重庆市某中学2025-2026学年高一年级上册10月月考物理试题

物理试卷

注意事项：

1、答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号、班级、学校在答题卡上填写清楚，

2、每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮

擦干净后，再选涂其他答案标号。在试卷上作答无效。

3、考试结束后，请将答题卡交回，试卷自行保存。满分100分，考试用时90分钟。

一、单选题。（本题共10个小题，每题3分，共30分）

1.如图所示为某段国道的区间测速标志，该路段长度为,区间限速为60kmh,按照交通法规,

区间测速是根据区间运行时间判断是否超速。则下列说法正确的是（）

国区同测遍远点!

⑥一—

通行前口才■行时同

_14分46妙|12分2。》

A长度14.82里1

A.“区间测速”测的是车辆的平均速度

B.题中的测速长度"14.8km”是指位移的大小

C若汽车在行驶过程中某一时刻速率超过60kmh,则一定区间超速

D.图中通行时间12分20秒和14分46秒均是时间间隔

【答案】D

【解析】

【详解】A.“区间测速”测的是车辆的平均速率，故A错误；

B.题中的测速长度“14.8km”是指路程，故B错误；

C.若汽车在行驶过程中某一时刻速率超过60kmh,平均速四不一定超过60kmh,不一定区间超速，

故C错误；

D.图中通行时间12分20秒和14分46秒均是时间间隔，故D正确。

故选D。

2.如图所示是嫦娥六号返回器返回地球轨迹的简略示意图，嫦娥六号返回器由于速度太大，不能直接返回

地面，要通过多次调整轨道的方式返回，下列说法正确的是（）

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A.研究返回器返回过程中的姿态时，可以将返回器看作质点

B.返回过程中，以返回器为参考系，地球是静止不动的

C.返回器速度在增大时,其加速度有可能在减小

D.返回器返回过程中的平均速度大小等于其平均速率

【答案】C

【解析】

【详解】A.研究返回器返回过程中的姿态时，返回器的形状大小不能忽略不计，不可以将返回器看作质点,

故A错误；

B.返回过程中，以返回器为参考系，地球是运动的，故B错误；

C.加速度方向与速度方向相同时，返回器速度在增大，但加速度可能在减小，故C正确；

D.返回器返回过程中做曲线运动，位移大小不等于路程，所以平均速度大小不等于其平均速率，故D错

误。

故选C。

3.关于自由落体运动，下列说法正确的是（）

A.做自由落体运动的物体，其加速度和速度均随时间均匀增加

B.物体在下落的过程中，每秒速度变化量都相同

C.物体刚下落时，速度和加速度都为零

D.物体的质量越大，下落的越快：质量越小，下落的越慢

【答案】B

【解析】

【详解】A.自由落体加速度恒为g,不随时间变化，而速度=9随时间均匀增加，A错误：

B.由。=当。=Is时，Av=9.8m,'s,每秒速度变化量相同，B正确；

C.物体刚下落时速度为零，但加速度为g'0,C错误：

D.自由落体加速度与质量无关，所有物体卜落快慢相同，D错误。

故选B。

4.近年来，国产品牌的纯电超跑逐步进入人们的视野。某纯甩跑车和传统跑车的在加速性能测试中，速度

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从0变化到100kmh的时间分别为2.36秒和3.40秒。关于纯电跑车，以下说法正确的是（）

