山东省聊城市2022-2023学年高一年级上册期末质量抽测物理（解析版）

Ih东省聊城2022—2023学年高一第一学期期末教学质量抽测

物理试题

一.单选题

1.北京时间2022年11月29日23时()8分，搭载神舟十五号载人飞船的长征二号运载火箭在酒泉卫星发

射中心点火发射，约10分钟后，匕船与火箭成功分离，进入预定轨道，发射取得圆满成功。据以上信

息，下列说法正确的是()

A.“23时08分”表示时间

B.“约10分钟”表示时刻

C.研究飞船的运行轨迹时，可以把飞船看成质点

D.研究飞船与火箭分离时的姿态，可以把飞船看成质点

【答案】C

【解析】

【详解】A."23时()8分”所指为一个瞬间，表示时刻，故A错误；

B.“约10分钟”所指为一个过程，表示时间间隔，即时间，故B错误；

C.研究飞船的运行轨迹时，飞船的形状和大小可以忽略不计，可以把飞船看成质点，故C正确；

D.研究飞船与火箭分离时的姿态，飞船的形状和大小不可以忽略不计，不能把飞船看成质点，故D错

误。

故选C。

2.如图所示，将劲度系数为我的弹簧上端固定在铁架台的横梁上。弹簧下端不挂物体时，测得弹簧的长度

为私将钩码挂在弹簧下端，待钩码静止时测得弹簧的长度为笛，则钩码的重力大小为()

A.KXOB.k.x\C.k(x\+xo)D.k(xi-xo)

【答案】D

【解析】

【详解】根据胡克定律有

F=k(x.-x())

根据平衡条件可知弹簧的弹力等于钩码重力，故D正确，ABC错误。

故选D.

