受浮力等于重力，即C,二Go

（2）用力挤压矿泉水瓶，瓶内压强增大，气泡体积减小，茶叶排开液体体积减小，根据。二"液/匕…

V升减小，浮力减小，重力不变.此时浮力小于重力，所以茶叶下沉。

17.【答案】（1）海水淡化时，将装置放在太阳光下，海水吸收热量先蒸发，即汽化变成7、蒸气，水蒸气

液化成小水滴，滴落在淡水装置中，实现海水淡化

（2）蒸发快慢的影响因素有：温度、液体上方空气流速、液体的表面积，当把装置放在温度更高的地方

或增大海水表面积、加快海水表面空气流速等，可以加快蒸发

【蟀析】【解答］（1）海水淡化时，将装置放在太阳光下，海水吸收热量先蒸发，即汽化变成水蒸气，水

蒸气液化成小水滴，滴落在淡水装置中，实现海水淡化。

（2）蒸发快慢的影响因素有：选度、液体上方空气流速、液体的表面积，当把装置放在温度更富的地方

或增大海水表面积、加快海水表面空气流速等，可以加快蒸发。

【分析】（1）液体变为气体，是汽化现象；气体变为液体，是液化现象；

（2）温度越高、液体表面积越大、液面有空气流动，可以加快蒸发。

（1）放置在太阳光卜，海水吸收热量先蒸发，即汽化变成水蒸气，然后水蒸气液化成小水滴，实现海水

淡化。

（2）影响蒸发的因素有温度、液体上方空气流速、液体的表面积，因此可以把装置放在温度更高的地方

或增大海水表面积、加快海水表面空气流速等。

18.【答案】（1）7

（2）电压表

（3）9

（4）不合理；灯泡在小同电压卜，实际功率不同，温度也小同。而灯丝的电阻受温度影响而改变，不同

温度下灯丝的电阻不同，不能求平均值，亳无实际意义，

【解析】【解答】测量小灯泡的电阻时，

（I）根据图甲，将电源、灯泡、滑动变阻器、电流表、开关串联起来，需要5根导线，将电压表并联在

灯泡两端需要2根导线，因此至少需要7根导线。

（2）闭合开关，小灯泡不发光，电流表指针无偏转，则电路发生了断路，应该观察电压表的示数，如电

压表示数为零，则电压表并联之外的电路断路，如电压表的示数接近电源电压，则是灯泡断路；

（3）图乙中，电压表选用0〜3V量程，分度值为0.1V,示数为2.7V,电流表示数为0.3A,计算小灯泡

U27V

此时的电阻为：/?=—=-L—=；

/O.3A

（4）灯泡在不同电压下，实际功率不同，温度也不同。而灯丝的电阻受温度影响而改变，不同温度下灯

丝的电阻不同，不能求平均值，毫无实际意义，因此处理数据的方式不合理。

【分析】（1）根据测量电阻要求，判断连接电路所需导线；

（2）在串联电路中，电流表无示数，判断电路有断路；当电压表有示数，电压表测量位置断路，当电压

表无示数，电压表以外的位置断路；

（3）根据电压表的量程和指针位置，测量电压；根据计算电阻；

（4）灯丝电阻受温度影响，不需计算电阻的平均值。

（1）由实物图可知，将电源、灯泡、滑动变阻器、电流表、开关串联起来，需要5根导线，将电压表并

联在灯泡两端需要2根导线，因此至少需耍7根导线。

（2）电路连接完成并检查无误后，闭合开关。发现小灯泡不发光，电流表指针无偏转，则是电路发生了

断路，此时应该观察电压表的示数，如电压表的示数为零，则是电压表并联之外的电路断路，如电压表

的示数接近电源电压，则是灯泡断路，因此应该观察的元件是电压表。

（3）如图乙，电压表选用。〜3V量程，分度值为0.1V,示数为2.7V,电流表示数为0.3A,则小灯泡此

时的电阻为R=2U二7二7V二9。

10.3A

（4）灯泡在不同电压下工作时，其实际功率不同，温度也不同。而灯丝的电阻受温度影响较大，不同温

度下灯丝的电阻是不同的，不能求平均值，毫无实际意义，因此处理数据的方式不合理。

