湖南省长沙市2025-2026学年高一下学期期中模拟考试自编物理试卷02（范围：人教版必修1、必修2第5-7单元）（解析版）

湖南省长沙市2025-2026学年高一下学期期中模拟考试自编物理试卷02（解析版）题号12345678910答案CCABCCDCDBDBD1．C【详解】A．图像只能描述直线运动，可知两车都做直线运动，故A错误；B．两物体出发的位置不同，末位置相同，故两物体的位移不相等，时间相同，可知平均速度不同，故B错误；C．由图像可知，时间内，丁物体的速度和位移都大于丙，故二者之间的距离越来越远，时刻二者速度相等，此后丙物体的速度大于丁物体的速度，二者之间的距离逐渐减小，故时刻，丙、丁两物体相距最远，故C正确；D．根据图像中，斜率表示物体的加速度，由图可知，时刻，丙车的加速度大于丁车的加速度，故D错误。故选C。2．C【详解】A．分析运动过程：小球做竖直上抛运动，加速度为（方向向下）。已知和时速率均为。根据竖直上抛运动的对称性，最高点（速度为0）的时刻位于这两个时刻的中点此时速度。求解初速度和加速度关系：设初速度为，在时，小球处于上升阶段（因为），速度为。由解得在时，速度为0，有联立解得，且图像纵轴表示速度（矢量）。竖直上抛运动的速度随时间均匀减小，过最高点后变为负值。图像应为一条斜率为负的直线，穿过轴。选项A画的是速率（标量）图像，故A错误；B．根据位移—速度公式整理得这是一个关于的一次函数，截距为，代入，截距应为选项B中截距为，故B错误；C．位移公式这是一个关于的二次函数，图像为开口向下的抛物线。对称轴（最高点）为选项C的图像是抛物线，且最高点对应，故C正确；D．表示时间内的平均速度，有这是一个关于的一次函数，斜率为，纵轴截距为，当时（即回到抛出点），选项D中图像与横轴交点为，故D错误。故选C。3．A【详解】步骤1：分析加速度随时间变化的规律根据题目中给出的加速度随时间变化的规律图，可以看到加速度在0到1秒内为，在1到2秒内为，之后重复上述加速度。这意味着物体在0到1秒内加速，1到2秒内减速，之后重复前面的运动速度。步骤2：计算速度随时间变化的规律由于物体由静止开始运动，其初始速度为0。在0到1秒内，物体以的加速度加速，因此速度随时间线性增加，1秒末速度为1m/s。在1到2秒内，物体以的加速度减速，因此速度随时间线性减少，2秒末速度为0m/s。之后，物体重复前面的运动速度。步骤3：确定速度随时间变化的图像根据上述分析，速度随时间变化的图像应该在0到1秒内为一条斜率为1的直线，1到2秒内为一条斜率为的直线，之后重复。因此，正确的图像为选项A。故选A。4．B【详解】根据胡克定律知，每根橡皮条的最大弹力如图所示，设此时两根橡皮条的夹角为，根据几何关系知根据平行四边形定则知，弹丸被发射过程中所受的最大弹力故选B。5．C【详解】由水平方向速度不变可知解得则竖直方向解得故选C。6．C【详解】A．由题意可知，摄像机拍摄时每秒25帧，则相邻两帧之间的时间间隔是相等的，时间间隔为由图可知、之间的弧长明显大于、C之间的弧长，根据平均速度的定义式可知，因此由至指尖的线速度先增大后减小，故A错误；B．指尖经过点时的线速度，故B错误；C．指尖经过点时的向心加速度大约为，故C正确；D．水滴的合外力不能提供所需的向心力时，水滴就容易被出去，所以甩手时应减小半径，则在相同的指尖速度下，如果该人的上臂、前臂和手掌始终保持在一条直线上，则水滴将更不容易被甩出，故D错误。故选C。7．D【详解】AC．根据牛顿第二定律，，因初始静止，其中阻力，黏度公式阻力黏度随时间变化，即初始时刻加速度为。随着时间推移，减小到零，加速度又变为；合外力始终向下，为正值，不会出现负值。故AC错误；B．由功率公式，由速度一直在持续增加。因单调递增且增速放缓，图像表现为起点在原点、曲线向上凸且递增的形态，当后，速度线性增大，而非趋近于某一值而会再增大。故B错误；D．机械能损耗率等于阻力做功的功率，即初始时，v增大，η(t)较大，增大；之后η(t)

减小，v的增速放缓，减小；当

η(t)

