五年(2021-2025)中考数学真题分类汇编(北京专用)17：圆的基本性质（教师版）

专题17圆的基本性质考情概览考点1圆的基本性质考点1圆的基本性质1．（2025·北京·中考真题）如图，是地球的示意图，其中表示赤道，，分别表示北回归线和南回归线，．夏至日正午时，太阳光线所在直线经过地心O，此时点F处的太阳高度角（即平行于的光线与的切线所成的锐角）的大小为°．【答案】43【分析】本题考查了三角形内角和定理，平行线的性质，读懂题意并熟练掌握知识点是解题的关键．设与交于点K，先由三角形内角和定理求出，再根据平行线的性质求解即可．【详解】解：如图，设与交于点K，∵，∴，在中，，，∴，∵，∴，故答案为：．2．（2024·北京·中考真题）如图，的直径平分弦（不是直径）.若，则

【答案】55【分析】本题考查了垂径定理的推论，圆周角定理，直角三角形的性质，熟练掌握知识点是解题的关键．先由垂径定理得到，由得到，故．【详解】解：∵直径平分弦，∴，∵，∴，∴，故答案为：．3．（2023·北京·中考真题）如图，是的半径，是的弦，于点D，是的切线，交的延长线于点E．若，，则线段的长为．

【答案】【分析】根据，得出，，根据等腰直角三角形的性质得出，即，根据，，得出为等腰直角三角形，即可得出．【详解】解：∵，∴，．∵，∴为等腰直角三角形，∴，∴．∵是的切线，∴，∵，∴为等腰直角三角形，∴．故答案为：．【点睛】本题主要考查了垂径定理，等腰直角三角形的判定和性质，切线的性质，解题的关键是熟练掌握垂径定理，得出．4．（2021·北京·中考真题）如图，是的切线，是切点．若，则．【答案】130°【分析】由题意易得，然后根据四边形内角和可求解．【详解】解：∵是的切线，∴，∴由四边形内角和可得：，∵，∴；故答案为130°．【点睛】本题主要考查切线的性质及四边形内角和，熟练掌握切线的性质是解题的关键．1．（2025·北京通州·一模）如图，，都是的切线，切点分别为，若，那么的度数是．【答案】【分析】此题考查了切线的性质，四边形的内角，熟练掌握切线的性质是解本题的关键．由，都是的切线，可知，，再由四边形的内角和即可解答．【详解】解：∵，都是的切线，∴，，∴，故答案为：．2．（2025·北京大兴·一模）将一个量角器与一把无刻度透明直尺如图所示摆放，直尺的边与量角器分别交于点A，B，C，D，点C，点D分别对应量角器的刻度为120，60，若量角器的直径的长为，则点O到的距离为．【答案】【分析】本题主要考查了角的度量、等边三角形的判定和性质，勾股定理解三角形等知识点，掌握这些基础知识点是解题关键．连接，过点O作于点H，根据题意得出，再由等边三角形的判定和性质得出为等边三角形，，结合三线合一及勾股定理求解即可．【详解】解：如图：连接，过点O作于点H，∵点C，点D分别对应量角器的刻度为120，60，∴，∵，∴为等边三角形，∵直径的长为，∴，∵，∴，∴，∴点O到的距离为，故答案为：．3．（2025·北京东城·一模）如图，在由边长为1的小正方形组成的网格中，点都在格点上，以点为圆心，长为半径画弧，交于点，则扇形的面积为．【答案】【分析】本题考查了勾股定理及逆定理，扇形的面积计算等知识点，掌握扇形的面积计算公式是解题的关键．连接，根据勾股定理求出，，，得到，，，推出是直角三角形，，得到，求出，即可得到答案．【详解】解：如图，连接，由题意得，，，，，，，是直角三角形，，，，故答案为：．4．（2025·北京顺义·一模）如图，是的直径，是的弦，与交于点，若为中点，，，则．【答案】【分析】本题考查了垂径定理，圆周角定理，解直角三角形，熟练掌握相关知识点是解题的关键．连接，得到，，，求出，得到，求出．【详解】解：如图，连接，是的直径，为中点，，，，，，，．故答案为：．5．（2025·北京朝阳·一模）如图，是的直径，点C，D在上，，若，则°．【答案】65【分析】本题考查了圆和三角形．熟练掌握圆周角定理推论，等腰三角形性质，是解答该题的关键．利用直径所对的圆周角是直角可得，由等腰三角形的性质推知．【详解】解：∵是的直径，∴，∴；又∵，∴；∵，∴，∵，∴．故答案为：65．6．（2025·北京平谷·一模）如图，是的直径，弦于点，连接，若，则的度数为．【答案】【分析】连接，由圆周角定理求出的度数，再由垂径定理和圆心角、弧、弦的关系得到的度数，从而求出的度数即可．