3.2022年卡塔尔世界杯完美收官，期间不乏精彩的任意球破门。在某次比赛中，球员踢出“香蕉”球，足

球在空中划出一道美妙的弧线钻入球门死角。图中虚线表示足球的飞行轨迹，下列选项中足球飞行时所受

合力/与速度u的关系可能正确的是（）

V

【答案】A

【解析】

【详解】足球在空中做曲线运动，速度方向为轨迹上该点的切线方向，且运动轨迹要夹在合力与速度之

间。

故选A。

4.一物体做直线运动，其位移-时间图像如图所示，设向右为正方向，则（）

B.前6s内物体运动方向保持不变

C./=4s时物体距出发点最远

D.尸6s时物体距出发点最远

【答案】C

【解析】

【详解】AB.向右为正方向，由图象可知，物体从-5m处向右运动至5m处，然后返回至4m处，物体在

前4s内向右运动，后2s内向左运动，故AB错误；

CD.在r=2s时，物体离出发点4m不是最远，/=4s时物体距出发点最远且为10m,故D错误，C正确。

故选C。

5.蹦床属于体操技巧类运动项目,如图所示，运动员从人点自由下落，在B点脚触及水平网，最终将网压

至最低点C，蹦床始终处于弹性限度内，忽略空气阻力，运动员从4点运动到。点的过程中，以下说法正

A.在C点运动员的重力与蹦床对运动员的作用力是一对平衡力

B.在。点运动员对蹦床的作用力与蹦床对运动员的作用力大小相等

C.运动员从B点运动到C点过程中，速度•直减小，处于超重状态

D.运动员从8点运动到。点的过程中，加速度一直增加，处于失重状态

【答案】B

【解析】

【详解】A.因为C点是运动员将网压压至最低点，所以在C点时蹦床对运动员的作用力大于运动员的重

力，所以其并不是一对平衡力，故A错误；

B.在。点，运动员对蹦床的作用力与蹦床对运动员的作用力是一对相互作用力，故大小相等，故B正

确：

CD.运动员从B点运动到C点的过程中，先是重力大于蹦床的弹力，此时合力向下，即加速度向下，运

动员加速，即速度增大，后弹力逐渐增大，此时合力逐渐减小即加速度逐渐减小，该过程处于失重状态。

当蹦床的弹力大于重力时，此时合力向上，即加速度向上，此时运动员减速，随着弹力继续增大，加速度

也增大，处于超重状态。直至到达C点，此时，速度减速为零，加速度最大，故CD错误。

故选B。

6.如图所示，从地面上方某点，将一小球以lOm/s的初速度沿水平方向抛出，小球经1s落地，不计空气

阻力，g取10m/s2,则下列说法不正确的是（）

A.小球落地点的速度大小为20m，s

B.小球抛出点到落地点的水平距离为10m

C.小球抛出点离地面的高度为5m

D.小球落地时的速度方向与水平地面成45。角

【答案】A

【解析】

【详解】C.小球抛出点离地面高度为

/?=—2t2=—xlOxlm=5m

22

故C正确，不符合题意；

B.小球抛出点到落地点的水平距离为

x=vot=10xlm=10in

故B正确，不符合题意：

A.小球落地时竖直分速度为

匕.=gl=10xlm/s=10m/s

则小球落地时的速度为

v=.=10\Z2m/s

故A错误，符合题意；

D.设小球落地时速度方向与水平方向的夹角为原则有

tana=—=1

%

则

a=45°

故D正确，不符合题意。

故选Aa

7.如图甲所示，笔记本电脑散热底座一般有四个卡位用来调节角度。某同学将电脑放在散热底座上，为了

获得更好的舒适度，由原卡位1缓慢调至卡位4（如图乙所示），电脑始终处于静止状态，则1）

A,电脑受到的支持力变小

B.电脑受到的摩擦力变大

C.散热底座对电脑的作用力的合力不变

D.电脑受到的支持力与摩擦力两力大小之和等于其重力大小

【答案】C

【解析】

【详解】AB.对电脑受力分析如驾所示

电脑始终处于静止状态，故电脑受力平衡，电脑受到的支持力大小

FN=GCOS0

电脑受到的摩擦力大小

/=Gsin0

由原卡位1调至卡位4,。减小，放尸N增大，/减小，故AB错误；

C.散热底座对电脑的作用力的合力即电脑受到的支持力与摩擦力两力的合力，大小等于电脑的重力，方

向竖直向上，始终不变，故c正确；

D.电脑受到的支持力与摩擦力与重力可以构成首尾相连的三角形，则电脑受到的支持力与摩擦力两力大

小之和大于其重力大小，故D错误。

故选C。

8.如图甲，2022年10月31日15时37分，“梦天”实验舱在长征五号B运载火箭的托举下顺利升空，这

是中国航天的又一次壮美腾飞。“梦天”实验舱质量约为23吨，长征五号B运载火箭起飞质量约为837

吨，点火后产生1000吨的推力（相当于地面上质量为1000吨的物体的重力），其简化模型如图乙所示。忽

略大气阻力、火箭喷气造成的质量变化和重力加速度的变化，重力加速度大小取g=10m/s2。“梦天”实验

舱和长征五号B运载火箭在分离前匀加速直线上升的过程中，下列说法正确的是（）

“梦天”

实验舱

长征五号B

运载火箭

甲乙

A.“梦天”实验舱所搭载的物体处于失重状态

B.离地升空的加速度大小约为11.6m/s2

C.从起飞开始，经过10s上升的高度约为160m

D.“梦天”实验舱受到长征五号B运载火箭的推力大小约为2.7X105N

【答案】D

【解析】

【详解】A.“梦天”实验舱和长征五号B运载火箭在分离前匀加速直线上升的过程中，加速度竖直向

上，处于超重状态，故A错误；

B.由牛顿第二定律得

F-(M+m)g=(M+m)a

(+〃?)gIQOOxIQ3x10-(837+23)xIO3x10

F—Mm/s2«1.6m/s2

M+in(873+23)x10'

