广东省深圳市高级体系联考2025年中考三模物理试题（含答案）

第第页广东省深圳市高级体系联考2025年中考三模物理试题一、主题一物理与日常生活1．如图是一款无线蓝牙骨传导耳机，它发出的声波可直接通过骨头传至听神经。人们使用时无需堵塞耳朵，仍能感知周围环境声音。下列说法正确的是（）A．蓝牙骨传导耳机是利用超声波与手机进行无线通讯B．骨传导耳机是利用固体介质传播声音C．人戴着耳机也能分辨出周围不同人说话的声音，是根据声音的音调判断的D．耳机播放的音乐不可能成为噪声2．五一假期，乐乐给家人“露了一手”，做了一道可乐鸡翅。以下是他对一些物理现象的分析，其中正确的是（）A．从冰箱冷冻室里拿出来的鸡翅要提前解冻，是凝固现象B．鸡翅从生做到熟，主要是利用做功的方式改变内能C．油烟机把油烟吸走，利用流体流速大的地方压强大的原理D．做好的可乐鸡翅香味弥漫整个厨房，说明分子在不停地做无规则运动3．下列图片是2025年深圳体育中考的运动情景，关于体考中的物理知识描述正确的是（）A．图甲中学生在200 mB．图乙中学生完成一次跳绳，克服重力做功大约为250C．图丙中学生投掷出去的实心球运动至最高点时，如果失去外力，实心球将保持静止D．图丁中学生上篮后抛出的篮球，从最高点往下落的过程中，动能保持不变4．新能源汽车越来越普及，比如BYD王朝系列、小米SU7系列等电车深受人们的青睐，相应的也出现大量充电桩。图甲是小米新能源电车，图乙是壁挂式充电桩。下列说法错误的是（）A．使用充电桩给汽车充电时，汽车相当于用电器B．电车行驶时，电池中的化学能直接转化成机械能C．图乙中的一排充电桩之间是并联的D．根据安全用电原则，安装充电桩时，需要同时安装空气开关和漏电保护器5．在深圳共享单车给人们出行提供很多便利，乐乐发现骑共享单车要比普通单车费劲一些。他查阅资料得知：脚蹬单车踏板在驱动自行车前进时，也在转动线圈做切割磁感线运动给自行车的内部电池充电。下图中与上述原理相同的是（）A． B．C． D．6．智能家居带给我们轻松舒适的生活，如图是一款智能扫地机器人，它可以通过手机APP设置清扫区域，自动完成清扫并返回基站充电。以下关于该机器人说法错误的是（）A．扫地机器人使用的电能是二次能源B．机器人摄像头成倒立、缩小的实像C．机器人静止时，受到的重力和支持力是一对相互作用力D．充电时，机器人相对于基站是静止的二、主题二物理与科技发展7．低空经济是一种新型的经济形态。如图是一架eVTOL（电动垂直起降飞行器）靠升力悬停在空中，请在O点画出飞行器的受力示意图。8．深圳湾人才公园定期举行无人机和灯光秀表演，为市民游客展示深圳科技的“硬核力”！如图所示，湖面上“春笋”的倒影是光的形成的；当无人机向上升高时，在水中的像（选填“变大”“不变”或“变小”）；当游客取下近视眼镜后，“春笋”的像成在视网膜的（选填“前方”或“后方”）。9．如图是搬运建筑材料使用的大型吊装机滑轮组简图。在拉力F作用下，将重力为2.7×103N的建材竖直向上匀速吊起10（1）滑轮A相当于杠杆；（2）拉力F大小为N，该过程中滑轮组的机械效率是。10．华为最新款手机Mate70RS全球发布，其中内置的麒麟9020芯片是由（选填“导体”“半导体”或“超导体”）材料制成的。电池容量约6000mA·h，额定电压3.7V，支持100W有线超级快充和80W无线快充。“超级快充”的“快”是指（填写物理量），若采用有线快充方式给电池充电，则充满需要的时间是s。三、主题三物理与实验探究11．乐乐使用下图所示的实验装置测量家中香醋的密度。（1）将天平放在水平桌面上，游码拨至标尺左端零刻度线处，然后调节，直至天平平衡；（2）以下实验操作的正确顺序是①将烧杯中的部分香醋倒入量筒，测出这部分香醋的体积V，如图乙；②将待测香醋倒入烧杯中，用天平测出烧杯和香醋的总质量m1③用天平测量烧杯和剩余香醋的总质量m2按照正确步骤测算出香醋的密度为kgm（3）若将香醋倒入量筒时有香醋溅出，则测得的香醋密度值相比真实值会（选填“偏大”“偏小”或“准确”）。（4）爱思考的乐乐认为使用如图丙所示的实验装置也能测出香醋的密度，实验步骤如下：a．在圆柱木棒底部插入小铁钉，用刻度尺测出木棒的总长度L；b．将木棒放入水中静止时，用刻度尺测出木棒露出水面的长度L1c．