A.平均加速度更大B,速度更大C.速度变化率更小D.速度变化更慢

【答案】A

【解析】

Av

【详解】A.由题知，纯电跑车加速时间更短，根据平均加速度公式A，可知当速度变化量相同时，

时间越小，平均加速度越大，故A正确；

B.两者的速度均从。加速到100km/h,最终速度相同，故B错误；

C.速度变化率即加速度，纯电跑车加速度更大，故C错误；

D.加速度越大，速度变化越快，纯电跑车加速度更大，故D错误。

故选A。

5.2025年8月1517日，机器人运动会在北京举行，机器人田径比赛是重要的一项赛事。如图所示是某款

机器人在调试过程中做直线运动的位移一时间图像。则机器人在（）

B.2~4s内做匀速直线运动

C.0~1的内的位移大小为10m

D.4〜106内物体的速度大小为:m/s

【答案】D

【解析】

【详解】A.根据位移时间图像佗斜率表示速度，可知在。〜2s内图像的斜率不变，则机器人做匀速直线

运动，故A错误：

B.根据位移时间图像的斜率表示速度，可知在2〜4s内图像的斜率为零，则机器人处于静止状态，故B

错误；

C.由图可知，。~内的位移为I=-3m=-Xm

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即位移大小为8m,故C错误；

D.由图可知，4*10s内物体的位移为1=-5m5m=-10m

（■105

故物体的速度为箕=二s

/10-43

5,

即速度的大小为、m/s,故D正确。

故选D。

6.如图所示，是中国古代一种具有特殊力学结构的盛水器。其特性为“虚则欹，中则正，满则覆”，即空

置时倾斜，注水至半则直立，注满即倾覆。现持续有水流入瓶中，过一段时间瓶会翻转一次，有关瓶（包

括瓶中的水）、拉盛水器的两段轻绳，以下说法正确的是（）

A.瓶的重心位置与瓶中水的多少无关

B.往空瓶里不断加水时，瓶的重心先降低再升高

C.绳子没有形变，但对盛水器有拉力

D.绳子上拉力不一定沿绳子的方向

【答案】B

【解析】

【详解】AB.往空瓶里不断加水时，瓶的重心先降低后升高，故瓶的重心位置与瓶中水的多少有关，故A

错误，B正确；

CD.瓶受到两绳子的拉力与重力，处于平衡状态，故不断加水，重力增大，则两绳子拉力的合力不断增大，

且绳子上的拉力沿绳子的方向，每一根绳子拉力增大，故绳子发生形变，故CD错误。

故选B。

7.2025年g月4日全国田径锦标赛女子110米栏项目中吴艳妮成功夺冠，延续了其在国内赛事中的地

位。如图所示为某次跨栏跑步训练中等间距放置的三个栏，运动员跨过三个栏的过程可认为是匀加速直线

运动，若跨过第2个栏的速度大小为5m/s,跨过第3个栏的速度大小为6m」s,则下列说法正确的是（）

123

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A.根据题目信息可计算运动员加速度大小

B.若相邻两个栏的间距为9m,则从第I个栏到第3个栏的时间为6s

C.运动员通过第1个栏的速度为4m/s

D.运动员从第1个栏到第3个栏平均速度小于5m/s

【答案】D

【解析】

【详解】A.设相邻栏杆的距离为L,根据位移时间关系片-4二2。1可知由于不知道相邻栏杆的距离大

小，故无法求出加速度的大小，故A错误；

B.若相邻两个栏的间距为9m,则根据

解得〃=Um/s2

18

根据=

解得n=x/iZm«

从第I个栏到第3个栏，根据心=匕+4

解得/=（（6-旧卜，故B错误;

C.根据中间位移处的速度关系式可得*二唇

代入数据可得该运动员通过第1个栏的速度为n故C错误;

D.中间时刻的瞬时速度等于该过程的平均速度，所以该同学在第1个栏到第3个栏的中间时刻速度为

代入数据可得小牛5mg故D正确。

故选D。

8.目前，具有“智驾”功能的电动汽车越来越多，智驾中“主动刹车系统”是指当汽车与正前方障碍物之

间的距离小于安全距离时，会立即开始主动刹车。若某次测试中某车设置的安全距离为20m,汽车以

72kmh的速度在路面上行驶，主动刹车后做匀减速直线运利，加速度大小为8m/，下列说法正确

的是（)

