高二物理上学期期末真题分类汇编《电磁感应》含答案

高中物理专题18电磁感应 考点一楞次定律1．（2024·云南期末）实验发现，“钇钡铜氧”合金在液氮温度下电阻几乎为零。在课堂上，物理老师把条形磁铁N极朝下竖直放在讲桌上，把从液氮中取出的“钇钡铜氧”合金圆环平放在条形磁铁S极正上方，发现“钇钡铜氧”合金圆环悬浮在磁铁的上方，如图所示。下列说法正确的是（

）A．“钇钡铜氧”合金圆环中产生顺时针（俯视）的感应电流B．“钇钡铜氧”合金圆环中产生逆时针（俯视）的感应电流C．“钇钡铜氧”合金圆环受到的安培力的合力大于所受重力D．“钇钡铜氧”合金圆环受到的安培力的合力小于所受重力2．（2024·泉州期末）图甲为某无线门铃，其工作原理如图乙所示。按下门铃按钮，磁铁靠近螺线管；松开门铃按钮，磁铁远离螺线管，回归原位置。则（

）A．按住按钮不动，门铃可以持续响B．按下按钮过程，螺线管A端电势较高C．松开按钮过程，通过门铃的电流方向是A到BD．快速按下按钮与缓慢按下按钮，螺线管产生的电流大小相同3．（2024·东城期末）金属线框与一长导线在同一平面内，导线通有恒定电流。线框由图中位置Ⅰ匀速运动到位置Ⅱ。在此过程中，有关穿过线框的磁通量与感应电流的方向，下列说法正确的是（）A．垂直纸面向里的磁通量增大，感应电流方向沿B．垂直纸面向里的磁通量减小，感应电流方向沿C．垂直纸面向外的磁通量增大，感应电流方向沿D．垂直纸面向里的磁通量减小，感应电流方向沿4．（2024·威海期末）如图所示，线圈M与电源、开关和滑动变阻器组成回路，线圈N与电流计G相连，当电流从电流计的正接线柱流入时，电流计指针向左偏转。以下操作过程可以观察到电流计指针向左偏转的是（）A．闭合开关的瞬间B．开关闭合后，滑片P向左匀速移动C．开关闭合后，滑片P向左加速移动D．开关闭合后，线圈M与N相互远离5．（2024·阜阳期末）如图所示，是矩形导线框的对称轴，线框左半部分处于垂直纸面向外的匀强磁场中。下列说法正确的是（）A．将线框向右匀减速平移，线框中产生的感应电流方向为B．将线框向纸面外平移，线框中产生的感应电流方向为C．将线框以为轴向外转动60°，线框中产生的感应电流方向为D．将线框以为轴向里转动，线框中产生的感应电流方向为6．（2024·广安期末）如图甲所示，绝缘水平桌面上放置一铝环Q，在铝环的正上方附近放置一个螺线管P。设电流从螺线管a端流入为正，在螺线管中通入如图乙所示的电流，则以下说法中正确的是（）A．0~1s内，铝环面积有扩张的趋势B．1s末，铝环对桌面的压力大于铝环的重力C．1．5s末、2．5s末两时刻，铝环中的电流方向相反D．0~2s内，铝环中的电流先沿顺时针、后沿逆时针方向（俯视）考点二涡流电磁阻尼电磁驱动7．（2024·宁波期末）一辆货车将若干电流表运往宁波某中学（右图为电流表内部结构），为了防止在运送过程中电流表指针的晃动，现用导线将两个接线柱连接起来，请问连接哪两个接线柱效果最佳（

）A．连接接线柱“-”与接线柱“0.6” B．连接接线柱“-”与接线柱“3”C．连接接线柱“0.6”与接线柱“3” D．把接线柱“0.6”接地8．（2024·赤峰期末）为了使灵敏电流计的指针在零刻度附近快速停下，实验小组的同学利用“电磁阻尼”来实现。他们设计了如图所示的甲、乙两种方案。甲方案：在指针转轴上装上扇形铝板，磁场位于铝板中间；乙方案：在指针转轴上装上扇形铝框，磁场位于铝框中间。下列说法正确的是（

）A．甲方案中，铝板摆动时磁通量不变，不会产生感应电流B．甲方案中，铝板摆动时能产生涡流，起到电磁阻尼的作用C．乙方案中，铝框小幅度摆动时会产生感应电流D．乙方案比甲方案更合理9．（2024·淄博期末）如图甲所示为淄博市科技馆的“磁阻尼摆”，支架中间设置永磁体构成的磁场，磁场中分别悬挂着由铝片和塑料片制成的摆，其示意图如图乙所示，将铝摆拉到某一位置由静止释放、发现铝摆很快就停下来。下列说法正确的是（