故B错误；

C.从起飞开始，经过10s上升的高度约为

h=—at2=—x1.6x102m=80m

22

故C错误；

D.设“梦天”实验舱受到长征五号B运载火箭的推力大小为R,有

F}-mg-ma

"=m(g+。)=23X103X(10+1.6)N=2.7X105N

故D正确。

故选D

二、多项选择题：

9.下列说法中正确的是（）

A.国际单位制中，千克、米、牛顿都是基本单位

B,速度大的物体不容易停下来，是因为速度大的物体的惯性大

C.伽利略研究自由落体运动时，采用了实验和逻辑推理相结合的研究方法

Ay

D.根据速度定义式u=——，当&f()时，就可以表示物体的瞬时速度，这体现了研究物理问题的极限

Ar

思维方法

【答案】CD

【解析】

【详解】A.国际单位制中，千克、米、秒都是基本单位，牛顿是导出单位，A错误；

B.惯性只和质量有关，.与物体的运动速度无关，B错误；

C.伽利略研究自由落体运动时，采用了实验和逻辑推理相结合的研究方法，C正确；

D.根据速度定义式丫二一，当加―0时，就可以表示物体的瞬时速度，这体现了研究物理问题的极限

Ar

思维方法，D正确。

故选CD。

10.如图所示为中国无人机“翼龙”飞行时的照片。无人机巡航时水平分速度为40m/s,竖直分速度为0。

无人机接收到动作指令后立即在竖直方向上做匀加速直线运动，在水平方向上仍以40m/s的速度做匀速直

线运动。以无人机接收到动作指令为计时起点，当无人机运动的水平位移为160m时，其竖直位移也为

16cm,关于这一过程，下列说法王确的是()

A.无人机的运动轨迹为直线

B.无人机的运动轨迹为曲线

C.无人机运动的时间为4s

D.无人机的加速度大小为20m/s2

【答案】BCD

【解析】

【详解】AB.水平方向匀速直线运动，竖直方向匀加速直线运动，其合运动是匀变速曲线运动，轨迹为曲

线，A错误，B正确；

C.水平方向满足

x=vt

解得运动的时间为

z=4s

C正确；

D.竖直方向满足

y=—1ar2

2

解得

a=20m/s2

D正确。

故选BCDo

11.如图所示，某健身爱好者手拉着轻绳，在粗糙的水平地面上缓慢地移动，保持绳索始终平行于地面,

为了锻炼自己的臂力和腿部力量，在。点悬挂重物C,若健身者缓慢向右移动，则（）

A.绳OA的拉力变小

B.绳的拉力变大

C.绳0A、。8拉力的合力变大

D.健身者与地面间的摩擦力变大

【答案】BD

【解析】

【详解】ABC.对0点受力分析，可得

蟹=cosO

%

益=tan。

mg

由此可知，若健身者缓慢向右移动，0A绳与竖直方向的夹角。不断增大，所以cos。不断减小，tan。不断

增大，所以04绳的拉力增大，08绳的拉力增大，但两绳的拉力的合力始终与〃吆等大，故AC错误，B

正确；

D.对人分析，水平方向所受摩擦力与绳08对其拉力相等，所以04绳拉力增大，人所受的摩擦力增大,

故D正确。

故选BDo

12.如图甲所示，一质量〃?=2.0kg的小物块以一定的初速度冲上一倾角为37。的足够长的斜面，某同学利

用传感器测出了小物块冲上斜面过程中多个时刻的瞬时速度，并用计算机作出了小物块上滑过程中的1，一，

图线，如图乙所示。(sin37°=0.6,cos37°=0.8,5=10m/s2)则下列说法正确的是()

A.小物块冲上斜面过程中加速度的大小为8.0m/s2

B.小物块在斜面上滑行的最大位移为8m

C.小物块与斜面间的动摩擦因数为0.25

D.小物块在上滑过程中所受摩擦力大小为5N

【答案】AC

【解析】

【详解】A.由小物块上滑过程的速度一时间图线，可得加速度大小为

Av

=8m/s2

可知小物块冲上斜面过程中加速度的大小为8m/s2,故A正确;

B.设物块冲上斜面所能达到的最高点距斜面底端距离为工，则有

2a2x8

故B错误。

CD.小物块受重力、支持力、摩擦力，沿斜面方向

f+mgsin37=ma

N-mgcos37=0

摩擦力为

/=〃N

代入数据解得

/=4N

A=0.25

故C正确，D错误。

故选AC。

三、实验题：

13.在“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验中，某同学进行实验的主要步骤是：如图（a）所示，

