广东省广州市增城区2026年中考物理一模试卷及答案

中考物理一模试卷

一、选择题：本题共10小题，每小题3分，共30分。在每小题给出的四个选项中，只有一项

最符合题目要求。

1.小明将80七的水倒入保温杯，盖上盖密封静置一天后，测得水温降到了30笛，该过程中水的变化是

A.质量减少B.内能减少

C.分子运动变的更剧烈D.通过热传递导致其内能增加

2.如图，用餐巾纸摩擦过的吸管靠近绝缘线悬吊的轻质小球时，小球被吸管排斥，下列判断正确的是

A.小球一定带负电

B.吸管一定带负电

C.餐巾纸一定带正电

D.小球与塑料吸管一定带同种电荷

3.能源的利用要考虑可持续发展，以下能源属于一次能源，同时又是可再生能源的一组是

A.木柴、煤炭B.天然气、太阳能

C.水能、太阳能D.风能、电能

4.小明房间灯的部分电路如图所示，闭合开关后灯不亮，保险丝未熔断，接着他用试电笔检测了a、b、

c、d四个点，得到的检测情况如表，该故障是

检测点试电笔负管

a不发光

b发光

c发光

d不发光

A.灯短路•B.保险丝短路

c.bd两点间断路D.be两点间断路

5.图1,运动员从起点跑向旗杆，为了记录100m跑步数据，在跑道上每10m安装一个装置来记录时

间，得到运动员每跑10m所用时间数据如图2,该过程

A.以运动员为参照物，旗行是静止的

B.以旗杆为参照物，运动员向东运动

C.在60-90m,运动员保持匀速直线运动

D.运动员在0〜10m段的平均速度大于40-50m段

6.如图用细绳拉着小球在水平面以0点为圆心逆时针做圆羯运动，忽略小球水平方向上所受的阻力，当

小球转至P点时细绳断开，小球会运动到Q点，接着小球到达的位置可能是

A.①B.②C.③D.④

7.将空量筒放在电子秤上测得质量如图甲，用其量取40mL某液体后置于电子秤上如图乙，接着放入不

吸水的实心物块，此时电子秤与量筒示数如图丙，则

A.液体的质量为90gB.物块的体积为70mL

C.液体密度为lg/cm3D.物块密度为1.5g/cm3

8.某光纤通讯利用了波长为1310nm的“光”通过光导纤维进行传输信息，各色光在真空中的波长和部分电

磁的频率如图所示，光纤通讯用的“光”

-nm

760空中5"4,04’0竽

H粕黄绿衣U紫

幡中IOUIOU।10"

玳

光

A.的频率比紫光小B,的波长比红光小

C.在真空中传播速度为340m/sD.在真空中传播的速度比紫光大

9.如图，将小磁针（N极涂黑）放置在通电螺线管产生的磁场中，小磁针静止时指向正确的是

懈&哪

V

叫9pll1

-----Hli------

10.小明自制的“温度计''中有密度随温度升高而变小的液体，液体中有a、b、c三个挂有温度标牌体积相

同的小球，其热胀冷缩可以忽略，当小球悬浮时，它标记的温度与液体温度相等，如图1,标有“21。仁的

小球b悬浮，另外两个小球分另J标记“17。（?”25。（3”，图1、2、3中小球a、b、c均静止，则下列说法正确

是

A.c小球标记的温度为17T

B.b小球在图1中受到的浮力小于图2

C.图1液体的温度比图3中液体温度高

D.a小球在17久液体中受到的浮力大于在2PC时的浮力

二、非选择题：本题共8小题，共60分。按题目要求作答。

11.重3N的磁铁M吸在竖直放置的铁板匕弹簧测力计对M施加一个竖直向Hl勺拉力F,示数如图甲

所示，改变F的大小，M在F作用下从静止到竖直向上运动

(1)图甲中测力计示数为N.

(2)t=5s时，在图乙中画出M在竖直方向上受到的力(“•”表示M)

(3)t=25s时，M受到的摩擦力为f2,其方向,大小为N.

12.正方体物块A的质量为5.4kg,底面积为0.09m2,(g=10N/kg)

(1)图1,将A静置于水平地面，A的重力为N,A对地面的压强为Pa.