将木棒放入香醋中静止时，用刻度尺测出木棒露出香醋液面的长度L2d．根据测量数据计算出香醋的密度。①实验中给木棒底部插入小铁钉的目的是；②该实验中，香醋的密度ρ香醋=。（用所测物理量和12．在近期的中考复习中，乐乐对电学部分实验进行了系统梳理和归纳。【实验一】探究“电流与电阻的关系”时，实验器材有：电源（三节新电池串联）、电流表、电压表、滑动变阻器、定值电阻5个（5Ω、10Ω、15Ω、20（1）请将图甲中的电路连接完整，要求在闭合开关前，滑动变阻器滑片P移向最右端；（2）闭合开关S后，缓慢移动滑片P，发现电流表指针无明显变化，但电压表示数接近4.5V，此故障的原因可能是（3）如图乙所示，排除故障后闭合开关移动滑片P到某一位置时，电流表的示数为；（4）如图丙是根据实验数据画出的定值电阻的I−R图像，由此分析：定值电阻两端的电压为；（5）在实验过程中，使用的滑动变阻器阻值范围为。【实验二】“测量小灯泡电阻”的实验时，乐乐将图甲中的定值电阻换成额定电压为2.5V的小灯泡，移动滑片P记录多组实验数据如图丁所示。（6）他发现小灯泡的I−U图像不是正比例函数，其原因是；（7）利用图丁中的数据可知，小灯泡正常发光的电阻为Ω（结果保留一位小数）；（8）当小灯泡正常发光时，图丁中阴影部分面积大小表示的物理意义是。四、主题四物理与工程技术13．2025年4月19日，全球首个人形机器人半程马拉松在北京成功举办，机器人“天工Ultra”身高约180 cm，体重55kg，双脚与地面的总接触面积为0.04 m2（1）“天工Ultra”跑完半马全程的平均速度是多少m/s（结果保留一位小数）；（2）“天工Ultra”所受重力；（3）“天工Ultra”双脚站立时，对水平地面的压强。14．如图甲是一款家用暖菜板，其内部简化电路如图乙，R1和R2均为电热丝，高温挡额定电功率为440W，且R2的阻值是R1的3倍。图丙是在一次就餐使用过程中暖菜板功率与时间的图像。求：（1）暖菜板在高温挡正常工作时，通过电路的电流是多少；（2）正常工作时，暖菜板低温挡的功率为多大；（3）如图丙所示，在某次就餐过程中共消耗多少电能？15．综合实践活动：项目式学习小组设计—智能冷库系统【任务与要求】：海鲜保存通常要求冷库温度维持在18℃∼25℃，这样才能保证海鲜的品质和口感，请为某海鲜市场设计一款智能冷库系统。【设计电路】：设计温控系统，温控系统的原理如甲图所示，控制电路的电源电压为6 V，热敏电阻R随温度的变化情况如乙图所示。当冷库温度达到−18℃时，衔铁刚好被吸下来，制冷系统启动工作；当冷库温度达到−25℃时，衔铁刚好被弹回去，绿灯亮。已知制冷系统工作的额定功率为1000【项目实施】（1）由甲图可知，电磁铁的上端是极，当冷库温度升高时，电磁铁的磁性（选填“增强”“不变”或“减弱”）；（2）当冷库温度在－18℃时，电磁铁线圈电阻忽略不计，则控制电路的电流大小是A；（3）查阅资料得知制冷系统选择水作为冷却介质，是因为；【设计评价】（4）若长时间工作后，控制电路的电压小于6 V时，则制冷系统启动工作将−18℃（5）在某次制冷过程中，制冷系统正常工作2h，将体积为30 m3的冷库温度从室温20℃下降至−20℃，则制冷系统的能量转化效率是。[16．【项目背景】我国全海深载人潜水器“奋斗者”号（如图甲所示），在世界最深的马里亚纳海沟成功坐底，刷新载人深潜10000米的新纪录。物理项目式学习小组的成员也想设计出一艘属于自己的潜水艇。（其中ρ海水=1.0×103kg/m3，g=10N/kg）（1）在深度为10000m的海水底，“奋斗者”号潜水器受到的液体压强为Pa。【项目设计思路】利用硬质塑料瓶制作潜水艇，塑料瓶厚度不计，两个舱之间密封不连通，其中在生活舱中装有配重。水舱与注射器通过塑料软管相连，通过移动注射器活塞可以实现潜水器的浮沉，模型如图乙。（2）潜水艇是通过来实现浮沉状态的改变。（3）如图丙所示，若潜水艇从水下B处上浮到水面A处的过程中，其浮力变化情况是。【项目实施】（4）如图乙所示，是某同学用硬质塑料瓶制作的潜水艇，其中总质量为0.5kg，总体积650cm3。若想让该潜水艇在水中实现悬浮，则需往水舱内注入水的体积是cm3。【项目评价】自制潜水艇评价量表：