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A.汽车能在安全距离内停下

B.汽车开始“主动刹车''后第1s末的速度为10ms

C.汽车第3秒内的平均速度为Ims

D.汽车开始“主动刹车”后3s内的位移为24nl

【答案】C

【解析】

【详解】A.已知汽车初速度vo=72km/h=2Om/s,汽车减速到零的位移为

»2202

品=」=二一m=25m>20m,故汽车不能在安全距离内停下，故A错误；

°2a2x8

B.根据速度时间公式，可得汽车开始“主动刹车”后第1s末的速度为“=%-明=12m/s,故B错误；

C.根据速度时间公式，可得汽车第2s末的速度为匕=%-a4=4m/s

v20

设汽车减速到零所用的时间为4,则有。=-^=—S=2.5s<3s

a8

即汽车在第3秒内只运动了0.5s,故位移为工=；xO.5m=1m

故汽车第3秒内的平均速度为箕=土=!ms=lm/s,故C正确；

t1

D.由C分析，可知汽车经2.5s速度变为零，故汽车在3s内的位移等于汽车在2.5s内的位移，则有

v20x25

/=m=25m,故D错误。

故选C。

9.如图所示，是某列高铁经过一座直线高架大桥时的情景图，相邻桥墩之间的距离均为L若由于某种原

因高铁过桥时做匀减速直线运动，高铁车头前端到达桥墩1时开始计时，到达桥墩2时所用时间为T,最

终停下时，车头前端恰好到达桥墩5（图中未画出），则下列说法正确的是（）

桥墩1桥墩2桥墩3

A.从计时开始，高铁通过相邻桥墩的时间之比为

B.从计时开始，高铁通过相邻桥墩的平均速度之比为

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c.从车头前端到达桥墩4到列车停止运动的过程，经历的时间为（2+G）r

D.从车头前端到达桥墩1到列车停下的过程，列车的平均速度为（2-擀

【答案】C

【解析】

【详解】高铁过桥时做匀减速直线运动最终停下，可以看作从桥墩5开始的初速度为0的匀加速直线运动,

且加速度等于匀减速直线运动的加速度，则可以应用初速度为0的匀加速直线运动规律。

A.匀加速直线运动通过相邻且枯等的位移所用时间之比为1:（反-l）：（JJ-&）：（2-JJ）

则高铁过桥时做匀减速直线运动直至最终停下，通过相邻桥墩所用时间之比

（2-b）：（&-&）：（&-1）：1,A错误；

B.根据平均速度公式正二:'可知，从计时开始，高铁通过相邻桥墩的平均速度之比为

匚耳：即（2+G）：（&+扬：（&+D：l，B错误;

C.高铁车头前端到达桥墩1时开始计时，到达桥墩2时所用时间为7,则高铁通过桥墩4、5间隔所用时

间为（2+JJ）r,c正确；

D.高铁通过全程的位移力.1:41,所用的时间为/=（4+2jJ）r

所以平均速度为'=2=（4+2&T=（4处〒,D错误。

故选C。

10.甲乙两物体在同一直线上并排运动，甲物体做初速度为零的匀加速直线运动，甲乙两物体的X-/图像

如图所示，图中画出了甲物体运动图线在L"处的切线，乙物体的X-/图像过该切点，且乙物体在到达

X=o位置后立即反向运动，速度大小不变，则下列说法错误的是（）

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A,甲物体的加速度大小为Es：

氏/以后，甲乙两物体之间的距离先增大后减小

C.甲、乙两物体在1=2$时，速度大小相等均为2m/S

口./=2$时，甲乙两物体处于同一位置

【答案】B

【解析】

【详解】A.甲物体做初速度为零的匀加速直线运动，根据位移时间公式得-v=1ar2

由于图中甲物体的K-/图像过点（2,2）,代入公式解得°=Im故A正确；

B.X-/图像斜率为速度，如果图像为曲线，则其切线斜率为瞬时速度。

对于乙，0~2s斜率为马”=-2,所以，乙与轴的交点为/=3$

2-0

根据图像得，23s内乙在向工轴负方向运动，甲在向工轴正方向运动，甲乙之间距离增加；1=3$时，

甲的速度为叫=川=301勺，乙反向运动，速度不变，根据C选项的解析得速度也ms；3s以后，甲

继续加速，乙匀速运动，由于>>立，所以甲乙之间距离继续增加，故B错误；

C.工一图像斜率为速度，如果图像为曲线，则其切线斜率为瞬时速度。

根据图像得，在/=2s时，甲的切线斜率为2一（一二=2

2-0

乙的斜率为T=-2

2-0

所以，甲、乙两物体在1=2$时，速度大小相等均为2m八，故C正确；

D.X-/图像交点表示两物体相遇，/="时两物体X-/图像相交，甲乙两物体处于同一位置，故D正确。

故逃

二、多选题（本题共5个小题，每题4分，共20分，全部选对得4分，漏选得2分，

错选不得分。）

11.关于物理学方法的描述，下列说法正确的是（）

A.“质点”的概念是采用了理想模型法

B.加速度定义式。=以，采用了比值定义法，说明加速度与成正比

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C.速度定义式V二）,当A/T。时，就可以表示物体在时刻的瞬时速度，该瞬时速度的定义应用了