(2)图2,A通过细绳系于杆的B点，忽略杆重和绳重，BC可看作是绕0点转动的杠杆，B0：

CO=1：3,在C点施加竖直向下的ION的力R,杆在水立位置保持静止.

①画出F)的力臂I)：

②画出B点受到的细绳的应力F2,F2为N.

13.如图，水平平行放置的金属导轨与电路连接置于磁场中(其中“x”表示磁场方向垂直纸面向里)，两根

相同的金属棒AB、CD平行放在导轨上，与导轨紧密接触且可自由滑动，AB和CD的电阻均为R.

导轨

（I）连接1、3接线杜，此时通过AB和CD的电流IAB届（选填或"v"），若磁场对

AB的作用力水平向左，则磁场对CD的作用力方向（选填“水平向左”或“水平向右）

（2）固定CD在导轨上，连接1、2接线柱，使AB在导轨上水平向右运动，此时产生的电流从A经

电流表到B,同时是否有电流通过CD?,若有，请判断电流通过CD时的方向，若没有，请

说明理由。

14.小明用滑动变阻器调节小灯泡的亮度，灯标有“2.5V0.3A"，连接的电路如图1,

（1）请在图2虚线框内画出实物图所对应的电路图

（2）闭合开关，电压表和电流表的示数如图3：

电长改％电tEKVrihiA^A

①此时滑动变阻器两端电压为V,灯泡是否正常工作？。

②调节滑动变阻器，当电压表V1示数为1.50V、V2示数为2.90V、电流表示数为0.22A时，与调节

前对比，灯泡的电阻，灯泡的实际功率将（以上两空均选填“变大""变小''或"不变”）.

15.如图所示，规格相同的甲乙容器装了相同质量的不同液体，用加热器加热时，单位时间内两液体吸收

的热量相同，忽略散热，得到温度随加热时间变化的图线.

（1）甲液体加热4min吸收的热量_________（选“大于”“小于”或“等于"）乙液体加热3mm吸收的热量.

（2）两种液体的比热容cc乙（选填

16.某款电热锅JL作电路图简化如图，用、R为加热电限，凡.电热锅的部分参数如下表所示.把

电热锅接入220V的家庭电路中.

额定电压220V

保温功率88W

加热功率55OW

（I）调节开关S可使电热锅处于“关”、“加热”、“保温”三种工作状态，当开关S的闸刀与触点

（选填或"3”）接触时，电热锅处于保温状态，理由是：。

（2）将电热锅调至加热状态，求：

①电路中的电流：

②通电Imin电路消耗的电能.

（3）求R2的阻值.

17.如图所示，电动机在10s内将重1680N的建筑材料匀速提升10m,电动机对绳子拉力做功21000J,

求：

（1）电动机做功的功率，

（2）电动机对绳子拉力的大小，

（3）滑轮组的机械效率，

18.小明在进行足球训练时，看到发球装置将足球斜向上抛出,

位置机械能0动能/J

A点5330

B点4619

C点4030

(1)小明在训练中某次抛出足球轨迹如图1,A、B、C为足球下落过程先后经过的点，若此过程中足

球在各点位置的机械能和动能如下表，

①足球在A点时的重力势能C点时的重力势能，在A点的速度C点的速度(以上

两空均选填"大于小于”或“等于)

②从A到B的过程中足球的机械能损失量为J

(2)小明发现发球装置可调节发射足球的抛射角和抛出速度，实现射程不同.小明查得：忽略空气阻力

时，足球被抛出后运动轨迹如图2虚线所示，抛出方向与水平方向的夹角为抛射角，A点的速度为抛出速

度v,A点到落地点的水平距离为射程x.同时，x与v之间满足公式X二次人.,具中k的大小与抛射角

g

的关系如图3所示

①v不变时，抛射角大小为度时，x最大，

②若抛射角为90度，v为10m/s,则x为m.