自制潜水艇评价量表验收等级合格待改进功能仓分区设计生活舱和水舱独立分开，生活舱不进水生活舱和水舱独立分开，生活舱不进水浮沉情况潜水艇能顺利实现下潜、上浮、悬浮、漂浮潜水艇不能实现下潜、上浮、悬浮、漂浮（5）请根据上述评价量表中的指标，你对第（4）小问中该同学制作的潜水艇进行验收，其验收等级为，进一步给出的优化建议：。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】A．蓝牙骨传导耳机是利用电磁波与手机进行无线通讯，故A错误；B．骨传导耳机是利用固体介质传播声音，故B正确；C．人戴着耳机也能分辨出周围不同人说话的声音，是根据声音的音色判断的，故C错误；D．如果耳机播放的音乐妨碍了人们正常休息、学习和工作或对人们要听的声音产生了干，则耳机播放的音乐也是噪声，故D错误。故选B。

【分析】1.手机是利用电磁波来传递信息；

2.声音的传播需要介质；

3.不同发声体发出的声音音色不同，根据音色可以辨别不同的发声体；

4.从环境保护的角度看，凡是妨碍人们正常休息、学习和工作的声音，以及对人们要听的声音产生干扰的声音，都属于噪声。2．【答案】D【解析】【解答】A.从冰箱冷冻室里拿出来的鸡翅要提前解冻，是熔化现象，故A错误；

B.鸡翅从生做到熟，主要是利用热传递的方式改变内能，故B错误；

C.油烟机把油烟吸走，利用流体流速大的地方压强小的原理，故C错误；

D.做好的可乐鸡翅香味弥漫整个厨房，属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故D正确。

故选D。

【分析】（1）物质由固态变成液态的过程叫熔化，熔化需要吸热；

（2）改变内能的方式有做功和热传递；

（3）流体的流速越大的位置，压强越小；流体的流速越小的位置，压强越大；

（4）扩散现象表明，一切物质的分子都在不停的做无规则运动。3．【答案】A【解析】【解答】A．穿钉鞋是通过增大接触面的粗糙程度来增大与跑道的摩擦力，故A正确。B．中学生的质量约为50kg，一次跳绳重心上升高度约为h=5cm=0.05m，则克服重力做功为：

故B错误；C．根据牛顿第一定律，一切物体在不受任何外力作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。实心球运动至最高点时，竖直方向速度为0，但水平方向仍有速度，如果失去外力，则实心球将沿水平方向做匀速直线运动，故C错误；

D、篮球从最高点往下落的过程中，质量不变，速度逐渐增大，其动能逐渐增大，故D错误。故选A。

【分析】1.摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，增大压力、增大接触面的粗糙程度可以增大摩擦；

2.通过生活经验可知学生的质量和重心上升的高度，根据W=Gh=mgh求出完成一次跳绳克服重力做功；

3.根据牛顿第一定律，一切物体在不受任何外力作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。

4.篮球从最高点往下落的过程中，质量不变，速度逐渐增大，动能逐渐增大。4．【答案】B【解析】【解答】A、使用充电桩给汽车充电时，将电能转化为化学能，所以汽车电池相当于用电器，故A正确；

