2026年高考考前预测卷-物理（海南专用）（全解全析）

第1页/共1页2026年高考考前预测卷（海南专用） 物理·全解全析（考试时间90分钟试卷满分100分）注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回（第一部分选择题44分）一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．合成镤-210的反应方程为，则x的数值为（）A．4 B．5 C．6 D．7【答案】B【解析】根据核反应前后质量数守恒可得解得故选B。2．如图所示，高铁站内的柱子沿直线铁轨等间距排列，高铁启动前小明座位旁边正好有一根柱子，记为第1根，出发后恰好经过第2根。假设高铁做匀加速直线运动，则出发后恰好经过（）A．第3根 B．第4根 C．第5根 D．第6根【答案】C【解析】高铁做初速度为零的匀加速直线运动，在相等时间内通过的位移之比为1:3:5:7，由此可知前4s与后4s经过的位移之比为1:3，所以出发后恰好经过第5根。故选C。3．图甲为静电除尘实验，在空塑料瓶底部竖直安装一块金属片和一根钢锯条，让其分别与静电感应起电机的正、负极相连。在塑料瓶底部点燃一小段蚊香，瓶中充满烟雾，摇动起电机，烟雾立即消失。已知烟雾会吸附电子，图乙是塑料瓶内水平截面示意图，除尘过程中，仅考虑烟尘受到的电场力，不考虑烟尘间的相互作用，则（）A．金属片附近电场最强B．带电烟尘做匀加速直线运动C．电场力对带电烟尘做正功D．带电烟尘由电势高处运动到电势低处【答案】C【解析】A．根据乙图可知，电场线由金属条指向钢锯条，由于钢锯条宽度窄，电场线密集，钢锯条附近电场强度最强，故A错误；B．由于金属片和钢锯条宽度不一样，电场为非匀强电场，带电烟尘运动过程中受电场力大小、方向发生变化，加速度发生变化，做非匀变速曲线运动，故B错误；C．带电烟尘吸附电子，带负电，向金属片运动，电场力做正功，故C正确；D．电势沿着电场线方向降低，带电烟尘向金属片运动，由电势低处向电势高处运动，故D错误。故选C。4．太阳能电池应用了光电效应原理，其简化结构如图所示。太阳光穿过顶层N型硅并抵达结区域，光子被吸收后激发出自由电子，这些电子在结内建电场作用下被推向N型硅区域，接通外部电路后即可对外供电。已知该太阳能电池材料的极限频率为，普朗克常量为h，光速为c，下列说法正确的是（）A．增大入射光的频率，太阳能电池的光电流变小B．太阳能电池工作时，通过灯泡的电流方向为从A到BC．入射光的波长小于时，太阳能电池可以对外供电D．入射光的频率为时，逸出电子的最大初动能为【答案】C【解析】A．光电流的大小主要取决于入射光的光强，增大入射光的频率，不清楚入射光的光强变化，所以无法判断太阳能电池光电流的大小变化，故A错误；B．由题图可知，太阳能电池工作时，电子的运动方向从A到B，由于电子带负电，则通过灯泡的电流方向为从B到A，故B错误；C．入射光的波长小于时，则入射光的频率可以发生光电现象，太阳能电池可以对外供电，故C正确；D．入射光的频率为时，根据光电效应方程可得逸出电子的最大初动能，故D错误。故选C。5．如图所示，天舟九号货运飞船与空间站对接前，会仅在引力作用下在一条近地点为P点、远地点为Q点的椭圆转移轨道上运行。已知椭圆轨道上P、Q两点之间的距离为地球半径的倍，天舟九号货运飞船沿此椭圆轨道运动的周期为，万有引力常量为，地球可视为质量分布均匀的球体，则地球的密度为（）A． B． C． D．