③小明想探究“抛射角一定时，x与V?的关系”，设计了以下步骤:

a.把抛射角调为45度，v设定为5m/s,将足球从A点抛出，

b.记录足球落地位置，用卷尺测出X井记录，

c.把抛射角调为度，将V逐次增加5mA重复步骤a、b.进行多次实验，直到v增加到30m/s

为止，

请帮他设计实验数据记录的表格0

答案

1.【答案】B

【解析】【解答】ABCD.将8（TC的水倒入保温杯，盖上盖密封静置一天后，测得水温降到了30P,水的质

量不变，温度降低，分子运动变慢，所以内能减少；这是通过热传递的方式使其内能减少，故ACD错误,

B正确；

故选Bo

【分析】（1）物体所含物质的多少叫质量；

（2）物体内能与温度有关，温，度降低，内能减少；

（3）分子无规则运动的速度与温度有关，温度越高，分子无规则运动越剧烈；

（4）改变物体内能的方式有做功和热传递。

2.【答案】D

【解析】【解答】用餐巾纸摩擦过的吸管发生摩擦起电现象而带电，和轻质小球相互排斥，说明二者带同

种电荷，但不知道带何种电荷，故ABC错误，D正确。

故选D。

【分析】（1）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；

（2）排斥的带有同种电荷，吸引的可能带有异种电荷，也可能带电体吸引不带电体。

3.【答案】C

【解析】【解答】A.木柴属于生物质能，是一次能源也是可再生能源；煤炭是--次能源，但它是由古代植

物经过漫长的地质年代形成的，属于不可再生能源，故A不符合题意；

B.天然气是一次能源，它是古代生物遗体在地质条件下经过长时间转化形成的，不能在短时间内得到补充,

属于不可再牛.能源；太阳能是一次能源且是可再牛.能源，故B不符合题意；

C.水能是水体的动能、势能等能量资源，是一次能源，通过水循环可以不断再生，是可再生能源：太阳能

是一次能源，太阳内部不断进行核聚变反应，其能量源源不断，是可再生能源，故C符合题意；

D.风能是一次能源且可再生；电能是二次能源，它是由一次能源经过加工转换得到的，如火力发电是由煤

炭燃烧的热能转化而来，水力发电是由水能转化而来等，故D不符合题意。

故选C。

【分析】一次能源：是指可以从自然界直接获取的能源。例：煤炭、石油、天然气、水能、风能、太阳能、

地热能、潮汐能、生物质能、核能；

二次能源：是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源.例：也能、乙醇汽油、

氢能、沼气：

可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源。例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐

能；

不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源。例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能。

4.【答案】C

【解析】【解答】AB.用试电笔测试b、c两点，氛管发光，说明输电线乙是火线，闭合开关后灯不亮，保

险丝未熔断，说明没有出现短路，故AB不符合题意；

C.bd两点间断路，则a、d两点与火线断开，试阻笔测试这两个点，氛管都不发光，故C符合题意；

D.bc两点间断路，则试电笔测试b点灰管不会发光，故D不符合题意。

故选Co

【分析】试电笔是辨别火线和零线的工具；使用时氛管发光说明接触的是火线，氛管不发光，说明接触的

是零线。

保险丝一般接在火线上。

5.【答案】B,C

【解析】【解答】A.以运动员为参照物，旗杆的位置发生了变化，是运动的，故A错误：

B.以旗杆为参照物，运动员的位置向东发生了变化，是向东运动的，故B正确：

C.在60〜90m,运动员在相等的时间里通过的路程相同，保持匀速直线运动，故C正确；

D.运动员在0〜10m段用时2.42s,在40〜50m段用时1.1s,根据『'可知，运动员在0〜10m段的平均速度

小于40〜50m段，故D错误。

故选BCo

【分析】（1）（2）在研究物体运动「寸，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，

则运动，不发生变化，则静止；

⑶匀速直线运动是最简单的机械运动，是指运动快慢不变（即速度不变）、沿着直线的运动；

（4）根据「二；分析。

6.【答案】B

【解析】【解答】当小球在水平面L.做圆周运动时，其速度方向是圆周的切线方向。小球在水平面以。点

为圆心逆时针做圆周运动，当细绳断开后，由于忽略水平方向的阻力，根据牛顿第一定律，将保持细绳断

开时的速度大小和方向做匀速直线运动。

ACD.①③④的方向不是小球Q点时圆周运动的切线方向，所以小球不会运动到①③④处，故ACD不

符合题意；

B.②的方向是小球在Q点时圆周运动的切线方向，因为忽略水平方向阻力，细绳断开后小球将沿此时的

速变方向做匀速直线运动，所以小球可能运动到②处，故B符合题意。

故选Bo

【分析】由于忽略水平方向的阻力，根据牛顿第一定律，小球在水平方向上不受力，将保持细绳断开时的

速度大小和方向做匀速直线运动。所以小球从Q点继续运动，会沿着QP所在直线向前。

7.【答案】D

【解析】【解答】AC.由甲、乙电子秤示数可得，液体的质量：

mft=90g-40g=50g,

液体的密度：

50g

S"■=.