B、电车行驶时，电池中的化学能转化为电能，带动电动机工作，将电能转化为机械能，故B错误；

C、各充电桩之间可以独立工作，互不影响，是并联的，故C正确；

D、安装充电桩时，需要同时安装空气开关和漏电保护器，既可以保证不会因为电流过大引起火灾，又可以避免触电事故的发生，故D正确。

故选B。【分析】1.充电桩给汽车充电时，将电能转化为化学能，汽车电池相当于用电器；

2.电车行驶时，电池中的化学能转化为电能；

3.充电桩之间互不影响，是并联的；

4.安装充电桩时，需要同时安装空气开关和漏电保护器。5．【答案】D【解析】【解答】脚蹬单车踏板在驱动自行车前进时，也在转动线圈做切割磁感线运动给自行车的内部电池充电，利用的是电磁感应的原理；

A.图中验电器的原理是同种电荷相互排斥，故A不符合题意；

B.图中是奥斯特实验，说明电流周围存在磁场，故B不符合题意；

C.图中有电源，演示的是通电导体在磁场里受到力的作用，是电动机的原理，故C不符合题意

D.图中没有电源，演示电磁感应现象的，发电机的工作原理根据的就是电磁感应现象，故D符合题意。

故选D。

【分析】1.发电机的工作原理是电磁感应，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流；

2.奥斯特实验，说明通电导体周围存在着磁场，磁场方向与电流方向有关；

3.验电器的原理是同种电荷相互排斥；

4.电动机的原理：通电导体在磁场里受到力的作用。6．【答案】C【解析】【解答】A．扫地机器人使用的电能是二次能源，故A正确；B．机器人的摄像头成像时，物距远大于像距，成倒立、缩小的实像，故B正确；C．机器人静止时，受到的重力和支持力大小相等，方向相反，作用在同一直线上，是一对平衡力，故C错误；D．充电时，机器人相对于基站位置不变，所以机器人相对于基站是静止的，故D正确。故选C。

【分析】1.能够直接从自然界中得到的能源叫一次能源；电能是二次能源；

2.凸透镜到物体的距离大于两倍焦距时，成倒立、缩小的实像；

3.二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上；

4.物体相对参照物的位置变化了，物体是运动的；物体相对参照物的位置不变，物体是静止的。7．【答案】【解析】【解答】悬停在空中的飞行器，在重力和空气对其向上的升力的作用下处于平衡状态，则这两个力是一对平衡力，其大小相等、方向相反，飞行器的重心在O点，过重心O作竖直向下的重力G和竖直向上的升力F，如图所示：

【分析】悬停在空中的飞行器，处于平衡状态，根据重力的方向是竖直向下和升力的方向是竖直向上的，过飞行器的重心表示出飞行器所受升力和重力的方向。8．【答案】反射；不变；前方【解析】【解答】平静的湖面相当于平面镜，所以湖面上“春笋”的倒影是光的反射形成的。

平面镜成像时，像和物体大小相等，所以当无人机向上升高时，在水中的像大小不变。近视眼是因为晶状体太厚或眼球太长，像成在视网膜的前方，所以游客取下近视眼镜后，“春笋”的像成在视网膜的前方。

【分析】1.平面镜成像的原理：光的反射；

2.平面镜成像的特点：物体在平面镜中成虚像，物与像的大小相等，物与像对应点的连线与镜面垂直，物与像到平面镜的距离相等；

3.近视眼是因为晶状体太厚或眼球太长，像成在视网膜的前方。9．【答案】（1）等臂（2）1000；90%【解析】【解答】（1）由图可知，滑轮A是定滑轮，相当于等臂杠杆。（2）建材的重力G=2.7×103N动滑轮重力G动=300N，由图可知，动滑轮上绳子的段数n=3，不计绳重与摩擦，则拉力F该过程中滑轮组的机械效率为；

η=W有W总=GhFs=（1）滑轮A是定滑轮，相当于等臂杠杆，不省力，但是可以改变力的方向。（2）[1][2]由图可知，滑轮组有效绳子段数n=3，不计绳重与摩擦，拉力F大小为F=该过程中滑轮组的机械效率η=10．【答案】半导体；电功率；799.2【解析】【解答】麒麟9020芯片是由半导体材料制成的。