）A．同样条件下，用塑料摆做实验比用铝摆能够更快停下来B．铝摆摆动过程中，摆片中产生涡流，受到阻碍其运动的安培力作用，使之很快停下来C．塑料摆摆动过程中，摆片中也会产生涡流D．若所加磁场反向，铝摆摆片将受到安培力的驱动，摆动加快10．（2024·重庆期末）关于教材中的四幅插图，下列说法正确的是（）A．图甲：当摇动手柄使得蹄形磁铁转动，铝框会反向转动B．图乙：给真空冶炼炉通入高频交流电，通电的导线会产生大量热量，从而冶炼金属C．图丙：在蹄形磁铁两极间自由转动的铜盘，如果忽略摩擦，铜盘会一直转动下去D．图丁：微安表的表头在运输时要把两个正、负接线柱用导线连在一起从而保护电表指针，这是利用了电磁阻尼原理11．（2024·桂林期末）考生入场时，监考老师要用金属探测器对考生进行安检后才允许其进入考场。探测器内有通电线圈，当探测器营近金属材料物体时，就会引起探测器内线圈中电流变化，报警器就会发出警报；靠近非金属物体时则不发出警报。关于探测器主要利用的原理正确的是（）A．牛顿运动定律 B．动量守恒定律C．法拉第电磁感应定律 D．热力学定律12．（2024·上饶期末）学完电磁感应涡流的知识后，某个同学回家制作了一个简易加热器，如图所示，在线圈上端放置一盛有冷水的金属杯，现接通交流电源，过了几分钟，杯内的水沸腾起来。若要缩短上述加热时间，下列措施可行的是（）A．将金属杯换为陶瓷杯 B．增加线圈的匝数C．取走线圈中的铁芯 D．将交流电源换成电动势更大的直流电源13．（2024·温州期末）高达632米的上海中心大厦，在工程师的巧妙设计下，它能抵挡15级大风，位于第126层的“电涡流摆设式调谐质量阻尼器”起到了关键作用。这款阻尼器由我国自主研发，重达1000吨，在大厦受到风力作用摇晃时，阻尼器质量块由于惯性产生反向摆动，在质量块下方圆盘状的永磁体与楼体地板正对，由于电磁感应产生涡流，从而使大厦减振减摆，其简化示意图如图所示。下列关于该阻尼器的说法正确的是（

）A．质量块下方相对的地板可以是导体也可以是绝缘体，对减振效果没有影响B．阻尼器的振动频率取决于自身的固有频率C．大厦受到风力作用摇晃时，阻尼器质量块的振动频率小于大厦的摇晃频率D．地板随大厦摇晃时，在地板内产生涡流，使大厦摇晃的机械能最终转化为热能考点三互感和自感14．（2024·江苏期末）如图1所示，大功率家用电器的插头常配备漏电保护装置，工作原理如图2所示，其中“零序电流互感器”可视为闭合铁芯。正常用电时，火线和零线的电流等大反向；出现漏电时，快速响应电路能够在毫秒级的时间内检测到漏电并触发断路器，使触头弹起从而自动切断电源。下列说法中正确的是（）A．漏电保护装置利用的原理是互感现象B．图2中零线应该置于互感器的外面，否则无法正常使用C．正常用电时，M和N两点之间没有电压D．出现漏电时，M和N两点之间没有电压15．（2024·怀柔期末）在如图所示的电路中，和是两个相同的灯泡。线圈L的自感系数足够大，电阻可以忽略不计，下列说法正确的是（）A．闭合开关S时，和同时亮B．闭合开关S时，先亮，逐渐变亮，稳定时亮度相同C．断开开关S时，闪亮一下再熄灭D．断开开关S时，流过的电流方向向左16．（2024·广州期末）某同学为了观察断电自感现象，找来带铁芯线圈L、小灯泡A、开关S和电池组E，用导线将它们连成如图电路。检查电路后，闭合开关S，小灯泡正常发光；再断开开关S，小灯泡未能出现闪亮现象。你认为可能的原因是（

）A．线圈的电阻偏大 B．小灯泡的电阻偏大C．电源的电动势偏小 D．线圈的自感系数偏大17．（2024·扬州期末）如图所示是研究自感现象的电路图，L是自感系数很大的线圈，其直流电阻几乎为零，两个灯泡A、B完全相同，下列说法正确的是（）A．开关闭合瞬间，灯B不亮 B．电路稳定时，灯A、B一样亮C．开关断开瞬间，流过灯B的电流向左 D．开关断开瞬间，灯A、B同时熄灭18．（2024·威海期末）（多）如图所示的电路中，L为自感系数很大的线圈，其自身的电阻几乎为0，A、B和C是三只相同的小灯泡，S为开关。下列说法正确的是（）A．S闭合瞬间，A立即发光，B和C逐渐变亮B．S断开后，A闪亮后熄灭，B逐渐熄灭，C立即熄灭C．S断开后，L中的磁场能转化为电能D．S断开瞬间，A右端电势高于左端19．（2024·泉州期末）（多）如图所示，a、b灯分别标有“3.6V，2.5W”和“3.6V，4.0W”，闭合开关，调节R，能使a、b都正常发光。断开开关后重做实验，则（）

A．闭合开关，a将慢慢亮起来，b立即达到最亮B．闭合开关，a、b立即达到最亮C．断开开关，a逐渐熄灭，b灯闪亮一下再熄灭D．断开开关，a、b都逐渐熄灭20．（2024·宣城期末）（多）如图所示，某同学利用电压传感器来研究电感线圈工作时的特点。图甲中三个灯泡完全相同，不考虑温度对灯泡电阻的影响。在闭合开关S的同时开始采集数据，当电路达到稳定状态后断开开关。图乙是由传感器得到的电压u随时间t变化的图像。不计电源内阻及电感线圈L的直流电阻。下列说法正确的是（

