2026年湖南省株洲市高考二模物理自编试卷02（人教版）（解析版）

2026年湖南省株洲市高考二模自编试卷02物理试题（解析版）题号12345678910答案CDABCDBADACDBC1．C【详解】A．在轨道最低点时，沿圆周平面方向，根据牛顿第二定律解得在垂直圆周平面方向线的拉力为故A错误；B．转动一周的过程中，链球重力的冲量为因为mg和t均不为零，所以链球重力的冲量不为零，故B错误；CD．在最高点时，速度方向与重力方向垂直，瞬时功率为零，在最低点时，速度方向与重力方向垂直，瞬时功率为零，而在最高点和最低点之间重力瞬时功率不为零，所以从轨道最高点运动到轨道最低点的过程中，链球重力功率先增大，后减小，同理，从轨道最低点运动到轨道最高点的过程中，链球重力功率先增大后减小，故C正确，D错误。故选C。2．D【详解】由，可得周期越小，物体需要的向心力越大，物体对星球表面的压力越小，当周期小到一定值时，压力为零，此时万有引力充当向心力，即又联立解得地球的静止卫星的轨道是地球的半径的7倍，对地球的静止卫星又联立解得所以故选D。3．A【详解】从题图示位置开始，在时间内，磁通量减小，原磁场方向向里，由楞次定律“增反减同”可知，感应电流的磁场方向向里，产生的感应电流的方向为abcda，即与电流规定的正方向相同，且产生的感应电流的大小随时间按正弦规律变化，有在时间内，磁通量增大，原磁场方向向里，由楞次定律“增反减同”可知，感应电流的磁场方向向外，因线圈的位置也发生了变化，所以产生的感应电流的方向还是abcda，即与电流规定的正方向相同，结合题中选项可知，A正确，BCD错误。故选A。4．B【详解】如图所示，同一根绳上拉力处处相等，故合力在夹角平分线上，处于静止状态时，Q处绳子必垂直于杆，否则不可能平衡，由几何关系得θ=30°当灌肠重新平衡，由几何关系，受力分析可得，在竖直方向上则故选B。5．C【详解】A．正弦式交变电流一个周期内电流方向改变2次，所以1min内有50个周期，线框的转速为50r/min，故A错误；B．若线框的电动势有效值是20V，则最大值为二极管将被击穿，故B错误；C．由最大值Em=nBSω=nBS×2πf=1000×B×0.12×2×3.14×V＜20V解得B＜0.4T故C正确；D．若转速减半，交流电的最大值减半，如果这时的最大值小于0．7V，二极管将不会闪烁，1min内闪烁次数将变为0次，故D错误。故选C。6．D【详解】A．带电油滴在极板间匀速下落，可知带电油滴受到电场力方向竖直向上，与电场方向相反，故油滴带负电，A错误；B．带电油滴在极板间匀速下落，根据受力平衡可得解得油滴的电荷量为可知等于油滴的电荷量，并不等于油滴中电子的数目，B错误；C．油滴从小孔运动到金属板B过程中，电场力做功为可知电场力做负功，电势能增加，C错误；D．根据若将金属板A向上缓慢移动一小段距离，极板间的距离增大，极板间的电压不变，则极板间的电场强度减小，油滴受到的电场力减小，故油滴受到的合力竖直向下，油滴将加速下降，D正确。故选D。7．B【详解】A．马达是非纯电阻元件，所以其内阻不是120Ω，故A错误；B．理想变压器的原副线圈匝数之比等于交流电源的电压有效值与供电电压之比，即故B正确；C．交流电源电压的有效值应为220V，故C错误；D．正弦交流电每个周期内电流方向变化2次，该交流电的周期为0.02s，1s内包含50个周期，所以该交流电每秒内电流方向变化100次，故D错误。故选B。8．AD【详解】AB．在用打气筒向喷雾器内打气的过程中，把原来喷雾器里的空气和打气n次所打入的空气作为研究对象，其质量和温度不变，遵循玻意耳定律。对于这部分空气，初、末状态的压强和体积分别为p1=1atm、V1=（2+0.2n）L、p2=5atm、V2=2L。根据玻意耳定律得将各已知量代入上式可解得n=40次故A正确，B错误；CD．对于打气结束时喷雾器中所有的空气，在喷雾器向外喷药的过程，质量和温度也不变，其初态压强和体积分别为p2=5atm、V2=2L，末态压强和体积分别为p3=1atm、V3，再根据玻意耳定律得将各已知量代入上式可解得V3=10L筒内剩下的药液还有V=V容-V3=（14-10）L=4L故C错误，D正确。