“超级快充”的“快”表示电流做功较快，指电功率。

电池容量约6000mA•h，额定电压3.7V，它能储存的电能为：

W=UIt=3.7V×6A×3600s=79920J

若采用有线快充方式给电池充电，则充满需要的时间为：

t=WP=79920J100W=799.2s11．【答案】（1）平衡螺母（2）②①③；1.04×（3）偏大（4）降低木棒的重心或使木棒在液体中竖直漂浮；ρ【解析】【解答】（1）把天平放在水平台面上，游码移至标尺左侧零刻度线处，然后调节平衡螺母使指针对准分度盘中央的刻度线。（2）测量液体的密度时，应该首先测量烧杯和香醋的总质量m1，把适量的香醋倒入量筒中，读出其体积V，再测量出烧杯和剩余香醋的质量m2，故操作的正确顺序是：②①③；

图甲中烧杯和香醋的总质量为：

m1=50g+10g+2g=62g

则量筒中香醋的质量为：

m=m1-m2=62g-30.8g=31.2g

由图乙知量筒中香醋的体积为：

V=30mL=30cm3则香醋的密度为：

ρ=（3）若将香醋倒入量筒时有香醋溅出，导致香醋的体积变小，根据ρ=m（4）①实验中给木棒底部插入小铁钉的目的是：降低木棒的重心或使木棒在液体中竖直漂浮；

②密度计在水中和在香醋中都漂浮，根据漂浮条件，受到的浮力都等于重力，所以密度计在水中和在液体中受到的浮力相等，即F水浮=F香醋浮，设密度计的横截面积为S，密度计浸入水中的深度为：

h水=L-L1

密度计浸入液体中的深度为：

h香醋=L-L2

根据阿基米德原理得：ρ水gSh水=ρ香醋gSh香醋，即ρ水gS（L-L1）=ρ香醋gS（L-L2）解得香醋的密度为：ρ香醋=ρ水L−L1L−L2

【分析】（1）测量前应先把天平放在水平台面上，再将游码调回零刻度，再根据指针情况调节平衡螺母，直到天平平衡；

（2）先测烧杯和香醋的总质量，再测烧杯和剩下香醋的质量，这样算出的质量便是量筒中香醋的质量，从而避免因烧杯中香醋倒不干净而使香醋的体积偏小；

量筒中醋的质量，应用烧杯和香醋的总质量m1减去烧杯与剩余醋的质量m2，可用密度的公式ρ=（1）调节天平时，首先要将天平放在水平桌面上，再将游码归零，即游码移至零刻度线处，然后根据指针的位置，移动平衡螺母来实现横梁的平衡。（2）[1]测量液体的密度时，在测量质量的过程中，为了防止液体沾杯，应该首先测量烧杯和香醋的总质量m1，把适量的香醋倒入量筒中，读出其体积V，再测量出烧杯和剩余香醋的质量m2，故操作的正确顺序是②①③。[2]量筒的分度值为1mL，量筒中香醋的体积为V=30mL=30cm3由图甲可知，标尺的分度值为0.2g，游码对应的刻度值为2g，则烧杯和香醋的总质量m1=50g+10g+2g=62g烧杯和剩余香醋的质量m2=30.8g，则量筒中香醋的质量为m=m1-m2=62g-30.8g=31.2g则香醋的密度为ρ=（3）若将香醋倒入量筒时有香醋溅出，则烧杯和剩余香醋的质量比真实值偏小，则通过计算得到的量筒中香醋的质量比真实值偏大，由ρ=m（4）[1]实验中给木棒底部插入小铁钉，使木棒的重心降低，将木棒放入液体中静止时，木棒能在液体中竖直漂浮。[2]将木棒放入水中静止时，用刻度尺测出木棒露出水面的长度L1，将木棒放入香醋中静止时，用刻度尺测出木棒露出香醋液面的长度L2由阿基米德原理可得ρ设木棒的底面积为S，则有ρ解得香醋的密度ρ12．【答案】（1）（2）电阻R断路（3）0.2A（4）3V（5）2.5Ω~12.5Ω（6）小灯泡的电阻随温度的升高而增大（7）8.3Ω（8）滑动变阻器的电功率【解析】【解答】（1）在闭合开关前，为保护电路，变阻器连入电路的电阻最大，由于将滑动变阻器滑片P移向最右端可知，应将滑动变阻器左下接线柱连入电路中，如图所示：（2）闭合开关S后，缓慢移动滑片P，发现电流表指针无明显变化，电路可能断路，但电压表示数接近4.5V，电压表与电源连通，所以故障的原因可能是R断路。（3）如图乙所示，电流表量程是0~0.6A，分度值是0.02A，示数为0.2A。（4）由图丙的I−R图像可知，当R=5Ω时，通过其的电流I=0.6A，则定值电阻R两端的电压为：U（5）根据串联电路电压的规律可知，滑动变阻器分得的电压为：