）A．开关S闭合瞬间，流经灯和的电流相等B．开关S闭合瞬间至断开前，流经灯的电流保持不变C．开关S断开瞬间，灯闪亮一下再熄灭D．根据题中信息，可以推算出图乙中21．（2024·西安期末）（多）在如图所示的电路中，L是自感系数足够大的线圈，它的电阻可忽略不计，和是两个完全相同的小灯泡，下列说法正确的是（）A．当闭合开关S时，、同时亮，最后两灯一样亮B．闭合开关S后，亮后逐渐变暗，亮后逐渐变亮C．当断开开关S时，两灯同时熄灭D．断开开关S时，立即熄灭，亮一下然后逐新熄灭22．（2024·通化期末）如图所示装置中，平行导轨光滑、水平放置，cd杆原来静止。当ab杆做如下哪种运动时，cd杆将向左移动（）A．向左加速运动 B．向左减速运动 C．向右加速运动 D．向右匀速运动23．（2024·黄冈期末）如图所示，置于匀强磁场中的金属圆盘中央和边缘各引出一根导线，与套在铁芯上部的线圈A相连，套在铁芯下部的线圈B引出两根导线接在两根水平光滑导轨上，导轨上有一根金属棒ab静止处在垂直于纸面向外的匀强磁场中，下列说法正确的是（）A．圆盘顺时针加速转动时，ab棒将向右运动B．圆盘逆时针减速转动时，ab棒将向右运动C．圆盘顺时针匀速转动时，ab棒将向右运动D．圆盘逆时针加速转动时，ab棒将向右运动24．（2024·南通期末）如图所示，用丝线将一个圆形金属板悬于O点，竖直虚线左边有垂直于纸面向外的匀强磁场，而右边没有磁场，不计空气阻力，现将金属板从图示位置由静止释放，金属板面在摆动过程中始终与磁场垂直．下列说法正确的是（

）A．金属板离开磁场时板内不产生感应电流，进入磁场时板内产生感应电流B．板内始终不能产生感应电流，金属板摆动不会停止C．金属板的摆动幅度逐渐减小，摆动一段时间后会停止D．板内虽然能产生感应电流，但受到的安培力合力为零，故金属板摆动幅度不会改变25．（2024·沙坪坝期末）如图甲所示，一个匝数的圆形导体线圈，总电阻，在线圈内存在面积为且垂直线圈平面的匀强磁场区域，外电路中灯、的电阻始终为6Ω（可忽略温度对电阻影响），L是自感系数很大、直流电阻可忽略的自感线圈。时刻闭合开关S，同时控制线圈内的磁感应强度B随时间t变化的规律如图乙（取垂直线圈平面向外的磁场方向为正），则下列说法正确的是（）A．0~8s通过灯L的电流方向始终为B．若时断开开关，灯会立马熄灭C．由于自感线圈的存在，灯的亮度始终比灯亮D．2~4s内灯产生的热量为3J26．（2024·宁波期末）如图所示，某同学利用电压传感器来研究电感线圈工作时的特点。图甲中三个灯泡完全相同，不考虑温度对灯泡电阻的影响。在闭合开关S的同时开始采集数据，当电路达到稳定状态后断开开关。图乙是由传感器得到的电压随时间变化的图像。不计电源内阻及电感线圈的电阻。下列说法正确的是（）A．开关S闭合瞬间，流经灯和的电流相等B．开关S闭合瞬间至断开前，流经灯的电流保持不变C．开关S断开瞬间，灯闪亮一下再熄灭D．根据题中信息，可以推算出图乙中

专题18电磁感应 考点一楞次定律1．（2024·云南期末）实验发现，“钇钡铜氧”合金在液氮温度下电阻几乎为零。在课堂上，物理老师把条形磁铁N极朝下竖直放在讲桌上，把从液氮中取出的“钇钡铜氧”合金圆环平放在条形磁铁S极正上方，发现“钇钡铜氧”合金圆环悬浮在磁铁的上方，如图所示。下列说法正确的是（

）A．“钇钡铜氧”合金圆环中产生顺时针（俯视）的感应电流B．“钇钡铜氧”合金圆环中产生逆时针（俯视）的感应电流C．“钇钡铜氧”合金圆环受到的安培力的合力大于所受重力D．“钇钡铜氧”合金圆环受到的安培力的合力小于所受重力【答案】B【详解】AB．“钇钡铜氧”合金圆环悬浮在磁铁的上方，说明受到斥力作用，即“钇钡铜氧”合金圆环中电流产生的磁场方向向上，由安培定则可判断出“钇钡铜氧”合金圆环中产生逆时针（俯视）的感应电流，故A错误，B正确；CD．由于“钇钡铜氧”合金圆环悬浮在磁铁的上方，说明受力平衡，“钇钡铜氧”合金圆环受到的安培力的合力等于所受重力，故CD错误。故选B。2．（2024·泉州期末）图甲为某无线门铃，其工作原理如图乙所示。按下门铃按钮，磁铁靠近螺线管；松开门铃按钮，磁铁远离螺线管，回归原位置。则（

