贵州虱里市2025-2026学年高一物理上学期9月检测试题含解析

凯里市2025-2026学年高一物理上学期9月检测试卷

一、单选题（本大题共8小题）

1.蒙自开往昆明的复兴号C564次列车，每日09：53从蒙自发车，历经3小时48分到达昆明站，全程约

为316km。下列说法中正确的是（）

A.“09：53”指的是时间

B.“3小时48分”指的是时间

C.“316km”指的是复兴号动车运动的位移

D.“复兴号”动车较长，一定不能当成质点

【答案】B

【解析】

【详解】A．每日09：53从蒙自发车，“09：53”指的是时刻，故A错误；

B．历经3小时48分到达昆明站，“3小时48分”指的是时间，故B正确；

C．全程约为316km，“316km”指的是复兴号动车运动的路程，故C错误；

D．研究全程的平均速度时，“复兴号”动车可看作质点，故D错误；

故选B。

2.2024年6月23日，中国重复使用运载火箭首次10公里级垂直起降飞行试验圆满成功，火箭由中国航天

科技集团有限公司第八研究院总研制。火箭开始降落时发动机不工作，降至一定高度发动机点火火箭减速，

下列说法正确的是（）

A.火箭速度的变化率越大，其加速度就越大

B.火箭上升过程中，火箭加速到一定高度后关闭发动机，火箭立即开始下落

C.火箭降落过程中，其加速度的方向与速度变化量的方向开始相同后相反

D.火箭在最高点时，其速度为零加速度也一定为零

【答案】A

【解析】

【详解】A．加速度的大小与速度变化的快慢程度有关，速度变化越快，速度变化率越大，加速度越大，即

火箭的速度变化率越大，加速度越大，故A正确；

B．火箭上升过程中，火箭加速到一定高度后，由于惯性火箭先上升，速度减为0后开始下落，故B错误；

C．火箭下落时先加速后减速，根据加速度的定义式可知，加速度始终与速度变化量方向始终相同，故C错

误；

D．在最高点发动机不工作，火箭此时仅受重力作用，速度为0但加速度等于重力加速度，不为0，故D错

误。

故选A。

3.如图所示，小李从水平地面上的A点将足球正对着竖直墙壁向右贴地踢出，足球经过0.4s撞上墙壁，

被墙壁反弹后（足球与墙壁接触时间可忽略不计）经1.6s运动至B点。已知A、B点到竖直墙壁的距离分

别为0.8m、2.0m，足球可视为质点，取水平向右为正方向，则足球从被踢出到运动至B点的平均速度为（）

A.1.4m/sB.-0.6m/sC.-1m/sD.1m/s

【答案】B

【解析】

【详解】以墙壁为坐标原点，则足球从被踢出到运动至B点的位移为

x2.0m0.8m1.2m

平均速度为

x

v0.6m/s

t1t2

故选B。

4.甲、乙两车从同一点开始沿一直线运动，甲和乙的运动图像如图所示，下列说法中正确的是（）

A.0～6s内，甲、乙的运动方向均改变两次

B.0～2s内，甲、乙的速度相等

C.4s内甲的路程为12m，乙的路程为8m

D.甲、乙均在3s末回到出发点，距出发点的最大距离均为4m

【答案】C

【解析】

【详解】A．0～6s内，甲运动方向改变发生在2s末和4s末，改变2次；乙的运动方向发生改变在3s末，

改变一次，故A错误；

B．图甲可知，0～2s内，甲做匀速直线运动，乙做初速度为零的匀加速直线运动，故B错误；

C．4s内甲的路程为12m，乙的路程为v—t图像与时间轴所包围面积的绝对值之和，即8m，故C正确；

D．由图可知，甲3s末回到出发点，且甲离出发点最远距离为4m；乙3s末离出发点最远，且乙离出发点最

远距离为6m，故D错误。

故选C。

5.某人驾驶一辆汽车在平直的公路上以某一速度匀速运动，突然发现前方路面卧着一只中华田园犬，他立

即刹车。从此时刻起汽车的位移与时间的数值关系为x＝-2t2+18t（x和t的单位分别为m和s），则下列说

法正确的是（）

A.6s内汽车发生的位移为36mB.第4s初汽车的瞬时速度为2m/s

C.6s内汽车的平均速度大小为6.75m/sD.刹车后第二个2秒内的平均速度为4m/s

【答案】C

【解析】

【详解】A．根据

1

xvtat2

02

得

2

v018m/s，a4m/s

汽车停止的时间为

0v

t04.5s

0a

6s内汽车已经停止，发生的位移为