【答案】B【解析】天舟九号货运飞船沿此椭圆轨道运动可近似为圆周运动，半径，R为地球的半径。由万有引力提供向心力得解得又，联立解得故选B。6．侦察兵通过水中的潜水机器人观察岸边情况，如图所示，潜水机器人藏在圆形莲叶的正下方，可以上下移动，莲叶的半径为R，莲叶边缘距离岸边的哨兵距离为s，哨兵的眼睛离水面的高度为H，水的折射率为，水足够深，机器人可以看作质点，则（）A．当前机器人位置哨兵刚好看不到，哨兵后退时，为了不被发现，机器人要下潜一段距离B．机器人位置离荷叶越近，看到外部空间范围越大C．要想不被哨兵看见，潜水的最大深度为D．要想看到岸边的情况，潜水深度必须大于【答案】C【解析】A．哨兵后退时增大，由的表达式可知，最大深度减小，原来机器人位置已经看不到，仍满足看不到的条件，不需要下潜，故A错误。B．机器人看外部的最大折射角为全反射临界角（固定不变），离莲叶越近（越小），视野范围半径越小，看到的范围越小，故B错误。C．推导和表达式一致，故C正确。D．若要看到岸边（莲叶边缘），刚好折射角，，得由，得，故D错误。故选C。7．在巴黎奥运会上，中国跳水梦之队首次实现包揽奥运8金的壮举。全红婵比赛的过程中，可将其视为质点，在空中运动的过程可视为竖直上抛运动，不计空气阻力。如图是其运动的图像，从离开跳台开始计时，图中为直线，重力加速度为，下列说法正确的是（）A．在图像中，以竖直向上为正方向B．在时间内，先超重后失重C．在时间内，加速度先增加后减小D．离开跳台后重心上升的最大高度为【答案】D【解析】A．开始时，运动员离开跳台向上运动，由图可知，速度为负值，时刻之后，运动员向下运动，速度为正值。因此，图像是以竖直向下为正方向，故A错误；B．根据图线的斜率表示加速度可知，在时间内，运动员的加速度不变，为重力加速度g，即运动员一直处于完全失重，故B错误；C．根据图线的斜率表示加速度可知，在时间内，加速度先不变后减小再增加，故C错误；D．开始时，运动员离开跳台向上运动，时刻运动员到达最高点，所以离开跳台后重心上升的最大高度为，故D正确。故选D。8．如图所示，内、外半径分别为R和3R的两半圆的圆心均在O点，在同一直线上的PQ和MN分别为两半圆的直径，两半圆之间的圆环内存在着垂直纸面向里、磁感应强度大小为B的匀强磁场。在QN连线上放置一个与QN等长的荧光屏，在MP的中点垂直MP连线射入速率均为v的带负电的粒子（不计粒子重力及粒子间的相互作用），则始终在磁场中运动且能打在荧光屏上的粒子的最小比荷kmin和最大比荷kmax为（）A．B．C． D．【答案】C【解析】如图所示粒子的运动轨迹为轨迹1时有最大半径根据洛伦兹力提供向心力有解得粒子的运动轨迹为轨迹2时有最小半径根据洛伦兹力提供向心力有解得故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。9．课堂上，同学们用图1所示的装置绘制简谐运动的图像时，两组同学在纸带上绘制出图2所示的不同图像。已知两条纸带的长和宽相同，由此可以判断出两组同学的操作中（）A．注射器和墨汁的总质量一定不同 B．摆的摆长可能不同C．摆的振幅可能不同 D．抽纸带的速率可能不同【答案】BD【解析】由图可知，即造成两幅图像不同的原因可能是两单摆的周期不同，或者两同学拉动纸带的速率不同；A．注射器和墨汁的总质量不会影响单摆振动的周期，A错误；B．摆的摆长可能不同，造成两单摆的周期不同，B正确；C．摆的振幅不同，对周期无影响，C错误；