极限思想方法

D.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，

然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法

【答案】ACD

【解析】

【详解】A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫理想化模型法，即“质点”

概念的引入是运用了理想化模型法，故A正确；

B.在定义加速度时”=半，采用了比值定义法，说明加速度与公，无关，故B错误；

C.根据速度定义式有y=当&趋于。时，名就可以表示物体在某时刻的瞬时速度，该定义应用了

Z加

极限思想方法，故c正确;

D.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动,

然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，故D正确。

故选ACDo

12.如图甲所示为帮助许多身体不便人士上公交车的便民设备，图乙画出轮椅与斜面接触的轮子简略图，

M为斜面，P为轮椅和人，关于P受力情况的分析，下列说法正确的是（）

A.P所受的重力垂直M向下

B.P所受的支持力是由于M发生形变而产生的

C.P所受的支持力的方向与M形变的方向相反

D.P对M的压力就是P所受重力沿垂直斜面方向的分力

【答案】BC

【解析】

【详解】A.P所受的重力竖直向下，故A错误；

B.P所受M的支持力是由于M发生形变而产生的，故B正确;

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C.P所受的支持力的方向垂直接触面向上，与M形变的方向把反，故C正确；

D.压力的性质是弹力，P对M的压力作用在M上，P所受重力作用在P上，所以P对M的压力不是P所

受重力沿垂直斜面方向的分力，故D错误。

故选BCo

13.2025世界机器人大赛8月29日在四川省绵阳市开幕，该比赛对机器人的运动能力和稳定性要求较高。

如图所示是某公司参赛的甲乙两个机器人训练时的运动图像，已知甲、乙两个机器人沿同一方向做匀加速

直线运动，当两个机器人同时通过某一位置。时开始计时，得到它们的上」图像如图所示，下列说法

tt

正确的是（）

A.机器人甲的加速度大小为3ms:

B.机器人乙的加速度大小为2ms：

C.机器人甲通过。点时速度大小为』ms

D.机器人乙通过。点时速度大小为』ms

【答案】BC

【解析】

【详解】根据匀变速直线运动速度时间公式】'=%

v1

可得一=%一+。

II

由题图纵轴截距可得机器人甲、乙的加速度大小分别为。=ImS:,^=2m/s:

3—1...

由题图斜率可得机器人甲、乙通过。点时速度大小分别为匕坪=-ms=4ms,

v・

故选BCo

14.在草原自驾游过程中，司机会经常遇到动物在公路上行走的情形。如图所示是一辆汽车正在以

•,）=20ms的速度匀速行驶，突然发现前方45nl的地方有一只正在以2ms匀速在路上行走的小动物，

司机马上刹车，忽略司机的反应时间，假设刹车过程是匀减速直线运动，加速度大小为Sm、，以下说法

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正确的是（）

A.匀减速运动汽车一定会撞上小动物

B.汽车和小动物之间的最小距离为9.5m

C.若司机有0.2s的反应时间，则汽车一定会撞上小动物

D.若司机有0.4s的反应时间，则汽车一定会撞上小动物

【答案】BD

【解析】

【详解】AB.设经过时间八，汽车的速度与小动物的速度相等，此时恰好不相撞，则有「二•>-fl/1

其中卜=2ms,a=4m/，解得L=4.$s

汽车的位移为M==49.5m

小动物的位移为七=vzl=9m

根据位移关系可得%+.0=54m>x=49.5m

故匀减速运动的汽车一定不会撞上小动物，则两者存在最小距离，根据位移关系可得

d=.%+.0-M=4.5m,故A错误，B正确；

CD.设汽车司机的反应时间为4，由上分析，可知经时间1-汽车的速度与小动物的速度相等，恰好

不相撞，则汽车和小动物的位移分别为工=»典+"；’4，与=1'"+。）

根据位移关系有工;二•%+0

联立解得。=0.25s

因0.2s<0.25s,所以当司机有0.2s的反应时间，则汽车一定不会撞上小动物；因0.4$>0,25§,所以司机

有0.4s的反应时间，则汽车•定会撞上小动物，故C错误，D正确。

故选BD。

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期内的加速度与时间的图像如图2所示，赛艇前进方向为正方向，图中，这两个