）A．按住按钮不动，门铃可以持续响B．按下按钮过程，螺线管A端电势较高C．松开按钮过程，通过门铃的电流方向是A到BD．快速按下按钮与缓慢按下按钮，螺线管产生的电流大小相同【答案】C【详解】A．按住按钮不动，通过螺线管的磁通量不会发生变化，因此就不会产生感应电流，门铃就不会响，故A错误；B．按下按钮过程，螺线管中的磁通量要增大，根据楞次定律可知，螺线管中感应电流的磁场要阻碍原磁通量的变化，结合安培定则可知，螺线管中电流的方向是A到B，螺线管相当于电源，因此可知螺线管B端电势较高，故B错误；C．松开按钮过程，通过螺线管的磁通量减小，根据楞次定律可知，螺线管中感应电流的磁场要阻碍原磁通量的变化，结合安培定则可知，螺线管中电流的方向是B到A，通过门铃的电流方向是A到B，故C正确；D．根据法拉第电磁感应定律可知，快速按下按钮，螺线管中磁通量的变化率更大，产生的感应电动势更大，因此产生的感应电流更大，故D错误。故选C。3．（2024·东城期末）金属线框与一长导线在同一平面内，导线通有恒定电流。线框由图中位置Ⅰ匀速运动到位置Ⅱ。在此过程中，有关穿过线框的磁通量与感应电流的方向，下列说法正确的是（）A．垂直纸面向里的磁通量增大，感应电流方向沿B．垂直纸面向里的磁通量减小，感应电流方向沿C．垂直纸面向外的磁通量增大，感应电流方向沿D．垂直纸面向里的磁通量减小，感应电流方向沿【答案】B【详解】由安培定则得，线框所处的导线右侧的磁场为垂直纸面向里，线框由图中位置Ⅰ匀速运动到位置Ⅱ过程中，线框远离导线，线框所处位置的磁场减弱，所以磁通量垂直纸面向里减小，根据楞次定律可知，感应电流方向沿abcda。故选B。4．（2024·威海期末）如图所示，线圈M与电源、开关和滑动变阻器组成回路，线圈N与电流计G相连，当电流从电流计的正接线柱流入时，电流计指针向左偏转。以下操作过程可以观察到电流计指针向左偏转的是（）A．闭合开关的瞬间B．开关闭合后，滑片P向左匀速移动C．开关闭合后，滑片P向左加速移动D．开关闭合后，线圈M与N相互远离【答案】D【详解】A．闭合开关的瞬间，上方回路产生逆时针方向增大的电流，根据右手螺旋定则可知，线圈M中产生向上增大的磁场，所以向上穿过线圈N的磁通量增大，根据楞次定律可知，下方回路产生的感应电流方向为逆时针方向，电流从右向左通过电流计，即指针向右偏转，故A错误；B．开关闭合后，滑片P向左匀速移动，滑动变阻器接入电路的电阻减小，上方回路产生逆时针方向增大的电流，根据右手螺旋定则可知，线圈M中产生向上增大的磁场，所以向上穿过线圈N的磁通量增大，根据楞次定律可知，下方回路产生的感应电流方向为逆时针方向，电流从右向左通过电流计，即指针向右偏转，故B错误；C．开关闭合后，滑片P向左加速移动，滑动变阻器接入电路的电阻减小，上方回路产生逆时针方向增大的电流，根据右手螺旋定则可知，线圈M中产生向上增大的磁场，所以向上穿过线圈N的磁通量增大，根据楞次定律可知，下方回路产生的感应电流方向为逆时针方向，电流从右向左通过电流计，即指针向右偏转，故C错误；D．开关闭合后，线圈M与N相互远离，向上穿过线圈N的磁通量减小，根据楞次定律可知，下方回路产生的感应电流方向为顺时针方向，电流从左向右通过电流计，即指针向左偏转，故D正确。故选D。5．（2024·阜阳期末）如图所示，是矩形导线框的对称轴，线框左半部分处于垂直纸面向外的匀强磁场中。下列说法正确的是（）A．将线框向右匀减速平移，线框中产生的感应电流方向为B．将线框向纸面外平移，线框中产生的感应电流方向为C．将线框以为轴向外转动60°，线框中产生的感应电流方向为D．将线框以为轴向里转动，线框中产生的感应电流方向为【答案】D【详解】A．将线框向右匀减速平移，穿过线圈的磁通量向外减小，根据楞次定律可知，线框中产生的感应电流方向为，故A错误；B．将线框向纸面外平移，穿过线圈的磁通量保持不变，线框中不会产生感应电流，故B错误；C．将线框以为轴向外转动60°，穿过线圈的磁通量保持不变，线框中不会产生感应电流，故C错误；D．将线框以为轴向里转动，将线框以为轴向里转动，穿过线圈的磁通量向外减小，根据楞次定律可知，线框中产生的感应电流方向为，故D正确。故选D。6．（2024·广安期末）如图甲所示，绝缘水平桌面上放置一铝环Q，在铝环的正上方附近放置一个螺线管P。设电流从螺线管a端流入为正，在螺线管中通入如图乙所示的电流，则以下说法中正确的是（）A．0~1s内，铝环面积有扩张的趋势B．1s末，铝环对桌面的压力大于铝环的重力C．1．5s末、2．5s末两时刻，铝环中的电流方向相反D．0~2s内，铝环中的电流先沿顺时针、后沿逆时针方向（俯视）【答案】D【详解】A．0～1s线圈中电流增大，产生的磁场增大，铝环中磁通量增大，有面积缩小趋势，故A错误；B．1s末铝环中感应电流最大，但螺线管中电流为零，没有磁场，与铝环间无相互作用，所以1s末圆环对桌面的压力等于圆环的重力，故B错误；C．1～2s正方向电流减小，2～3s反向电流增大，根据楞次定律，铝环中感应电流的磁场方向不变，感应电流方向不变，故C错误；D．0～1s线圈中电流增大，产生的磁场增大，铝环中磁通量增大，根据楞次定律可知，从上往下看，0～ls内圆环中的感应电流沿顺时针方向；1s～2s线圈中电流减小，产生的磁场减弱，铝环中磁通量减小，根据楞次定律可知，从上往下看，1s～2s内圆环中的感应电流沿逆时针方向；则0~2s内，铝环中的电流先沿顺时针、后沿逆时针方向（俯视）；故D正确。故选D。考点二涡流电磁阻尼电磁驱动7．（2024·宁波期末）一辆货车将若干电流表运往宁波某中学（右图为电流表内部结构），为了防止在运送过程中电流表指针的晃动，现用导线将两个接线柱连接起来，请问连接哪两个接线柱效果最佳（