D．由上述分析可知，两同学抽纸带的速率可能不同，D正确。故选BD。10．如图所示，一定质量的理想气体经A→B→C→D→A完成循环过程，其中A→B和C→D均为等温过程。关于该循环过程，下列说法正确的是（）A．过程的温度高于过程的温度B．过程释放的热量等于过程释放的热量C．过程吸收的热量全部转化为理想气体的内能D．过程气体对外做的功大于过程外界对气体做的功【答案】CD【解析】A．根据理想气体状态方程，体积为时，状态压强高于状态压强，因此温度高于，A错误；B．过程和过程均对应等容变化，是吸热过程，是放热过程，B错误；C．过程中气体体积保持不变，不存在做功，吸收的热量全部用来转化为理想气体内能，C正确；D．根据图像与横轴所围成的面积表示做功可知过程气体对外做的功大于过程外界对气体做的功，D正确。故选CD。11．如图甲为风速测量仪的示意图，绝缘弹簧的左端固定，右端与导电的迎风板相连，并套在水平放置的均匀金属细杆上。迎风板与金属杆垂直且接触良好，并能自由滑动。电压传感器一侧与迎风板连接，另一侧与金属杆左端相连。电压传感器示数U与风速v的关系如图乙所示，已知纵截距为b，斜率为k，电源电动势为E，内阻为r，保护电阻为R，不计摩擦和迎风板的电阻，则（）A．风速越大，回路电流越大B．风速越小，金属杆接入回路的电阻越小C．无风时，金属杆接入回路的电阻为D．风速为v时，流过电阻R的电流为【答案】AC【解析】AD．由闭合电路欧姆定律由图可知风速越大，越小，故回路电流越大；已知纵截距为b，斜率为k，电压传感器示数U与风速v的关系为风速为v时，流过电阻R的电流为，故A正确，D错误；BC．风速越小，弹簧压缩量越小，金属杆接入回路的电阻越大；无风时，金属杆接入回路的电阻为，故B错误，C正确。故选AC。12．如图所示，竖直向上、磁感应强度大小为的匀强磁场中，边长为、总电阻为的单匝正方形线框先后绕过ab边和bc边的轴以相同大小的角速度按图示方向匀速转动。从图示位置开始计时，下列说法正确的是（

）A．当线框绕过ab边的轴转动时，在图示位置线框中电流方向为adcbaB．当线框绕过ab边的轴转动时，a、d两点间的电势差C．当线框绕过bc边的轴转动时，线框中感应电动势随时间变化的表达式D．当线框绕过bc边的轴转动时，线框转动一周过程中外力做功【答案】BD【解析】A．当线框绕过ab边的轴转动时，线框平面一直与磁场方向平行，穿过线框的磁通量一直为0，不会产生感应电流，故A错误；B．当线框绕过ab边的轴转动时，由右手定则可知a点的电势低于d点的电势，ad边产生的电动势大小为则a、d两点间的电势差，故B正确；C．当线框绕过bc边的轴转动时，穿过线框的磁通量周期性变化，线框中产生正弦式的交变电流，电动势最大值为图示位置穿过线框的磁通量为0，磁通量的变化率最大，感应电动势最大，线框中感应电动势随时间变化的表达式，故C错误；D．当线框绕过bc边的轴转动时，根据能量守恒可知，线框转动一周过程中外力做功为，故D正确。故选BD。13．如图所示，某静电分析器的两电极之间存在指向圆心O的辐向电场。三个带电粒子以相同的动能从A点垂直端面射入，仅在电场力作用下，甲粒子从B射出，乙粒子做圆周运动从C射出，丙粒子从D射出。已知甲、乙、丙的电荷量大小分别为、、，，，下列说法正确的是（）A．甲、乙粒子带正电，丙粒子带负电B．乙粒子经过的位置电场强度大小均为C．甲粒子动能的增加量大于丙粒子动能的减少量D．若B点电势为，C点电势为，则甲粒子离开电场时的动能为【答案】BC【解析】AB．