划桨周期内的运动视为直线运动，则（）

A.经过相邻两个划桨周期后速度变化最为

B,该相邻两个划桨周期内的位移之差大小为

C.若，则三个划桨周期时，赛艇的速度大小为

D.若，则三个划桨周期时，赛艇发生的位移大小为

【答案】AB

【解析】

【详解】A.根据图像与时间轴围成的面积表示速度的变化量可知，第一个划桨周期速度增量为

经过连续两个划桨周期速度增量为，故A正确;

B.作出连续两个划桨周期的图像如图所示

由图像与时间轴围成的面积表示位移可知，该相邻两个划桨周期的位移增量为图中阴影部分，则有

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联立解得故B正确;

C.由题知赛艇的初速度，若，则三个划桨周期时速度增量为

则三个划桨周期时，赛艇的速度大小为，故c错误；

D.作出连续三个划桨周期的图像如图所示

B项知该相邻两个划桨周期的位移增量为图中阴影部分，即

若，则三个划桨周期时，赛艇增加的位移大小为

在第一个周期内，设经时间赛艇的速度大小为，则有

在时刻赛艇的速度大小为

故赛艇在第一个周期内的位移为

解得

故三个划桨周期时，赛艇发生的位移大小为，故D错误。

故选ABo

二、填空题（16题每空1分，共6分；17题每空2分，共6分）

16.在“探究小车速度随时间变化规律”的实验中：

（1）打点计时器是一种使用（填“交流”或“直流”）电源的计时仪器，当电源频率为

时，它每隔秒打一次点。电磁打点计时器的工作电压约为伏。

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A先释放小车，再接通电源

B.先接通电源，待打点稳定后再移放小车

C.将接好纸带的小车停在长木板任意位置

D.拉小车的钩码质量越大越好

（3）如图所示是某次实验得到的纸带，选取0、1、2、3、4、5、6七个计数点，相邻两计数点间还有四个

点未画出。已知纸带上相邻计数点间的距离分别为

。小车在点4时的瞬时速度为

2

nVs,小车的加速度为m/s0（计算结果均保留两位有效数字）

【答案】（I）①交流@0.02③.8（2）B

（3）①.0.32②.0.50

【解析】

【小问1详解】

打点计时器是一种使用交流电源的计时仪器，当电源频率为时，它每隔0.02s打一次点；电

磁打点计时器的工作电压约为8VO

【小问2详解】

A.先释放小车，再接通电源，纸带会记录很少的数据，计算会产生较大的误差，故A错误；

B.先接通电源，待打点计时器打点稳定后再释放小车，这样纸带会得到充分利用，纸带上会记录更多的数

据，计算时会产生较小的误差，故B正确；

C.释放小车前将接好纸带的小车停在靠近打点计时器处，纸带上会记录更多的数据，计算时会产生较小的

误差，而不是将小车停在长木板任意位置，故c错误；

D.为了位移便r-测量，加速度适当大一点，则钩码的质量应适当大一些，但是不能够过大，故D错误。

故选Bo

【小问3详解】

⑴相邻两计数点间还有四个点未画出，则计数点的时间间隔为，由匀变速直线运动的

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[2]根据匀变速直线运动的判别式,结合连续相等时间内的六段位移利用逐差法可知