v

x0t40.5m

20

A错误；

B．第4s初汽车的瞬时速度为

vv0at1843m/s6m/s

B错误；

C．6s内汽车的平均速度大小为

x40.5

vm/s6.75m/s

t6

C正确；

D．第二个2s内指第2s末到第4s末的时间，这段时间的平均速度为

18421844

vm/s6m/s

2

D错误。

故选C。

6.某同学设想通过实验测量某塔的高度，从塔顶由静止释放一颗石子，忽略空气阻力，重力加速度为g，

测量下列物理量不．能．计算出该塔高度的是（）

A.石子下落的时间B.石子下落最初1m所用时间

C.石子下落最后1m所用时间D.石子下落最后1s的距离

【答案】B

【解析】

【详解】A．设石子下落的时间为t，塔高为H，根据

1

Hgt2

2

若测得t，则可计算出H，故A错误；

B．设塔高为H，最初1m的高度为h，由自由落体运动位移公式

1

hgt2

2

可得自由落体运动最初1m的运动时间为

2h

t

g

可知石子下落最初1m的时间与塔的总高无关，故B正确；

C．设塔高为H，最后1m的高度为h，石子下落Hh的末速度为v，下落最后1m所用的时间为t，由匀加

速直线运动公式

1

hvtgt2

2

再由

v22gHh

即可求得塔的总高H，故C错误；

D．设塔高为H，石子下落最后1s的距离为h，落地时的速度为v，最后1s根据逆向思维可得

1

hvtgt2

121

即可求得石子落地时的速度v，再由

v22gH

即可求得塔的总高H，故D错误。

故选B。

7.物体由静止向右匀加速经t秒后物体的速率为v1，此时立即使其改变加速度并接着做匀变速直线运动，

又经2t秒后物体回到出发点且速率为v2，则v1、v2间的关系是（）

A.3v1=2v2B.5v1=3v2C.2v1=v2D.v1=v2

【答案】A

【解析】

【详解】设t内的加速度为a1，2t的加速度大小为a2。在t秒内的位移

1

sat2

121

末速度为

v1a1t

则在后2t秒内的位移

12

sv2ta2t

2122

根据题意可知

s1s2

联立可得

a4

1

a25

根据速度时间公式得

v1a1t

v2v1a22t

解得

3v12v2

故选A。

1

8.如图，一栋高为h的三层楼房，每层楼高相等，且每层楼正中间有一个高为h的窗户。现将一石块从

6

楼顶边缘做初速度为0的竖直向下的匀加速直线运动，经过时间t，石块落地，以下说法正确的是（）

A.石块从楼顶分别到达三个窗户顶部所用的时间之比为1：2：3

t

B.石块在时刻的位置是在第一个窗户的上边

2

2h

C.石块下落的加速度为

t2

h

D.石块在第二窗户中间位置时的速度为

t

【答案】C

【解析】

【详解】A．石块从楼顶分别到达三个窗户顶部的位移之比为

159

x:x:xh:h:h1:5:9

123121212

根据

1

xat2

2

可知，石块从楼顶分别到达三个窗户顶部所用的时间之比为

t1:t2:t31:5:3

A错误；

B．根据

1

xat2

2

ttth

可知，石块经过前时间和后时间的位移比为1:3，所以在前时间内的位移为，而第一个窗户顶部

2224

1

距楼顶的高度为h，第一个窗户底部距楼顶的高度为

12

111

hhh

1264

t

所以石块在时刻的位置是在第一个窗户的下边，B错误；

2

C．根据

1

hat2

2

可得

2h

a

t2

C正确；

D．中间时刻的速度等于全程的平均速度，即

h

vtv

2t

石块在第二窗户中间位置时的速度为中间位置的速度，匀加速直线运动的中间位置速度大于中间时刻的速

度，D错误。

故选C。

二、多选题（本大题共4小题）

9.质点做直线运动的位移x和时间平方t2的关系图象如图所示，则该质点

A.加速度大小为1m/s2

B.任意相邻1s内的位移差都为2m

C.2s末的速度是4m/s

D.物体第3s内的平均速度大小为3m/s

【答案】BC

【解析】

【详解】根据x和时间平方t2的关系图象得出关系式为：x=t2，对照匀变速直线运动的位移时间公式

1222