故选AD。9．ACD【详解】A．电子从轨道跃迁到轨道得能量电子从轨道跃迁到轨道得能量则无辐射跃迁中一个铒离子放出的能量约为故A正确；B．由可得这种光纤传输只有频率为的光信号衰减才能得到有效补偿，故B错误；C．大量处在能级的铒离子向下跃迁有以下几种情况，，因为能级跃迁到能级是无辐射跃迁，所以不会放出光子，故处在能级的铒离子向下跃迁能产生2种频率的光子，故C正确；D．由可得代入数据可解得光纤中传输的光信号波长约为，故D正确。故选ACD。10．BC【详解】A．根据右手定则，流过电阻R的电流方向为，故A错误；B．由图乙可知，导体棒运动至b点时速度为，由几何关系可得，的距离为，对导体棒从b点开始沿轨道运动直至静止，根据动量定理有又有解得故B正确；C．导体棒在轨道上运动到任意位置x时，根据图像可知电动势通过导体棒的电流通过电阻R的电流即故C正确；D．撤去外力F前电路中的总热量由图像面积可知撤去外力F后导体棒继续运动，整个回路产生的热量电阻产生的热量故D错误。故选BC。11．大于1BC/CB【详解】（1）[1]为了防止碰撞后A球反弹，应保证A球的质量m1大于B球质量m2；（2）[2]由于两球从同一高度开始下落，且下落到同一水平面上，故两球下落的时间相同；根据动量守恒定律可得在水平方向有故即（3）[3]弹性碰撞过程系统在水平方向动量守恒、机械能守恒，由机械能守恒定律得两边同时乘以2t2整理得解得测量出长度比值为（4）[4]A．小球A每次从斜槽同位置释放，摩擦力做的功相同，每次碰前小球A的速度相同，摩擦力不会产生实验误差，选项A错误；B．轨道末端不水平，则小球不能做平抛运动，则对实验会造成误差，选项B正确；C．多次实验时，若小球A没有从同一位置释放，各次碰前小球A的速度不相同，会产生实验误差，选项C正确；D．两球从同一高度开始下落，则下落的时间相等，即轨道末端到地面的高度未测量对实验不会造成误差，选项D错误。故选BC。12．2.2R1分压【详解】（1）[1]欧姆表的读数为（2）[2][3]与待测电阻相比，两个滑动变阻器的阻值太小，如果采用限流接法，电表指针的偏转角太小，实验误差太大，所以必须采用分压接法。为了方便调节电路，实验中滑动变阻器应选用R1；（3）[4]待测电阻的最大电流为两个电流表的量程太大，都不能采用，选用电压表V1测量待测电阻的电流，电压表V2测量待测电阻的电压。因为电压表V1的内阻已知，所以采用电压表V1内接法。电路如图所示（4）[5]根据欧姆定律得解得13．（1）；（2）18N【详解】（1）抽气过程，以原球内气体为研究对象，缓慢过程为等温变化过程，由玻意耳定律可得解得（2）对一个圆筒受力分析，有可知将两个圆筒沿轴线拉开的最小拉力为18N。14．（1）方向；（2），；（3），【详解】（1）磁场生成装置以水平速度v向右匀速地扫过金属杆，则相对于磁场生成装置，金属杆向左运动，根据右手定则，金属杆中电流的方向向下，则电阻R中的电流方向为：方向；（2）根据法拉第电磁感应定律，金属杆上产生的电动势为则R上的电压为R上的热功率为（3）因为金属杆中的自由电子定向移动速度是磁场的（）边界刚扫上金属杆时定向移动速度的，即金属杆中的电流变为原来的，根据可得，产生的感应电动势也变为原来的，设此时金属杆的速度大小为，则解得根据功能关系，外力做功转化为系统的焦耳热和金属杆的动能，系统的焦耳热为则外力做功为对金属杆，整个过程根据动量定理又根据法拉第电磁感应定律以上各式联立，解得15．（1）；（2）；（3）12【详解】（1）水平方向动量守恒，取小球弹出时的速度为正方向，则有小球弹出后做平抛运动，小车向前匀速，则有于是小球落地瞬间小球与车的水平距离为（2）设小球弹射后车的速度为，则小球对地的速度为，方向水平向后，取小球弹出时的速度为正方向，由动量守恒有解得于是此次弹射消耗的化学能为解得（3）同（2）问，每次喷出气体（弹射小球），水平方向动量守恒