）A．连接接线柱“-”与接线柱“0.6” B．连接接线柱“-”与接线柱“3”C．连接接线柱“0.6”与接线柱“3” D．把接线柱“0.6”接地【答案】A【详解】电流表晃动使线圈产生感应电动势，根据电流表内部结构可知，当用导线连接接线柱“-”与接线柱“0.6”时，流过表头的电流最大，阻尼效果最好。故选A。8．（2024·赤峰期末）为了使灵敏电流计的指针在零刻度附近快速停下，实验小组的同学利用“电磁阻尼”来实现。他们设计了如图所示的甲、乙两种方案。甲方案：在指针转轴上装上扇形铝板，磁场位于铝板中间；乙方案：在指针转轴上装上扇形铝框，磁场位于铝框中间。下列说法正确的是（

）A．甲方案中，铝板摆动时磁通量不变，不会产生感应电流B．甲方案中，铝板摆动时能产生涡流，起到电磁阻尼的作用C．乙方案中，铝框小幅度摆动时会产生感应电流D．乙方案比甲方案更合理【答案】B【详解】AB．甲方案中，铝板摆动时，扇形铝板的半径切割磁感应线，在铝板内产生涡流，起电磁阻尼的作用，指针能很快停下来，故A错误，B正确；CD．乙方案中，当指针偏转角度较小时，铝框中磁通量不变，不能产生感应电流，起不到电磁阻尼的作用，指针不能很快停下，因此，甲方案更合理，故CD错误。故选B。9．（2024·淄博期末）如图甲所示为淄博市科技馆的“磁阻尼摆”，支架中间设置永磁体构成的磁场，磁场中分别悬挂着由铝片和塑料片制成的摆，其示意图如图乙所示，将铝摆拉到某一位置由静止释放、发现铝摆很快就停下来。下列说法正确的是（