x=v0t+at，知物体的初速度为0，加速度为a=2m/s，且加速度恒定不变，故A错误；根据∆x=aT=2×1

2

m=2m可知，任意相邻1s内的位移差都为2m，故B正确；2s末的速度是v2=at2=4m/s，故C正确；物

22x35

体第3s内的位移为：x3=3m–2m=5m，平均速度为vm/s=5m/s，故D错误．所以BC正确，AD

t31

错误．

10.如图a、b、c、d为光滑斜面上的四个点，一小滑块自a点由静止开始下滑，通过ab、bc、cd各段所

用时间均为T。现让该滑块自b点由静止开始下滑，则该滑块（）

A.通过bc、cd段的位移之比为1:3

B.通过bc、cd段的时间均大于T

C.通过c、d点的速度之比为3:22

D.通过c点的速度小于通过bd段的平均速度

【答案】BC

【解析】

【详解】A．滑块自a点由静止开始下滑，经ab、bc、cd各部分所用时间均为T，由初速度为零的匀加速直

线运动的比例关系知

bc:cd3:5

故A错误；

C．现让该滑块自b点由静止开始下滑，由b到c，有

2

2a3xvc

由b到d，有

2

2a8xvd

所以

，

vc6axvd16ax

所以

v3

c

vd22

故C正确；

B．滑块从a下滑时，

2x

T

a

现让该滑块自b点由静止开始下滑，由b到c，有

v6xv16x

tcT，td

bcaabdaa

由c到d，有

16x6x

tttT

cdbdbcaa

由此可知，通过bc、cd段的时间均大于T，故B正确；

D．该滑块自b点由静止开始下滑，b到d的平均速度为

v

vd2axv6ax

2c

故D错误。

故选BC。

11.如图所示倾角为30°的斜面放在地面上，一小滑块从斜面底端A冲上斜面，到达最高点D后又返回A

点，斜面始终保持静止．已知滑块上滑过程经过AB、BC、CD的时间相等，且BC比CD长0.8m，上滑时间为

下滑时间的一半，下列说法正确的是（）

A.斜面长为36m

B.滑块与斜面间的动摩擦因数为3

5

C.地面对斜面的摩擦力先向左后向右

D.滑块向上运动和向下运动过程中，地面受到的压力都小于斜面体和滑块的总重力

【答案】BD

【解析】

【详解】A、经过AB、BC、CD的时间相等，且BC比CD长0.8m，设CD长度为L，逆向思维可知，BC＝3L，

AB＝5L，所以3L﹣L＝0.8m，解得L＝0.4m，斜面长x＝9L＝3.6m，故A错误；

1212

B、上滑过程的加速度设为a1，下滑时的加速度为a2，上滑过程可以逆向分析，则：xata(2t)，

2122

解得a1＝4a2，

根据牛顿第二定律可得：，联立解得3，故B

a1gsin30gcos30,a2gsin30gcos30

5

正确；

C、减速上升和加速下降过程中，物体的加速度都是沿斜面向下，加速度在水平方向的分加速度都是向左，

即斜面对物体水平方向的作用力向左，物体对斜面的作用力向右，物体处于静止，则地面对斜面的摩擦力

方向向左，故C错误；

D、滑块向上运动和向下运动过程中，加速度在竖直方向的分加速度竖直向下，物体处于失重状态，地面受

到的压力都小于斜面体和滑块的总重力，故D正确．

12.如图所示，将小球a从地面以初速度v0竖直上抛的同时，将另一相同小球b从地面上方某处由静止释

1

放，两球在空中相遇时速度大小恰好均为v（不计空气阻力）。则（）

20

A.两球同时落地

v2

B.球b开始下落的高度为0

2g

v

C.相遇时两球运动的时间为0

2g

v2

D.球a上升的最大高度为0

2g

【答案】BCD

【解析】

【详解】BC．根据自由落体运动规律，依题意有

1

gtv

20

则相遇时两球运动的时间

v

t0

2g

则从运动开始至两球相遇，a球上升高度为

13v2

hvtgt20

1028g

球b已下落的距离为

1v2

hgt20

228g

则球b开始下落的高度为

v2

hhh0

122g

故BC正确；

D．球a做竖直上抛运动，当速度为零时，达到最大高度，有

2

0v02ghm

解得

v2

h0

m2g

v2

则球a上升的最大高度为0，故D正确；

2g