降为0后，阻力消失，趋近于0。图像先负向增大，后负向减小趋近于0，与选项D的趋势一致，故D正确。故选D。8．CD【详解】AB．汽车第一次反射超声波信号时，与超声波测速仪的距离为汽车第二次反射超声波信号时，与超声波测速仪的距离为可知汽车到测速仪的距离越来越远，AB错误；C．汽车在第一次和第二次反射超声波信号之间的时间内前进的距离汽车在第一次和第二次反射超声波信号之间的时间为故汽车在第一次和第二次反射超声波信号之间的时间内的平均速度约为C正确；D．汽车第三次反射超声波信号时，与超声波测速仪的距离为则汽车在第二次和第三次反射超声波信号之间的时间内前进的距离为汽车在第二次和第三次反射超声波信号之间的时间为故汽车在第二次和第三次反射超声波信号之间的时间内的平均速度约为可知汽车正在减速行驶，D正确。故选CD。9．BD【详解】AD．当体重计的示数等于小明的实际体重时，小明所受的重力与体重计对小明的支持力是一对平衡力；当体重计的示数小于小明的实际体重时，小明所受的重力与体重计对小明的支持力不是一对平衡力，故A错误，D正确；BC．小明对体重计的压力与体重计对小明的支持力始终是一对相互作用力，始终大小相等，故B正确，C错误。故选BD。10．BD【详解】AB．若，将A和B看成整体，圆盘转动的角速度由0逐渐缓慢增大，当时，绳子拉力T为0当，即时，有时，绳子拉力T大小随ω2均匀增大同理，若，对物体A分析，当时，A与B保持相对静止，此时绳子拉力T为0当，A与B发生相对运动，此时对物体B有，此时绳子拉力T为0，物体A滑离物体B当时，即时，有，绳子拉力T大小随ω2均匀增大，故A错误，B正确；C．若，随着ω2从0开始逐渐增大，由可知fB随ω2均匀增大，当时，达到最大，绳子拉力T逐渐变大，fB保持不变当A与B发生相对运动时，A与B分离时，，故C错误；D．若，随着ω2从0开始逐渐增大，由可知fB随ω2均匀增大，当时，A与B发生相对运动，此时A与B分离后，故D正确。故选BD。11．(1)C(2)0.625(3)(4)直线【详解】（1）将不悬挂槽码的小车静止地放在水平长木板上，把木板不带滑轮的一端慢慢垫高，直到小车由静止开始沿木板向下滑动为止，即认为刚好补偿阻力完毕。此时小车重力沿木板向下的分力已经大于阻力，在不挂槽码的情况下已经有加速度，图像应与纵轴交于正半轴；随着槽码质量增大，不再满足槽码质量远小于小车质量时，图像会向力的方向弯曲。故选C。（2）相邻计数点间的时间间隔小车的加速度大小为（3）当槽码总质量较小时，根据牛顿第二定律得可得对应图像P点，图像斜率当槽码总质量较大时，根据牛顿第二定律可得对应图像Q点，图像斜率联立可得（4）设槽码的总质量为m，总个数为N，每个槽码的质量为，取走槽码的个数为n（），对槽码和小车整体分析，根据牛顿第二定律可得由此得到的图像是一条直线。12．中央B【详解】[1]当气泡位于注射器中央位置时，说明注射器处于水平位置；[2]由题可知，t时间内从B端流出水的总体积为，则单位时间内从端口B流出的水的体积为；[3]由平抛运动规律可知，水流的初速度解得[4]根据上述分析可知即整理可得因此为了便于得到线性图像，应绘制图像。故选B。[5]由可知，在图像中，其斜率为解得13．(1)，(2)(3)【详解】（1）对结点O，由平衡条件得，解得，（2）对物块甲进行受力分析，在垂直斜面方向，由受力平衡可得（3）甲受到的最大静摩擦力为当拉力F较小，且沿斜面向上的摩擦力达到最大静摩擦力时，由平衡条件可得解得当拉力F较大，且沿斜面向下的摩擦力达到最大静摩擦力时，由平衡条件可得解得故力F大小的取值范围为14．(1)(2)见解析【详解】（1）随着角速度的增大，木块B相对于木块A会先有相对滑动的趋势解得故0≤ω≤绳子没有弹力。（2）对木块B分析，当时，绳子有弹力，fB=μmg绳子绷紧后有解得随着角速度的逐渐增大，绳子拉力也在增大。对A分析有解得随着绳子拉力的增大，A的静摩擦力在减小。当时有解得当时，A的静摩擦力方向向右，且随角速度的增大而减小。当，AB刚要相对圆盘滑动时，对A分析有对B有解得所以当时，A的静摩擦力方向向左，且随角速度的增大而增大。当时，A、B与圆盘发生相对滑动。15．(1)，(2)不均匀分布，【详解】（1）a.对于双星系统，万有引力提供向心力，由牛顿第二定律可得解得b.万有引力的合力提供