）A．同样条件下，用塑料摆做实验比用铝摆能够更快停下来B．铝摆摆动过程中，摆片中产生涡流，受到阻碍其运动的安培力作用，使之很快停下来C．塑料摆摆动过程中，摆片中也会产生涡流D．若所加磁场反向，铝摆摆片将受到安培力的驱动，摆动加快【答案】B【详解】ABC．将铝摆拉到某一位置由静止释放、发现铝摆很快就停下来是因为电磁阻尼的作用，原理为铝摆摆动过程中，摆片中产生涡流，受到阻碍其运动的安培力作用，使之很快停下来，塑料摆动过程中，由于塑料内部没有自由电子，不能形成涡流，所以用塑料摆做实验不会比用铝摆能够更快停下来，故B正确，AC错误；D．若所加磁场反向，铝摆摆片仍然受到阻碍其运动的安培力作用，会很快停下来，故D错误。故选B。10．（2024·重庆期末）关于教材中的四幅插图，下列说法正确的是（）A．图甲：当摇动手柄使得蹄形磁铁转动，铝框会反向转动B．图乙：给真空冶炼炉通入高频交流电，通电的导线会产生大量热量，从而冶炼金属C．图丙：在蹄形磁铁两极间自由转动的铜盘，如果忽略摩擦，铜盘会一直转动下去D．图丁：微安表的表头在运输时要把两个正、负接线柱用导线连在一起从而保护电表指针，这是利用了电磁阻尼原理【答案】D【详解】A．当摇动手柄使得蹄形磁铁转动，铝框会同向转动，但转得比磁铁慢，故A错误；B．给真空冶炼炉通入高频交流电，炉内的金属中会产生涡流，从而产生大量热量，从而冶炼金属，故B错误；C．在蹄形磁铁两极间自由转动的铜盘，就算摩擦极小，也会因产生感应电流，在电磁阻尼的作用下，而停下，故C错误；D．微安表的表头在运输时要把两个正、负接线柱用导线连在一起（从而保护电表指针）这是利用了电磁阻尼原理，故D正确。故选D。11．（2024·桂林期末）考生入场时，监考老师要用金属探测器对考生进行安检后才允许其进入考场。探测器内有通电线圈，当探测器营近金属材料物体时，就会引起探测器内线圈中电流变化，报警器就会发出警报；靠近非金属物体时则不发出警报。关于探测器主要利用的原理正确的是（）A．牛顿运动定律 B．动量守恒定律C．法拉第电磁感应定律 D．热力学定律【答案】C【详解】当线圈靠近金属物体时，在金属物体中产生涡电流，相当于闭合电路的部分导体在切割磁感线，故在金属中会产生电流，而金属中的电流产生的磁场又引起线圈中的磁通量发生变化，进而引起线圈中电流的变化，报警器发出警报。则探测器主要利用法拉第电磁感应定律。故选C。12．（2024·上饶期末）学完电磁感应涡流的知识后，某个同学回家制作了一个简易加热器，如图所示，在线圈上端放置一盛有冷水的金属杯，现接通交流电源，过了几分钟，杯内的水沸腾起来。若要缩短上述加热时间，下列措施可行的是（）A．将金属杯换为陶瓷杯 B．增加线圈的匝数C．取走线圈中的铁芯 D．将交流电源换成电动势更大的直流电源【答案】B【分析】由题意可知，本题是涡流现象的应用，即采用线圈产生变化的磁场使金属杯产生感应电流，从而进行加热。【详解】A．将金属杯换为陶瓷杯，陶瓷杯不产生感应电流，不会产生涡流，无法加热杯内的水，A不符合题意；B．由法拉第电磁感应定律可知，增加线圈的匝数，可以提高金属杯产生的感应电动势，进而增大金属杯的感应电流，提高加热功率，则可以缩短加热时间，B符合题意；C．取走线圈中的铁芯，线圈产生的磁场减弱，金属杯产生的感应电动势减小，进而金属杯的感应电流减小，加热功率减小，则会增加加热时间，C不符合题意；D．将交流电源换成电动势更大的直流电源，线圈不产生变化的磁场，金属杯不会产生感应电流，不会产生涡流，D不符合题意；故选B。13．（2024·温州期末）高达632米的上海中心大厦，在工程师的巧妙设计下，它能抵挡15级大风，位于第126层的“电涡流摆设式调谐质量阻尼器”起到了关键作用。这款阻尼器由我国自主研发，重达1000吨，在大厦受到风力作用摇晃时，阻尼器质量块由于惯性产生反向摆动，在质量块下方圆盘状的永磁体与楼体地板正对，由于电磁感应产生涡流，从而使大厦减振减摆，其简化示意图如图所示。下列关于该阻尼器的说法正确的是（

）A．质量块下方相对的地板可以是导体也可以是绝缘体，对减振效果没有影响B．阻尼器的振动频率取决于自身的固有频率C．大厦受到风力作用摇晃时，阻尼器质量块的振动频率小于大厦的摇晃频率D．地板随大厦摇晃时，在地板内产生涡流，使大厦摇晃的机械能最终转化为热能【答案】D【详解】A．在质量块下方圆盘状的永磁体与楼体地板相对，由于电磁感应产生涡流，从而使大厦减振减摆，可知该阻尼器为电磁阻尼，只有下方地板是导体时，方可会起作用。故A错误；BC．大厦受到风力作用摇晃时，阻尼器做受迫振动，阻尼器质量块的振动频率等于大厦的摇晃频率。故BC错误；D．地板随大厦摆动时，在地板内产生涡流，地板导体内有电阻，使大厦摆动的机械能最终转化为热能逐渐耗散掉，符合电磁阻尼原理。故D正确。故选D。考点三互感和自感14．（2024·江苏期末）如图1所示，大功率家用电器的插头常配备漏电保护装置，工作原理如图2所示，其中“零序电流互感器”可视为闭合铁芯。正常用电时，火线和零线的电流等大反向；出现漏电时，快速响应电路能够在毫秒级的时间内检测到漏电并触发断路器，使触头弹起从而自动切断电源。下列说法中正确的是（）A．漏电保护装置利用的原理是互感现象B．图2中零线应该置于互感器的外面，否则无法正常使用C．正常用电时，M和N两点之间没有电压D．出现漏电时，M和N两点之间没有电压【答案】C【详解】ACD．若火线和零线电流始终等大反向，则穿过零序电流互感器的磁通量不发生变化，零序电流互感器无感应电动势，则与之构成闭合回路的断路器两端MN间无电压，但若发生漏电，则由火线、用电器、零线构成的闭合回路中，流经火线与零线的电流大小将不再相等，从而使穿过零序电流互感器的磁通量发生变化，产生感应电动势，触发断路器，使触头弹起从而自动切断电源，保护电路，即此时断路器两端MN间有电压，由此可知漏电保护装置应用了电磁感应的原理而不是利用互感，故C正确，AD错误；B．图2中若零线置于互感器的外面，则发生漏电时，零序电流互感器不能感应到通过火线的电流变化，因此互感器不能正常使用，只有零线与火线同在互感器里面，互感器通过感应相反电流产生的磁场是否变化从而做出反馈，因此图2中零线应该置于互感器的里面，故B错误。故选C。15．（2024·怀柔期末）在如图所示的电路中，和是两个相同的灯泡。线圈L的自感系数足够大，电阻可以忽略不计，下列说法正确的是（）A．闭合开关S时，和同时亮B．闭合开关S时，先亮，逐渐变亮，稳定时亮度相同C．断开开关S时，闪亮一下再熄灭D．断开开关S时，流过的电流方向向左【答案】B【详解】AB.闭合开关S时，立刻亮；由于A1支路的线圈阻碍电流的增加，则逐渐亮起来，由于和是两个相同的灯泡，线圈L的电阻可以忽略不计，则稳定时亮度相同，选项A错误，B正确；CD.断开开关S时，通过原来的电流立刻消失，而在A1支路由于线圈L阻碍电流的减小，产生自感电动势相当于电源，在A1和A2中重新形成回路，可知两灯都会慢慢熄灭，流过的电流方向向右，由于稳定时通过两灯的电流相同，则不会闪亮一下再熄灭，选项CD错误。故选B。16．（2024·广州期末）某同学为了观察断电自感现象，找来带铁芯线圈L、小灯泡A、开关S和电池组E，用导线将它们连成如图电路。检查电路后，闭合开关S，小灯泡正常发光；再断开开关S，小灯泡未能出现闪亮现象。你认为可能的原因是（