轻质小圆环挂在橡皮条的一端，另一端固定，橡皮条的自然长度为GE。在图（b）中，用手逋过两个弹簧

测力计共同拉动小圆环，小圆环受到拉力月、£的共同作用，处于。点,橡皮条伸长的长度为石0。撤

去小鸟,改用一个力尸，单独拉住小圆环，如图（c）所示，仍然使它处于。点。力/单独作用时与

耳、巴共同作用的效果相同，都使小圆环在。点保持静止。

（1）本实验采用的科学方法是______

A.理想实验法B.控制变量法C.等效替代法D.建立物理模型法

（2）用弹簧测力计拉动小圆环在。点保持静止时，除了要记录力耳、鸟的大小，还需要记录力的

（3）通过实验，该同学用力的图示法作出了（d）图，图中的尸与广两力中，方向一定沿0G方向的是

。（填“F”或“尸'）

Ff

(d)

(4)该同学重新进行第二次实验时，同学们提出了如下建议，其中正确的是

A.由于白纸大小所限，两分力之间夹角应尽量小一些

B.橡皮条在两分力夹角的角平分线上误差会小一些

C.第二次实验拉圆环时，圆环保持静止时的位置可以与第一次不同

D.用两个弹簧秤互成角度拉圆环时，两个拉力都要小于只用一个弹簧秤时弹簧秤的拉力

【答案】①.C②方向③.k@.C

【解析】

【详解】(1)用一个力F将小圆环拉到。点，与两个力斗、鸟的共同作用效果完全相同，属于等效替代

法；

(2)通过记录下两力片、鸟的大小方向和产的大小方向，再通过作图寻找出它们之间的关系，是本实验

的H的，所以大小和方向都要记录下来；

(3)户是通过作平行四边形得到的合力，尸是实际的合力，方向一定沿0G方向；

(4)

A.两分力之间夹角不能太小，否则作出平行四边形的对角线过长超出纸外，A错误；

B.6、鸟的方向没有具体的要求，大小也可以不同，所以橡皮条可不在两力夹角角平分线上；试验过程

中弹簧测力计的读数和方向的记录、作图以及测最都要尽可能准确，这是减小误差的主要措施，其次是两

力夹角不能太大或太小，太大会使合力产线段长度较短从而增加测量误差。故B错误；

C.第二次试验时，只要保证一个力F将小圆环拉到的位置与两力耳、巴共同作用时的位置相同即可，

可以与第一次不同，故C正确；

D.两力6、鸟共同作用时，如戾夹角较大，会出现两力都大于产，，也能达到试验目的，故D错误。

故选C。

14.网课期间，某同学在家利用手机的“频闪照机”功能，做“探究平抛运动的特点''实验.如图所示是该同

学所拍摄的小球运动轨迹照片的一部分。已知照片上每个小正方形方格的实际边长为如数码相机的闪光

周期为。不计其它阻力，则实验中小球做平抛运动的初速度为，小球的加速度大小为

【解析】

【详解】［1］水平方向

x=vot=4。

解得

4a

vo=y

⑵在竖直方向上有

A/?=gT2=2a

解得小球的加速度大小为

2a

g宁

15.某实验小组利用如图甲所示的实验装置测定物块与木板之间的动摩擦因数，实验装置固定连接完毕

后，调节木板及物块右侧两段细绳水平，初步试用各个器件工作正常。实验开始时在沙桶中放入适量的细

沙，系统开始工作，滑块做匀加速直线运动，打出的纸带如图乙所示，已知所用交流电源频率为50Hz,

重力加速度大小为g。

弹簧测力计

打点计时器7?

沙桶

图甲

（1）除图中所给的实验器材外，以下器材还必需选用的有（）

A.天平B.刻度尺C.秒表D.干电池

（2）图乙中给出了实验中获取的纸带的一部分数据，0、1、2、3、4是计数点，相邻两计数点间还有4个

点未标出，计数点间的距离如图所示。则打下计数点2时物块本■应的速度大小口=Ws；本次实

验物块对应的加速度大小a=m/s2（结果保留三位有效数字）;