匕40cm

故AC错误；

BD.由乙、丙量简示数可得物块的体积：

V埸=80mL-40mL=40mL=40cm3,

由乙、丙电子秤示数可得，物块的质量:

m梯=150g-90g=60g,

物块的密度：

小二60g

(-40cm-=I.5K/cm

故B错误、D正确。

故选D。

【分析】(1)由甲、乙电子秤示数可得液体的质量，根据求液体的密度；

⑵由乙、丙量简示数可得物块的体积，由乙、丙电子秤示数可得物块的质量，根据〃-:求物块的密度。

8.【答案】A

【解析】【解答】A.紫光的波长范围约为4004Wnm。光纤通讯用的光波长为1310nm,由，•二人/可知，波

长越长，频率越小，所以光纤通讯用的“光”的频率比紫光小，故A正确；

B红光波长范围约为630-760mr,1310nm大于红光波长范围，所以光纤通讯的“光”的波长比红光长，故B

错误；

C.光在真空中的传播速度是3X105/S,而不是340m/s,故C错误；

D.所有光在真空中的传播速度都相同，都是3xl()sm/s,所以光纤通讯用的“光”在真空中传播速度与紫光相

同，故D错误。

故选Ao

【分析】电磁波的波长、波速和频率的关系：波速=波长x频率。如果用c表示光速，用人表示波长，用f

表示频率，则有r二久/;光在真空中的传播速度约为3xl08m/s.

9.【答案】D

【解析】【解答】ABD.根据安培定则，电流从左端流入，图中左边通电螺线管的右端为N极，右边通电螺

线管的左端为S极，根据磁极间的相互作用规律，小磁针静止时，应该是N极指向右侧，S极指向左侧，

故AB错误、D正确；

C.根据安培定则，电流从右端流入，图中左边通电螺线管的右端为N极，右边通电螺线管的左端为N极,

根据磁极间的相互作用规律，小磁针静止时，应该是S极指句上方，N极指向下方，故C错误。

故选Do

【分析】首先根据电源的正负极判定通电螺线管线圈中的电流方向，由线圈中的电流方向根据安培定则判

断通电螺线管的磁极，再根据磁极间的相互作用规律判断小磁针的指向是否正确。

10.【答案】A

【解析】【解答】A.因为液体密度随温度升高而变小，小球悬浮时其密度等于液体密度，温度越高，液体

密度越小，能悬浮的小球密度也越小。图1中，已知标有2HC的小球b悬浮，a球漂浮，说明a球密度小

于b球密度，c球下沉，说明c球密度大于b球密度，所以c球标记的温度低于2PC,又因为另外两个温

度是17。（2和25℃,所以c小球标记的温度为17℃,故A正确；

B.b小球在图1和图2中都是漂浮状态，根据漂浮时浮力等于重力，b球重力不变，所以b小球在图1中

受到的浮力等于图2中受到的浮力，故B错误；

C.图1b悬浮，温度为21。。由图3知，三个小球都下沉，说明图3中液体密度更小，温度更高，所以图

I液体的温度比图3中液体温度低，故C错误；

D.a小球在25久时悬浮，因液体的密度随温度降低而变大，在17P液体和在2PC时都是漂浮，浮力等于

重力，故在17。（：液体中受到的浮力等于在2HC时的浮力，故D错误。

故选Ao

【分析】（1）因为液体密度随温度升高而变小，小球悬浮时其密度等于液体密度，温度越高，液体密度越

小，能悬浮的小球密度也越小。图1中，已知标有21。（2的小球b悬浮，a球漂浮，说明a球密度小于b球

密度，c球下沉，说明c球密度大于b球密度，所以c球标记的温度低于21℃,又因为另外两个温度是17℃

和25P,所以c小球标记的温度为1FC；

（2）当外界气温降低时，液体的密度变大，由F片p,,gV捕可知，小球所受浮力会变大，悬浮小球会上浮,

最终会漂浮在水面上，据此判断出此时液体温度；

（3）环境温度越高时，液体的密度变小，浮力越小，悬浮的小球会下沉，据此判断出小球c对应的温度;