）A．线圈的电阻偏大 B．小灯泡的电阻偏大C．电源的电动势偏小 D．线圈的自感系数偏大【答案】A【详解】由电路图可知，灯泡与线圈并联后接入电路，断开开关瞬间，灯泡中原来的电流消失；根据楞次定律，线圈产生自感电动势，与灯泡组成闭合电路，所以流过灯泡的电流从线圈原来的电流逐渐减小，灯泡不发生闪亮现象，说明电路中的电流稳定时流过灯泡的电流较大，流过线圈的电流较小，根据欧姆定律可知灯泡不发生闪亮的原因是由于线圈的电阻值大于灯泡的电阻值，电源的电动势偏小不能改变稳定时灯泡和线圈中的电流的大小关系；线圈的自感系数较大，产生的自感电动势较大，但不能改变稳定时灯泡和线圈中电流的大小关系。故A正确，BCD错误。故选A。17．（2024·扬州期末）如图所示是研究自感现象的电路图，L是自感系数很大的线圈，其直流电阻几乎为零，两个灯泡A、B完全相同，下列说法正确的是（）A．开关闭合瞬间，灯B不亮 B．电路稳定时，灯A、B一样亮C．开关断开瞬间，流过灯B的电流向左 D．开关断开瞬间，灯A、B同时熄灭【答案】C【详解】A．开关闭合瞬间，线圈L相当于电源，根据楞次定律，线圈L左端正极，右端负极，灯A和灯B同时亮，A错误；B．电路稳定时，线圈L相当于导线，灯B被短路，灯B不亮，灯A亮，B错误；CD．开关断开瞬间，线圈L相当于电源，给灯B供电，B灯闪亮一下再熄灭，A灯立即熄灭；根据楞次定律，线圈L的右端为正极，流过灯B的电流向左，C正确，D错误。故选C。18．（2024·威海期末）（多）如图所示的电路中，L为自感系数很大的线圈，其自身的电阻几乎为0，A、B和C是三只相同的小灯泡，S为开关。下列说法正确的是（）A．S闭合瞬间，A立即发光，B和C逐渐变亮B．S断开后，A闪亮后熄灭，B逐渐熄灭，C立即熄灭C．S断开后，L中的磁场能转化为电能D．S断开瞬间，A右端电势高于左端【答案】CD【详解】A．S闭合瞬间，小灯泡A与小灯泡C串联后直接与电源相连，因此A和C立即发光，而小灯泡B因为线圈L产生自感电动势阻碍电流增大，因此逐渐变亮，A错误；B．电路稳定后，A、B中的电流相等，S断开时，小灯泡A、B和线圈L构成闭合回路，线圈的自感电动势产生闭合回路中的电流，此时的电流不大于原来的电流，因此A不会闪亮，则A、B会逐渐熄灭，C立即熄灭，B错误；C．电路稳定后，线圈中储存有磁场能，S断开瞬间，线圈中产生自感电动势继续点亮小灯泡A、B，因此S断开后，L中的磁场能转化为电能，C正确；D．S断开瞬间，通过线圈Ｌ的电流减小，则线圈Ｌ产生的自感电动势右端电势高，因此流过A的电流方向从右向左，则A右端电势高于左端，D正确。故选CD。19．（2024·泉州期末）（多）如图所示，a、b灯分别标有“3.6V，2.5W”和“3.6V，4.0W”，闭合开关，调节R，能使a、b都正常发光。断开开关后重做实验，则（）