三个带电粒子都做近似圆周运动,所受电场力(向心力)与场强方向相同,故三个粒子都带正电,因,故易知乙粒子做匀速圆周运动从C射出,乙粒子经过的位置电场强度大小均为甲粒子做向心运动丙粒子离心运动则,故A错误，B正确；C．因为间平均场强比平均场强大，又故，故甲粒子动能的增加量大于丙粒子动能的减少量，故C正确；D．若B点电势为，C点电势为，则据动能定理，甲粒子离开电场时的动能为，故D错误。故选BC。（第二部分非选择题56分）三、非选择题：本题共6小题，共56分。14．（4分）利用如图1所示的实验装置验证动量守恒定律时，通过读取拉力传感器的示数，可以进行相关的计算与验证。已知重力加速度为g，实验步骤如下：(1)选择大小相同、质量相等的小钢球A、B，测出小球质量为m，使用游标卡尺测量小球直径，如图2，则小球直径______cm。(2)将小钢球A、B用长度均为L的不可伸长轻质细线悬挂在同一高度处，悬挂点O、间距。保持A球、B球与在同一竖直面内，将A球拉开一定角度且细线绷紧。由静止释放A球。A球与B球碰撞后，A球静止不动，B球继续摆动。读取拉力传感器数据，记录球A摆动过程最大拉力，球B摆动过程最大拉力。若满足关系式______（用、表示），则验证碰撞中动量守恒。【答案】(1)1.070（2分）(2)（2分）【解析】1）20分度游标卡尺的精度为0.05mm，由图2可知小球直径为（2）小球摆动到最低点时，细线拉力最大。对A小球受力分析，有，则小球碰撞前的动量为同理，小球B碰撞后的动量为若小球A、B动量守恒，则有联立解得15．（4分）某兴趣小组的同学想要测量一个实心透明圆柱体的折射率。如图所示，他们将圆柱体放在水平桌面上，底下垫白纸，并用铅笔在白纸上描出圆柱体的底面。将激光器放置于桌面上，使其发出的光束经圆柱体折射后射出，测出入射角和折射角，利用折射定律计算出折射率。(1)由于激光束的路径无法直接看见，所以需要用铅笔挡光，从而找到光束的路径，然后在白纸上记下该点的位置，找到两个位置，然后连线即可在白纸上画出光束路径。下列说法正确的是（

）A．用上述方法寻找光束路径时，用较细的铅笔挡光更有利于减小实验误差B．、两点位置可以利用画出的光线与圆柱底面圆的交点得到C．激光器发出的激光不必平行于桌面D．实验时要注意入射角不能太大，否则在点可能会发生全反射(2)如图所示，某同学没有量角器，于是想出一个办法来计算折射率。将延长至，使，分别过O、E作AB、AC的垂线，，则圆柱的折射率_____（从、AD、OD、AE、、中选取必要的量表示）(3)在白纸上描绘圆柱底面圆时，可能会带来误差。如果白纸上描绘的底面圆稍稍偏大（如下图中虚线所示），会导致测得的折射率（

）A．偏大B．偏小C．没有影响【答案】(1)AB（2分）(2)（1分）(3)A（1分）【解析】（1）A．用铅笔挡光，从而找到光束的路径,用较细的铅笔挡光，在白纸上留下的光点较小，能更精准地确定光束的位置，更有利于减小实验误差，故A正确；B．A、B是光束与圆柱底面圆的交点，可通过光线与圆的交点确定位置，故B正确；C．实验中激光需平行于桌面，才能保证光线在同一平面内，测量的入射角和折射角才准确，故C错误；D．光从空气射入圆柱体（光密介质），在B点是入射点，只有光从光密介质射向光疏介质时才可能发生全反射，因此B点不会发生全反射，故D错误。故选AB。（2）根据折射定律根据几何关系，有，又因AO=AE联立可得（3）若描绘的底面圆偏大，会导致测量的折射角偏小，根据可知测得的折射率会偏大。