（4）根据温度判断浮沉，结合燃浮的浮力等于重力分析。

1L【答案】（1）0.6

▼

（3）竖直向下；3

【解析］【解答】（1）由图甲可知，弹簧测力计的分度值为0.2N,此时弹簧测力计的示数为0.6N；

⑵由图丁可知，t=5s时，物体静止，此时受到竖直向下3N的重力和竖直向上的摩擦力和拉力，是平衡力,

即-F=G,由图丙可知，拉力F=2N,所以

f^G-F=3N-2N=lN

受力示意图如图所示：

（3）由图丁可知，第20〜30s可知，物体竖直向上做匀速直线运动，处于平衡状态，受到平衡力，此时受

到竖直向下的重力和摩擦力，竖直向上的拉力，由图内可知，第25s时，受到的拉力为6N,此时有：

此时M受到的摩擦力为：

f'=F'-G=6N-3N=3N。

【分析】（1）根据弹簧测力”的分度值读数；

（2）根据物体M的运动状态分析受力情况；

（3）根据图丁判断运动状态，根据图丙分析受力大小和方向。

12.【答案】（1）54；600

【解析】【解答】（1）正方体物块A的重力：

G=mg=5.4kgx]0N/kg=54N

A静置于水平地面，A对地面的压力F压等于A受到的重力G,即:

Flf=G=54N

A对地面的压强：

F-M.V

P--~~=600P<i；

S0.09"?

⑵力臂是从支点到力的作用线的垂直距离，在C点施加竖直向下的10N的力Fl,F1的力臂

如下图：

由杠杆平衡条件可知:

F、xQC■八xOB

即IOVXSOAFxOB

解得：F2=30N

【分析】（1）知道物体的质量，利用重力公式G=mg求物体A的重力；

根据压力等于重力结合”-（计算压强；

⑵力臂是从支点到力的作用线的垂直距离；知道两力臂的大小关系和R的大小，利用杠杆的平衡条件求B

端细绳的拉力F2O

13.【答案】（1）=：水平向左

（2）有；从C到D

【解析】【解答】（1）连接1、3接线柱时，AB和CD并联在电路中，因为两根金属棒相同，电阻均为R,

且在同•电源电压下，根据并联电路的特点，各支路电压相等，由欧姆定律可知，通过AB和CD的电流

IAB=ICD,

根据通电导体在磁场中受力方向的决定因素：已知磁场对AB的作用力水平向左，说明AB中电流方向是

从B到A。因为AB和CD并联，电流方向相同，所以磁场对CD的作用力方向也是水平向左；

（2）固定CD,连接1、2接线柱，使AB在导轨上水平向右运动，AB切割磁感线产生感应电流，可知此时

产生的电流从A经电流表到B,由于CD并联在电源AB两端，必然有电流通过CD,根据右手定则（伸

开右手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一平面内；让磁感线从掌心进入，并使拇指指向

导线运动的方向，这时四指所指的方向就是感应电流的方向）判断出AB中感应电流方向向上，那么在

CD中电流方向为从C到Do

【分析】（1）通电导体在磁场中要受到力的作用，其方向与电流方向和磁场方向有关，当改变其中一个方

向时，导体受力作用方向将改变，若两个方向都改变时，导外的受力方向将不改变；

（2）产生感应电流的条件，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动。

（2）1.8：正常；变小；变小

【解析】【解答】（1）由图1知，电路为灯泡与滑动变阻器组成的串联电路，电流表测量串联电路的电流，

电压表Vi测量灯泡两端的电压，电压表V2测量滑动变阻器两端的电压，据此在图2中从电源正极出发，

依次画出滑动变阻器、灯泡，最后与电流表左端相连，电压表W并联在灯泡两端，电压表V2并联在滑动

变阻器两端，电路图如图所示：

（2）①电压表Vi测灯泡电压，量程是0〜3V,分度值为0.1V,示数UL=2.5V；电压表V2测滑动变阻器的电

压，量程0〜3V,分度侑0.1V,示数UR=1.8V：

灯泡标有“2.5V,0.3A“，此时灯泡两端电压等于额定电压2.5V,所以灯泡正常工作；

②调节前灯泡正常发光，电阻力;