（3）改变沙桶内细沙的质量，测量出对应的加速度〃和弹簧测力计的示数F。若用图像法处理数据，得到

了如图内所示的一条倾斜的直线，如果该图线的横轴截距的大小等于儿斜率的大小为h则动摩擦因数

（用题目中给的b、k、g表示）。

【答案】@.AB##BA(2).0.264③.().495④.一

g

【解析】

【详解】（1）"I除图中所给的实验器材外，以下器材还必需选用的有刻度尺，用来测量纸带长度，打点计

时器本身就是计时仪器，所以不需要秒表，也不需要干电池，而测量原理为

2F-g=ma

所以测量动摩擦因数，则需要天平测量质量。

故选AB

（2）[2]打卜计数点2时物块对应的速度大小为

(2.40+2.88)xl(r2,…

v—-----------上-----m/s—0.264m/s

0.2

⑶本次实验物块对应的加速度大小为

带入数据解得

a=0.495m/s2

[4]由牛顿第二定律得

2F-=ma

解得

2

由题意可知

—b-/.ig=0

m

ni

解得

kb

〃二­

g

四、计算题：

16.如图所示，用一根轻绳。把重物挂起来，再用另一根水平的轻绳〃把重物拉向一旁固定，重物的重力

G=30N,静止时轻绳。与竖直方向的夹角族30。，求此时轻绳〃与力对重物的拉力入、尺分别是多大？

【答案】20V3N，IOGN

【解析】

【详解】根据平衡条件，有

—二cos6

巴

纥=lan<9

G

解得

E=20>/§N,Fh=10^N

17.某跳伞运动员做低空跳伞表演。当飞机悬停时距离地面加=225m,此时运动员离开飞机做自由落体运

动，当运动员距离地面"二100m时立即打开降落伞，此后可认为运动员匀减速竖直下降，落地速度刚好为

5m；s（g=10m/s2,结果保留到小数点后一位），求：

（1）运动员打开降落伞时的速度大小；

（2）运动员打开降落伞后的加速度大小；

(3)运动员离开飞机后在空中下落的总时间。

【答案】(1)50m/s；(2)12.4m/s2；(3)8.6s

【解析】

【详解】(I)运动员先做自由落体运动

△/?=225m-100m=125m

由运动学公式

v*=2gh

有

v=f2gM=50m/s

(2)运动员打开降落伞后的加速度为

，-v2(5m/s)2-(50m/s)2

a=------=-----乙——-------=-12.4m/s

2/Zj2xl00m/s

加速度大小12.4m/s2e

(3)运动员离开8机后自由落体运动时间

VDU尸

t,=—=—s=5s

g10

伞打开后运动员运动时间为

£-V=5-50S=36S

a-12.4

所以运动员下落的总时间为

+r2=5s+3.6s=8.6s

18.水平面上有一质量〃?=2kg的物块，受到大小为15N,方向与水平方向夹角族53。的恒力尸作用，物体

由静止开始运动，4s后撤去外力。已知物块与水平面间的动摩擦因数〃=0.5,g取lOm*。(sin53°=0.8,

8S53。=0.6)求：

(1)4s末物块的速度大小；

(2)撤去外力产后，物体还能滑行多远？

【答案】(1)10m/s；(2)10m

【解析】

【详解】（1）分析受力并将力F分解如图所示

Fcos53°--Fsin53°)...

a=----------------------------------=2.5m/s2

m

4s末物体的速度大小

u==2.5x4m/s=1Om/s

（2）撤去外力尸后物体的加速度为

a===5m/s-

tn

撤去外力后，物体还能滑行的距离

la2x5

19.传送带和平板紧靠在一起，旦上表面在同一水平面内，传送带两轮轴间长度为心=2.5m,平板长度

A2=2nu传送带始终保持以速度〃匀速运动。现将一滑块（可视为质点）轻放在传送带左端，然后平稳地滑

上平板。已知滑块与传送带之间动摩擦因数〃=0.5,滑块与平板、平板与水平面之间的动摩擦因数分别

为川=0.3、42=0.1,滑块、平板的质量均为m=2kg,g取lOm/s?。

（1）若传送带的速度片2m/s,求滑块通过传送带的时间/；

（2）若仅改变传送带的速度，使滑块通过传送带的时间最短，传送带的速度至少为多大；

（3）若传送带的速度v=6m/s,求滑块离开平板时的速度大小。

【答案】（1）1.45s；（2）5m/s；（3）3.5m/s

【解析】

【详解】（1）滑块放到传送带上后，根据牛顿第二定律可得

/img=niu

解得

«=5m/s2

滑块与传送带速度相等所用的时间为

v

t=-