U滑=U-U定=4.5V-3V=1.5V

可知滑动变阻器分得的电压是定值电阻两端电压的0.5倍，根据分压原理可知，当接入5Ω电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为：

R滑=0.5×5Ω=2.5Ω

当接入25Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：

R滑=0.5×25Ω=12.5Ω

所以在实验过程中，使用的滑动变阻器阻值范围为2.5-12.5Ω。

（6）他发现小灯泡的I-U图像不是正比例函数，其原因是小灯泡的电阻随温度的升高而增大；（7）利用图丁中的数据可知，小灯泡正常发光的电流为0.3A，电阻为：

R=UI=2.5V0.3A≈8.3Ω

（8）当小灯泡正常发光时，图丁中阴影部分面积大小S=UI，根据P=UI可知，表示的物理意义是电功率，P电路=U电源I=4.5V×0.3A表示电路的功率，而P额=UI=2.5V×0.3A表示灯的额定功率，所以该阴影部分面积表示灯正常发光时滑动变阻器的电功率。

【分析】（1）在闭合开关前，为保护电路，变阻器连入电路的电阻最大，据此连接实物图；

（2）闭合开关S后，缓慢移动滑片P，发现电流表指针无明显变化，电路可能断路，但电压表示数接近4.5V，电压表与电源连通，据此分析；

（3）读出电流表的示数；

（4）根据定值电阻的I-R图像得出电阻的电流与电阻之积，即定值电阻两端的电压；（1）探究“电流与电阻的关系”时，定值电阻和滑动变阻器还有电流表串联在电路中，电压表并联在定值电阻两端，滑动变阻器采用一上一下的连接方式，要求闭合开关前，滑动变阻器滑片P移向最右端，即最大阻值处，故电路连接图如下图：（2）闭合开关S后，缓慢移动滑片P，发现电流表指针无明显变化，说明电路断路，但电压表示数接近4.5V（3）如图乙所示，电流表量程是0~0.6A，分度值是0.02A，则电流表示数为0.2A。（4）如图丙所示的I−R图像分析可得，当电阻R的值为5Ω时，通过其电流为0.6A，则由I=UR（5）由题意可知，滑动变阻器与电阻R串联，电源电压为4.5V，电阻R两端的电压保持在3V不变，则根据串联电路电源电压等于各用电器两端电压之和特点，可知滑动变阻器两端的电压为4.5根据串联电路电流处处相等特点可知，U当电阻R为5Ω时，可得R当电阻R为25Ω时，可得R所以在实验过程中，使用的滑动变阻器阻值范围为2.5Ω~12.5Ω。（6）分析图丁可知，小灯泡的I−U图像不是正比例函数，则电压与电流的比值不是定值，小灯泡的阻值发生变化，其原因是小灯泡的电阻随温度的升高而增大。（7）由题意可知，小灯泡在额定电压为2.5V下正常工作，由图丁可知，当小灯泡两端电压为2.5V时，通过其电流为0.3A，由I=UR（8）由题意可知，小灯泡与滑动变阻器串联，电源电压为4.5V，小灯泡两端的电压从0V到2.5V之间变化，根据串联电路分压特点，滑动变阻器两端的电压从2.5V到4.5V之间变化，通过电路的电流变化相同，图丁中阴影部分面积是电压从2.5V到4.5V之间的变化量与电流变化量的乘积，根据P=UI可知，阴影部分面积大小表示的物理意义是滑动变阻器的电功率。13．【答案】（1）解：由题可知s=21km=21000全程的平均速度为；

v=答：“天工Ultra”跑完半马全程的平均速度是2.2 m（2）解：机器人重力为：

G=mg=55kg×10（3）解：机器人静止站立在地面上，对水平地面的压力为：

F=G=550对地面的压强为：

P=答：“天工Ultra”双脚站立时，对水平地面的压强为13750Pa。【解析】【分析】（1）已知“天工Ultra”运动的路程和时间，根据速度公式求出全程的平均速度；（2）已知机器人的质量，根据G=mg求出机器人重力；（3）机器人静止站立在地面上，根据F=G求出机器人对水平地面的压力，根据P=F（1）由题可知s=21km=21000全程的平均速度v=（2）机器人重力G=mg=55（3）机器人静止站立在地面上，对水平地面的压力F=G=550对地面的压强P=14．【答案】（1）解：由题意可知，P高=440W，根据P=UI可得，暖菜板在高温挡正常工作时，通过电路的电流为：