故选A。16．（10分）实践活动中，小甘同学设计了如图1所示的电路，用来测量水果电池的电动势和内阻。当单刀双掷开关分别接1和2时，测得如图2所示的、两条图线。(1)当开关接2时，由图线可知，测得水果电池的电动势______V，内阻______（内阻值结果保留整数）；(2)当开关接2时，测得水果电池的内阻与真实值相比，______（选填“大于”“小于”或“等于”），其原因是_______（选填“电压表分流”或“电流表分压”）；(3)小甘同学进一步研究发现，由于电流表、电压表内阻的影响，两种方法测得的水果电池的内阻均存在误差，但结合两次实验数据，可得出水果电池内阻的真实值为______（结果保留整数）。【答案】(1)1.10（2分）425（2分）(2)小于（2分）电压表分流（2分）(3)483（2分）【解析】（1）由可知图像在纵轴的截距等于电源电动势，斜率的绝对值等于内阻，由图像可得（2）本实验存在系统误差，原因是电压表分流，使得电流表示数小于干路电流，外电路短路时，电压表分流为零，实际电流等于电流表电流，电压越大，电压表分流越多，实际电流大于电流表电流，图像斜率的绝对值将越大，由此造成电源内阻测量值小于真实值。（3）当开关接1时，图线的纵截距为电动势的真实值，由图线可知，水果电池的真实电动势为当开关接2时，横截距为短路电流的真实值，图线可表示为时，可知短路电流为水果电池内阻的真实值为17．（10分）某兴趣小组做空气喷泉实验。在一体积为V的厚玻璃瓶里装满开水，随后把开水倒掉，用带有细管的橡胶塞把瓶口封住，此时温度传感器显示瓶内气体的温度为。立即把玻璃瓶倒置且将细管浸入到水槽中，固定玻璃瓶，稍后可以看到瓶内喷泉现象。已知初始时水槽液面上方细管长度为h，水的密度，大气压强为，重力加速度为g，忽略细管容积、橡胶塞和传感器体积。(1)当细管上端恰好有水溢出时，求瓶内气体的温度大小；(2)当细管中的水恰好不再喷出时，水槽液面下降了0.2h。瓶内气体温度为，瓶内水面低于细管上端口。求进入瓶内水的体积大小。【答案】(1)(2)【解析】（1）当细管中刚好有水溢出来时，瓶内气体的压强为：等体积变化，根据查理定律得：（3分）解得：（2分）（2）当细管中的水恰好不再喷出时，瓶内气体的压强为：根据理想气体状态方程得：（3分）解得：故进入瓶内水的体积为：（2分）18．（12分）如图所示，一质量的小滑块（可视为质点）被轻放在倾角、顺时针匀速转动的倾斜传送带的底端，小滑块从静止开始向上运动，到达顶点时，恰好与传送带共速，传送带顶端上方有一小段固定的圆弧，圆弧可使小滑块无机械能损失地沿水平方向向右滑上水平轨道，之后小滑块从水平轨道的末端点进入半径的竖直圆轨道（圆心为）。在圆轨道中，小滑块始终在沿轨迹切线方向的外力作用下做匀速圆周运动，外力施加前后小滑块速率不变。已知传送带的长度，水平轨道的长度，小滑块与传送带、水平轨道、圆轨道间的动摩擦因数分别为、、，重力加速度取。求：(1)传送带的速度大小。(2)电动机由于传送小滑块多消耗的电能。(3)小滑块运动到圆轨道上点右侧与圆心等高的点时，外力的大小。【答案】(1)(2)(3)【解析】（1）设小滑块在传送带上的加速度大小为，则有（2分）设传送带的速度大小为，则有（1分）解得（1分）（2）设小滑块在传送带上运动的时间为，则有（1分）小滑块与传送带间因摩擦产生的热量（1分）传送带的电动机由于传送小滑块多消耗的电能（1分）解得（1分）（3）设小滑块做匀速圆周运动的速度大小为，则有（1分）解