17.某同学将弹簧水平放置在光滑的桌面上，弹簧左端固定并与刻度尺的零刻度线对齐，另一端连接细线

并通过光滑滑轮悬挂一个祛码盘（装置如图甲所示），以此来探究弹簧弹力与伸长量之间的关系。在托盘中

逐一增加跌码，待稳定后记录每次对应弹簧的形变量。以祛码的重力为纵坐标，以弹簧的形变量为横坐标

建立坐标系，并将测得的数据在坐标纸上描点，得到如图乙所示图线，。

（1）与竖直悬挂弹簧相比，此装置弹簧水平放置的主要优点是o

（2）弹簧的劲度系数为。

（3）如图乙所示，图像A8段发生弯曲的原因是。

【答案】（1）避免弹簧自身重力对实验的影响

（2）16（3）超出了弹簧的弹性限度

【解析】

【小问1详解】

与竖直悬挂弹簧相比，此装置弹簧水平放置的主要优点是:避免了悬挂放置时弹簧自身所受重力对实验产生

的影响；

【小问2详解】

由该图像的斜率表示弹簧的劲度系数，可得；

【小问3详解】

图线段发生明显弯曲，则说明弹簧超出了弹性限度。

三、计算题（18题10分，19题12分，20题16分）

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已知电梯上升总高度为。求:

(1)电梯上升总的时间；

(2)电梯加速时的加速度大小和减速时的加速度大小。

【答案】(1)10s(2)2m/s2,1.5nVs2

【解析】

【小问I详解】

根据图像与横轴围成的面积表示位移，由题图可得

解得

【小问2详解】

根据图像的斜率表示加速度，可知电梯加速时的加速度大小为

减速时的加速度大小为

19.如图所示，甲、乙两车沿平直公路同向匀速行驶，甲车在前，乙车在后。在时刻，甲车速度为

，乙车速度为，两车相距，此时甲车司机突然发现前方100m有障碍物，并开

始紧急制动，甲车刚好和障碍物不相撞。乙车驾驶员在甲车开始制动1.0秒后也开始紧急制动，乙车刹车的

最大加速度大小为，两车制动过程均可看作是匀减速直线运动，不考虑两车的大小。

(1)求甲车减速的加速度大小以及刹车前甲车走过的距离：

(2)若乙车以最大加速度制动，判断两车是否会相撞，若相撞求撞击时两车距障碍物的距离，若不相撞求

两车之间的最小距离；

(3)若乙车为自动驾驶，反应时间极短，可忽略不计，在确保两车安全的同时，自动驾驶系统还要考虑到

乘客的舒适性(加速度越小越舒适)，求此时乙车刹车加速度的最小值。

【答案】(I)0.5m/s2,19m

第16页/共19页

(2)不会，32.4m

(3)1.5m/s2

【解析】

【小问1详解】

i

设甲车减速加速度大小为明,选初速度方向为正方向，其中“二36km'h=1Oms,v2=72kmh=20ms

,对甲车根据0片=2/x

解得/=0.5m5:

故刹车前2s甲车走过的距离X[=叩:10x2m--jx0.5x2:m=19m

【小问2详解】

设/时刻两车速度相等，分析两车速度，甲车速度为蜂==10-0.57

乙车速度为y乙=v2-0,(/-1)=28-8/

令“二立，可得1=2.4s

甲车位移为工=17-i0./2=10/-1/:

甲।2।4

乙车位移为工=v,xl+

两军不会相搐，其最小距离为"…=4一(久乙-4)=32.4m

【小问3详解】

若乙车不与障碍物相碰，根据。一ig=-2。j，X=50m+100m=150m

解得出=gm/s?

若甲乙两车不相碰，根据相对运动的速度位移关系「：・匕:2二,选初速度方向为正方向，可得

22

0-10=2(a4+0.5)x50

解得巴=-1.5m/s2

因为±<1.5,所以乙车加速度的最小值为iJm/。

3

2().如图所示，一个小球从地面以初速度%竖直上抛，不考虑空气阻力，小球上升至最高点后自由下落，

和地面碰撞后再次反弹，重复若干次，现用一个支架固定一照相机，每隔相等时间T对小球拍一张照片，

第17页/共19页

照相机曝光时间极短，重力加速度为g,已知等比数列（即后一项与前一项之比为某一不为零的定值的数列）

a.（1一q"）

求和公式为s,=I：*',其中％为首项（即等比数列的第一项），q为公比（即等比数列后一项与前