I高=（2）解：由题意可知，当开关S接1时，电阻R1和R2串联，处于低温档；由I=UR可知，R1电阻为：R2电阻为：

R2=3R1=3×110Ω=330Ω总电阻为：

R总=R1+R2=110Ω+330Ω=440Ω正常工作时，暖菜板低温挡的功率为：

P答：正常工作时，暖菜板低温挡的功率为110W；（3）解：由题意可知，就餐过程中，暖菜板的工作情况可分为高温档和低温档两段，高温档工作的时间为：

t1=5min=300s高温档时消耗的电能为：

W1=P高t1=440W×300s=1.32×105J低温档工作的时间为：

t2=(30-5)min=25min=1500s低温档时消耗的电能为：

W2=P低t2=110W×1500s=1.65×105J就餐过程中共消耗的电能为：

W总=W1+W2=1.32×105J+1.65×105J=2.97×105J答：如图丙所示，在某次就餐过程中共消耗2.97×105J电能。【解析】【分析】（1）已知暖菜板在高温挡正常工作时的电压和电功率，根据I高（2）当开关S接1时，电阻R1和R2串联，处于低温档；当开关S接2时，只有电阻R1接入电路，处于高温档，已知电源电压和高温档电流，根据R1=UI高求出R1（3）结合图丙，根据W=Pt分别求出暖菜板在高温挡和低温挡消耗的电能，进而求出就餐过程中共消耗多少电能。（1）由题意可知，P高=440W，根据P=UI可得，暖菜板在高温挡正常工作时，通过电路的电流是I（2）由题意可知，当开关S接1时，电阻R1和R2串联，处于低温档；由I=UR可知，R1R2电阻为R2=3R1=3×110Ω=330Ω总电阻为R总=R1+R2=110Ω+330Ω=440Ω正常工作时，暖菜板低温挡的功率为P（3）由题意可知，就餐过程中，暖菜板的工作情况可分为高温档和低温档两段，高温档时t1=5min=300s高温档时消耗的电能为W1=P高t1=440W×300s=1.32×105J低温档时t2=(30-5)min=25min=1500s低温档时消耗的电能为W2=P低t2=110W×1500s=1.65×105J就餐过程中共消耗的电能为W总=W1+W2=1.32×105J+1.65×105J=2.97×105J15．【答案】（1）N；增强（2）0.06（3）水的比热容较大（4）高于（5）21%【解析】【解答】（1）由图甲可知，电流从电磁铁的下端流入，上端流出，根据安培定则可知，电磁铁的上端是N极。

由图乙可知，当冷库温度升高时，热敏电阻的阻值减小，根据欧姆定律可知，控制电路中的电流变大，所以电磁铁的磁性增强。（2）当冷库温度在-18℃时，此时热敏电阻的阻值为100Ω，电磁铁线圈电阻忽略不计，则控制电路的电流大小是：

I=（3）质量相同的不同物质，温度变化相同时，比热容较大的物质吸收或放出的热量较多。查阅资料得知制冷系统选择水作为冷却介质，是因为水的比热容较大。（4）若长时间工作后，控制电路的电压小于6V时，控制电路的工作电流不变，此时电路中的电阻应该减小，根据热敏电阻的特点，则制冷系统启动工作将高于-18℃（5）冷系统正常工作2h，消耗的电能为：

W=pt=1000W×2h=1000W×2×3600s=7.2×106J

空气的质量为：

m=ρ空气V=1.25kg/m3×30m3=37.5kg

冷库温度从室温20℃下降至-20℃，放出的热量为：

Q=c（1）[1]由电源正负极可判断出螺线管正面电流都是向右，根据右手螺旋定则可知，电磁铁上端是N极。[2]根据乙图可以看出，温度升高，电阻R减小，通过电磁铁的电流增大，电磁铁的磁性增强。（2）由乙图可知，当冷库温度在－18℃时，电阻R=100Ω，由甲图可知，控制电路的电压U=6（3）制冷系统选择水作为冷却介质，吸收相同热量时，水的温度变化较小，能够高效地带走热量‌，是因为水的比热容较大。（4）若长时间工作后，控制电路的电压小于6 V时，制冷系统启动工作的电流不变，根据R=UI可知，电阻R小于100（5）30 m空气降低的温度为Δ空气放出