本题考查圆周角定理，掌握圆周角定理，垂径定理，圆心角、弧、弦的关系是解题的关键．【详解】解：如图，连接．∵，∴，∵弦，∴，∴，∴．故答案为：．7．（2025·北京海淀·一模）如图，的直径平分弦（不是直径）．若，则的大小为．【答案】【分析】本题考查了圆周角定理，垂径定理，圆心角、弦、弧的关系．熟练掌握垂径定理是解题的关键．根据圆周角定理得出，根据垂径定理求出，根据在同圆中，等弧所对的圆心角相等即可求解．【详解】解：连接，如图：∵，，∴，∵直径平分弦，∴，∴．故答案为：．8．（2025·北京·一模）如图，的直径平分弦（不是直径）．若，则．【答案】/35度【分析】本题主要考查了垂径定理，圆周角定理，解题的关键是熟练掌握垂径定理和圆周角定理．利用垂径定理得出，求得，再利用圆周角定理即可求解．【详解】解：∵的直径平分弦，，，，故答案为：．9．（2025·北京朝阳·二模）如图，内接于，，点在上，平分．若，则．【答案】55【分析】本题考查了等边对等角，垂径定理，圆内接四边形的性质，掌握以上知识，正确作出辅助线是关键．如图所示，设交于点，连接，则四边形是圆的内接四边形，根据等边对等角，圆内接四边形得到，根据垂径定理得到即可求解．【详解】解：如图所示，设交于点，连接，则四边形是圆的内接四边形，∵，∴，∴，∵平分，∴，，在和中，，∴，∴，∴，故答案为：．10．（2025·北京大兴·二模）如图，四边形中，，若，则用等式表示和的数量关系为．【答案】【分析】本题考查了圆周角定理．由题意得点在以为圆心，为半径的上，利用圆周角定理得到，，根据，即可求解．【详解】解：∵，∴点在以为圆心，为半径的上，如图，∴，，∵，∴，∴，故答案为：．11．（2025·北京大兴·二模）如图，是的直径，弦于点，若，则的长为．【答案】【分析】本题主要考查垂径定理，勾股定理．连接，根据题意再结合垂径定理得到，，再利用勾股定理求解即可．【详解】解：如图，连接，∵是直径，，∴，，∴，∴故答案为：．12．（2025·北京石景山·二模）如图，为的弦，，，半径于点，则的长为．【答案】2【分析】本题考查了垂径定理，勾股定理，解题关键是利用勾股定理求出待求线段．根据垂径定理，先利用勾股定理求出，再求出的长．【详解】解：∵为的弦，，半径于点，∴，∴，∴，故答案为：2．13．（2025·北京顺义·二模）如图，是的直径，点在上．若，则．【答案】/65度【分析】本题主要考查圆周角定理，连接，由圆周角定理得，由夹角的定义得，再由圆周角定理可得．【详解】解：连接，如图，∴，∴，∴．故答案为：．14．（2025·北京海淀·二模）如图，为的直径，点在上，点为的中点，连接．若，则．【答案】50【分析】根据是圆的直径，可得到直角三角形（直径所对的圆周角是直角），由点是弧的中点，可利用等弧所对的圆周角相等这一性质，结合的的度数求出的度数．本题考查圆周角定理（直径所对圆周角是直角、等弧所对圆周角相等）以及三角形内角和定理．解题的关键在于利用圆的性质，通过连接辅助线，结合已知角度，逐步求出的度数【详解】解：连接∵是的直径，∴．在中，∵，，∴．∵点为的中点，∴，∴．．故答案为：50．15．（2025·北京丰台·二模）如图，，是的切线，，是切点．若，则°．【答案】25【分析】本题主要考查了切线的性质，全等三角形的性质和判定，先根据切线的性质及切线长定理得，再证明，根据全等三角形的性质得，然后结合已知条件答案可得．【详解】解：∵是的切线，∴．∵，∴，∴．∵，∴，∴．故答案为：25．16．（2025·北京门头沟·二模）如图，是直径，于，连接、和，如果，那么度．【答案】【分析】本题考查了垂径定理，圆周角定理，掌握以上知识是关键．根据题意得到，根据圆周角定理得到，根据直角三角形两锐角互余即可求解．【详解】解：∵是直径，于，∴，，∵，∴，∴，∵所对的圆周角为，所对的圆心角为，∴，在中，，故答案为：．17．（2025·北京密云·一模）如图，为直径，为的一条弦，于，连接．，则的大小为．【答案】70【分析】本题主要考查了圆周角定理、垂径定理、三角形内角和定理以及等腰三角形的性质等知识，熟练掌握相关知识是解题关键．连接，首先根据圆周角定理可得，结合知，即有，然后根据等腰三角形的性质以及三角形内角和定理求解即可．【详解】解：如下