A．闭合开关，a将慢慢亮起来，b立即达到最亮B．闭合开关，a、b立即达到最亮C．断开开关，a逐渐熄灭，b灯闪亮一下再熄灭D．断开开关，a、b都逐渐熄灭【答案】AD【详解】AB．闭合瞬间，L相当于断路，b立刻变亮，a逐渐变亮，故A正确，B错误；CD．闭合开关稳定时，a的亮度比b的小；根据知通过a的电流小；电键断开，L相当于电源与两个灯泡串联，逐渐熄灭，由于稳定后a灯的电流小于b灯，所以电键断开瞬间b灯的电流比稳定时的电流小，b灯不会再闪亮一下，故C错误，D正确。故选AD。20．（2024·宣城期末）（多）如图所示，某同学利用电压传感器来研究电感线圈工作时的特点。图甲中三个灯泡完全相同，不考虑温度对灯泡电阻的影响。在闭合开关S的同时开始采集数据，当电路达到稳定状态后断开开关。图乙是由传感器得到的电压u随时间t变化的图像。不计电源内阻及电感线圈L的直流电阻。下列说法正确的是（

）A．开关S闭合瞬间，流经灯和的电流相等B．开关S闭合瞬间至断开前，流经灯的电流保持不变C．开关S断开瞬间，灯闪亮一下再熄灭D．根据题中信息，可以推算出图乙中【答案】AD【详解】AB．开关S闭合瞬间，由于电感线圈的强烈阻碍作用，灯D3没有电流通过，灯和串联，流经灯和的电流相等，通过电感的电流逐渐增大，稳定后灯和并联再与串联，流过灯的电流改变，故A正确，B错误；C．开关S断开瞬间，由于电感线圈阻碍电流减小的作用，由电感线圈继续为灯和提供电流，又因为电路稳定的时候，流经灯和的电流相等，所以灯逐渐熄灭，并不会闪亮，故C错误；D．开关S闭合瞬间，灯和串联，电压传感器所测电压为D2两端电压，有电路稳定后，流过D3的电流为开关S断开瞬间，电感线圈能够提供与之前等大电流，故其两端电压为解得故D正确。故选AD。21．（2024·西安期末）（多）在如图所示的电路中，L是自感系数足够大的线圈，它的电阻可忽略不计，和是两个完全相同的小灯泡，下列说法正确的是（）A．当闭合开关S时，、同时亮，最后两灯一样亮B．闭合开关S后，亮后逐渐变暗，亮后逐渐变亮C．当断开开关S时，两灯同时熄灭D．断开开关S时，立即熄灭，亮一下然后逐新熄灭【答案】BD【详解】AB．开关闭合瞬间，L1和L2同时亮，由于线圈L的自感现象，L中的电流逐渐增大并达到最大，此时L1中电流逐渐减小并趋于零，L2中电流增大，因此闭合开关后，L1亮后逐渐变暗，L2亮后逐渐变亮，故A错误，B正确；CD．开关断开后，由于L2中无电流，因此L2立即熄灭，L1与线圈L构成闭合回路，由于自感现象，因此L1会亮一下然后逐渐熄灭，电流方向从B通过L1流到A，故C错误，D正确。故选BD。22．（2024·通化期末）如图所示装置中，平行导轨光滑、水平放置，cd杆原来静止。当ab杆做如下哪种运动时，cd杆将向左移动（）A．向左加速运动 B．向左减速运动 C．向右加速运动 D．向右匀速运动【答案】A【详解】A．ab杆向左加速运动，根据右手定则，知在ab杆上产生增大的b到a的电流，根据安培定则，在L1中产生向下增强的磁场，该磁场向上通过L2，根据楞次定律，在cd杆上产生d到c的电流，根据左手定则，受到向左的安培力，向左运动，故A正确；B．ab杆向左减速运动，根据右手定则，知在ab杆上产生减小的b到a的电流，根据安培定则，在L1中产生向下减弱的磁场，该磁场向上通过L2，根据楞次定律，在cd杆上产生c到d的电流，根据左手定则，cd杆受到向右的安培力，向右运动，故B错误；C．ab杆向右加速运动，根据右手定则，知在ab杆上产生增大的a到b的电流，根据安培定则，在L1中产生向上增强的磁场，该磁场向下通过L2，根据楞次定律，在cd杆上产生c到d的电流，根据左手定则，cd杆受到向右的安培力，向右运动，故C错误；D．ab杆向右匀速运动，在ab杆中产生恒定的电流，该电流在线圈L1中产生恒定的磁场，在L2中不产生感应电流，所以cd杆不动，故D错误。故选A。23．（2024·黄冈期末）如图所示，置于匀强磁场中的金属圆盘中央和边缘各引出一根导线，与套在铁芯上部的线圈A相连，套在铁芯下部的线圈B引出两根导线接在两根水平光滑导轨上，导轨上有一根金属棒ab静止处在垂直于纸面向外的匀强磁场中，下列说法正确的是（）A．圆盘顺时针加速转动时，ab棒将向右运动B．圆盘逆时针减速转动时，ab棒将向右运动C．圆盘顺时针匀速转动时，ab棒将向右运动D．圆盘逆时针加速转动时，ab棒将向右运动【答案】D【详解】A．由右手定则可知，圆盘顺时针加速转动时，感应电流从圆心流向边缘，线圈A中产生的磁场方向向下且磁场增强。由楞次定律可知，线圈B中的感应磁场方向向上，由右手螺旋定则可知，ab棒中感应电流方向由a→b，由左手定则可知，ab棒受的安培