2抄言皿m

实际功率:

6.■匕.xj*■2.5rX0.3/■0.75M

调节后，UL^=1.50V,IL-4：=0.22A,此时灯泡电阻:

ui.5or

ri*6,821)

//t0.22/

实际功率:

Pti=（7^x//t=l.5OKxO.224=O33ir

与调节前对比，灯泡电阻变小，实际功率变小。

【分析】（1）分析图1可知，电路为灯泡与滑动变阻器组成的串联电路，电流表测量串联电路的电流，电压

表V1测量灯泡两端的电压，电压表V2测量滑动变阻器两端的电压，据此画电路图；

⑵①根据电压表的量程和分度值分别读出电压表环和V2的示数，当灯泡两端电压等于其额定电压时，

灯泡正常工作；

②由欧姆定律/1和电功率公式P=UI分别得到调节前灯泡正常工作时的电阻和实际功率以及调节后

K

灯泡电阻和实际功率，对比得出结论。

15.【答案】（1）大于

（2）>

【解析】【解答】（1）因为用加热器加热时，单位时间内两液体吸收的热量相同，故甲液体加热4min吸收的

热量大于乙液体加热3min吸收的热量；

⑵从图示可知，甲温度上升的速度比乙慢，根据。、=2可知，吸收热量和质量相同时，温度变化越大，

mA/

比热容越小，故两种液体的比热容cgc乙。

【分析】（1）用加热器加热时，胆位时间内两液体吸收的热量相同，加热时间越长，物体吸收的热量越多；

⑵从表中数据结合，=-0判断甲与乙的比热容的大小。

m2

16.【答案】（1）2；由图可知，当开关S接2时，只有Ri工作，当开关S接1时，只有R2工作，由于R2〈RI,

U2

根据〃=/可知，电压相等时，R2的电功率大于Ri的电功率，所以当开关S接1时，只有Rz工作，电

R

路的电功率最大，也热锅处于加热档；当开关S接2时，只有K_L作，出路的出功率最小，电热锅处于

保温档：

（2）解；①山P=UI可知，电热锅加热工作时电路中的电流;

_55OH'

2.5.1；

U-220,

②电热锅加热档通电Imin电路消耗的电能:

W=P加效t=550Wxlx60s=33000J；

答：①电路中的电流为2.5A；

②通电Imin电路消耗的电能为33000J。

（3）解：由尸=，可知，R?的阻值为：

R

U2(220^)2

三「S50W

答：R2的阻值为88C。

【解析】【分析】（1）由图可知，当开关S接2时，只有Ri工作，当开关S接1时，只有R?工作，根据Ri、

R2的大小关系和〃=’可知电热锅加热挡和保温挡的电路连接；

R

（2）①根据P=UI求出电热锅加热工作时电路中的电流；

②根据W=Pt求出通电Imin电路消耗的电能；

⑶根据PJR可求出R2的阻值。

17.【答案】（1）解：（1）电动机做功的功率为:

„W21000J

/=—==2l(XMr

答：电动机做功的功率为2100W；

（2）解：（2）由图可知，n=3,根据W.产FS=Fnh可知，电动机对绳子拉力的大小为:

尸—­=700、

nh3x10m

答：电动机对绳子拉力的大小为700N；

（3）解：滑轮组克服重力做的有用功为:

Wf=Gh=1680Nx|0m=16800J,

滑轮组的机械效率为：

16X0（M

7=幺X100%=x100%s80%

H,Q2I000J

答；滑轮组的机械效率为80%。

【解析】【分析】(1)根据:求出电动机做功的功率；

⑵根据滑轮组装置确定绳子股数，利用W产Fs=Fnh求出电动机对绳子拉力的大小；

(3)根据W〃=Gh求出滑轮组克服重力做的有用功W行，利