19.【答案】（1）左；平面镜

（2）没有AB的像

（3）相等

（4）不正确；只进行一次实验，实验次数太少，结论不具有普遍性

【解析】【解答】探究平面镜成像特点时，

（1）实验中，玻璃板H相当于平面镜，平面镜成像的原理是光的反射，红色纸条AB贴在玻璃板I的表

面，从AB上反射出的光线经玻璃板H反射到左侧，眼睛位于H的左侧时，能看到AB通过n所成的

像。

（2）实像可以用光屏承接，虚像不能用光屏承接。透光玻璃板能看到像，不透过H直接观察臼纸，白纸

上没有AB的像，可知，平面镜所成像为虚像。

（3）将三块玻璃绕00'转动后叠在一起，AB与A'R'重合。AR与AB大小相等，可知，平面镜成像时.，

像与物体关于平面镜对称，且大小相等。

（4）探究平面镜成像规律，只进行一次实验，实验次数太少，结论不具有普遍性，通过一次实验得出的

结论不正确。

【分析】（1）平面镜成像是光的反射现象，人要在物体一侧观察像；

（2）平面镜成像是虚像，不能成在光屏上；

（3）平面镜成像时，像和物体的大小相等：

（4）探究平面镜成像规律，一次实验的数据具有偶然性，需要多次实验，结论具有普遍性。

（1）实验中玻璃板n相当于平面镜，平面镜成像原理是光的反射，张红色纸条AB贴在玻璃板I的

表面，从AB上射出的光线经玻璃板n反射后进入人的眼睛，就看到了AB的像，所以眼睛应位于H的

左侧时，能看到AB通过II所成的像。

（2）实像可以用光屏承接，虚像不能用光屏承接。不透过II直接观察白纸，当观察到白纸上没有AB的

像，说明平面镜所成像为虚像。

（3）将三块玻璃绕CM）'转动后瞽在一起，发现AB与A0审合。这说明AR与AB大小相等，平面镜所成

的像与物体关于平面镜对称。

（4）小明只进行一次实验，实验次数太少，结论不具有普遍性，他通过这一实验过程得出的结论

不正确。

20.【答案】（1）滚动距离；右

（2）强；速度

（3）可信；探究乒乓球的旋转强度与乒乓球的大小是否有关时，控制了球被抛出的最高点到球拍之间的

距离相同，只改变乒乓球的大小

【解析】【解答】探究乒乓球旋转强度的影响因素时，

（1）实验中，由于球的旋转，它将在水平面滚动一段距离s后停下，通过观察滚动距离的长短来反映乒

乓球的旋转强度。

乙图中，乒乓球向右旋转，因此，乒乓球向右滚动一段距离。

（2）根据实验，抛球越高，落地后运动的距离越远，球的旋转越强，可得结论为：同一乒乓球，球被抛

出的最高点到球拍之间的距离越大，球的旋转越强。

由「最高点到球拍之间的距离越大，兵乓球与球拍接触时的速度越大，从而增大了摩擦力。

（3）根据实验过程，探究乒乓球的旋转强度与乒乓球的大小是否有关时，控制了球被抛出的最高点到球

拍之间的距离相同，只改变乒乓球的大小，得出的结论可信。

【分析】（1）乒乓球的旋转强度不同，在水平面运行距离不同，通过运行距离，反应球的旋转强度；

（2）当乒乓球的质帚相同，下落的高度越高，旋转强度越大；

（3）当探究乒乓球的旋转强度和乒乓球质量的关系，需要保持下落的高度相同，改变乒乓球的质量。

（I）［1］根据题意，由于球的旋转，它将滚动一段距离s后停下，因此实验中可通过观察滚动距离的长短

来反映乒乓球的旋转强度。

⑵乙图中乒乓球向右旋转，因此向右滚动一段距离。

（2）［1］根据实验结果可得结论为：同一乒乓球，球被抛出的最高点到球拍之间的距离越大，球的旋转越

强。

⑵由于最高点到球拍之间的距离越大，乒乓球与球拍接触时的速度越大，从而增大了摩擦力。

（3）根据实验过程可知，探究乒乓球的旋转强度与乒乓球的大小是否有关时，控制了球被抛出的

最高点到球拍之间