A．从以上可知，a球上升的最大高度与b球下落的高度相等，依题意，b球运动的时间为

v21

0gt2

2g21

解得

v

t0

1g

而a球做竖直上抛，向上匀减速、然后自由落体，根据运动的对称性可知，其运动时间为

2v

t0

2g

可知两球不会同时落地，故A错误。

故选BCD。

三、实验题（本大题共2小题）

13.如图，在“测定匀加速直线运动的加速度”实验中得到的一条纸带上，从O点开始记录几个计数点，

依次编为1、2、3、4、5、6，这些相邻的计数点之间还有四个点未画出（打点计时器的电源频率是50Hz），

测得s11.22cm，s22.00cm，s32.78cm，s43.62cm，s54.40cm，s65.18cm。

（1）接通电源与释放纸带，这两个操作的先后顺序应当是________；

A.先接通电源，后释放纸带B.先释放纸带，后接通电源

C.释放纸带的同时接通电源D.先接通电源或先释放纸带都可以

（2）与小车相连的是纸带的________端（填“左”或“右”）；

（3）两相邻计数点间的时间间隔T________；

（4）A点处瞬时速度的大小vA________；（保留两位有效数字）

（5）小车的加速度大小a________（保留两位有效数字）

【答案】（1）A（2）左

（3）0.1s

（4）0.32m/s

（5）0.80m/s2

【解析】

【小问1详解】

在实验开始时，由于实验过程非常短暂，所以需要先接通电源，后释放纸带，否则打出的点非常少，对实

验不利。

故选A。

【小问2详解】

与小车相连一端，是最开始打点的，速度较慢，点间的间距较小，所以应和左端相连。

【小问3详解】

相邻的计数点之间还有四个点未画出（打点计时器的电源频率是50Hz），则两相邻计数点间的时间间隔

5

T0.1s

f

【小问4详解】

匀变速直线运动过程中中间时刻速度等于该段过程中的平均速度，所以

ss2.783.62102

v34ms0.32ms

A2T20.1

【小问5详解】

根据题意，由逐差法有

2

s4s5s6s1s2s3a3T

解得

ssssss

a4561230.80ms2

9T2

14.某学习小组在研究匀变速直线运动，实验中所用交流电源频率为50Hz。实验完成后得到一条记录小车

运动情况的纸带，如图所示，O、A、B、C、D为相邻的计数点，相邻计数点间有4个计时点未标出。

的2

（1）打下C点时小车瞬时速度大小vC______m/s，此过程中小车的加速度大小a＝______m/s；（以上

两空结果均保留三位有效数字）

（2）根据纸带分析，打下O点时小车的速度______（选填“是”或“不是”）零。

【答案】（1）①.0.416②.0.393

（2）不是

【解析】

【小问1详解】

[1]相邻计数点间有4个计时点未标出，则T=0.1s；打下C点的速度

BD15.056.74102

v0.416m/s

C2T0.2

[2]加速度

2

BDOB15.056.746.74102

a20.393m/s

2T0.22

【小问2详解】

若O点的速度为零，则AB:OA=3:1，而AB与OA的位移之比小于3：1，故O点有初速度。

四、解答题（本大题共3小题）

15.高速公路的ETC电子收费系统如图所示，ETC通道的长度是识别区起点到自动栏杆的水平距离，某汽车

以21.6km/h（即6m/s）的速度匀速进入识别区，ETC天线用了0.3s的时间识别车载电子标签，识别完成

后发出“滴”的一声，司机发现自动栏杆没有抬起，于是采取制动刹车，汽车刚好没有撞杆。已知司机的

反应时间为0.7s，刹车的加速度大小为5m/s2，求：

（1）汽车减速运动的位移为多少？

（2）ETC通道的长度为多少？

【答案】（1）3.6m；（2）9.6m

【解析】

【详解】（1）随后汽车做减速运动，位移为，根据

2axv2

解得

x3.6m

（2）汽车在前

t0.3s0.7s1s

内做匀速直线运动，位移为

x1v0t61m6m

所以该ETC通道的长度为

Lx1x9.6m

16.一小球从空中某高处由静止释放，经3s落地，求：

（1）小球下落时的高度h。

（2）小球落地时的速度v。

（3）