2025-2026学年浙江省温州市平阳中学平行班高一（下）月考物理试卷（4月份）（含解析）

第=page11页，共=sectionpages11页2025-2026学年浙江省温州市平阳中学平行班高一（下）4月月考物理试卷一、单选题：本大题共10小题，共30分。1.下列哪种仪器所测的物理量是国际单位制中的基本物理量(

)A. B.

C. D.2.根据场强的定义式E=Fq，电场强度的单位是(

)A.牛/库 B.牛/米 C.米/库 D.库/牛3.一条小河，河宽L，甲乙两船在静水中的速度均为v，两船同时出发，船头与河岸方向如图所示，则(

)A.甲先到对岸 B.乙先到对岸 C.甲乙同时到对岸 D.条件不足无法判断4.如图甲为我国“BEIDOUIGSO1”卫星的运行示意图，它是一颗倾斜圆轨道卫星，其轨迹在地面上的投影恰好形成一个“8”字形且上下对称，“8”字形中心点的投影恰好在赤道上，如图乙。下列说法正确的是(

)A.该卫星的周期是24小时

B.一天内，该卫星经过赤道正上方4次

C.经过赤道正上方时，该卫星的线速度小于静止轨道卫星的线速度

D.该卫星从赤道上空运动到北半球高纬度地区上空的过程中，机械能变大5.如图所示，将一锥形导体放入电荷量为Q的负点电荷电场中，导体内有A、B两点，A点到电荷的距离为d，下列说法正确的是(

)A.锥形导体右端带负电

B.A点电场强度比B点大

C.图中所示两条实线1和2来表示锥形导体周围的电场线肯定是错误的

D.导体表面的感应电荷在A点产生的电场强度大小为kQ2d2

6.2018年7月27日发生了火星冲日现象，火星冲日即火星、地球和太阳几乎排列成一线，地球位于太阳与火星之间，已知地球和火星绕太阳公转的方向相同，火星公转轨道半径约为地球的1.5倍，若将火星和地球的公转轨迹近似看成圆，取6A.0.8年 B.1.6年 C.2.2年 D.3.2年7.如图所示，把头发碎屑悬浮在蓖麻油里，加上电场后可模拟点电荷周围电场线。图中A、B两点的电场强度分别为EA、EB，电势分别为φA、φB。两个试探电荷放在A、B两点时电势能分别为EpA、EpB，所受静电力分别为FAA.EA>EB

B.φA>8.在水平路面上骑摩托车的人，遇到一个壕沟，其尺寸如图所示。摩托车后轮离开地面后失去动力，之后的运动可视为平抛运动，摩托车后轮落到壕沟对面才算安全。不计空气阻力，重力加速度为g，下列说法正确的是(

)A.摩托车在空中相同时间内速度的变化量相同

B.若摩托车能越过壕沟，则其所用时间为2gh

C.摩托车能安全越过壕沟的最小初速度为x2g9.关于功率公式

P=Wt

和

P=Fv

的说法正确的是(

)A.由

P=WtB.从

P=Fv

知，汽车的功率与它的速度成正比

C.由

P=Fv

只能求某一时刻的瞬时功率

D.从

P=Fv

知，当汽车发动机功率一定时，牵引力与速度成反比10.如图所示，水平面内三点A、B、C为等边三角形的三个顶点，三角形的边长为L，O点为AB边的中点。CD为光滑绝缘细杆，D点在O点的正上方，且D点到A、B两点的距离均为L。在A、B两点分别固定点电荷，电荷量均为−Q。现将一个质量为m、电荷量为+q的中间有细孔的小球套在细杆上，从D点由静止释放。已知静电力常量为k、重力加速度为g、且kQqL2=A.固定在A、B处两点电荷的合电场在C、D两点的场强相同

B.小球在D点刚释放时的加速度大小为(22+63)g

C.小球到达C点的速度大小为二、多选题：本大题共3小题，共12分。11.某辆电动玩具车的质量为1kg、额定功率为15W。该玩具车在平直道路上由静止开始做加速度大小为1m/s2的匀加速直线运动，经5s玩具车的功率恰好达到额定功率，之后玩具车维持额定功率继续运动。该玩具车受到的阻力恒定，下列说法正确的是(

)A.玩具车受到的阻力大小为1N B.玩具车受到的阻力大小为2N

C.玩具车的最大速度为5m/s D.玩具车的最大速度为7.5m/s12.如图所示，边长为a的正方体ABCD−EFGH所处空间中存在匀强电场(图中未画出)。在A、F两点分别放入电荷量为+q和−q的点电荷甲和乙后，B点的场强变为零。已知静电力常量为k，则下列说法正确的是(

)A.原匀强电场的场强方向从A指向F

B.原匀强电场的场强大小为2kqa2

C.放入点电荷前，B、H两点电势相等

D.放入点电荷后，再将甲从13.在抗击新冠肺炎的战役中，广大抗疫人员坚持工作，保障抗疫物资供应。在一次运送物资的过程中，如图所示，长为12m绷紧的传送带以v=4m/s的速度匀速运行，现将一质量m=1kg的物资轻轻放在传送带左端，再由传送带送到右端，已知小物块与传送带之间的动摩擦因数μ=0.2，取g=10m/s2，下列判断正确的是(

)A.此过程小物块先做匀加速运动再做匀速直线运动

B.此过程共需要4s

C.此过程中因摩擦产生的热量为8J

D.此过程中因摩擦产生的热量为24J三、实验题：本大题共3小题，共24分。14.某实验小组用如图甲所示的装置测量重力加速度g。细线上端固定在铁架台上的O点，下端悬挂一小球(不可视为质点)，在铁架台的O点正下方固定了一个光电门。小球静止时，光电门发出的激光刚好射到小球的中心。首先测得O点到小球间悬线的长度为L和小球的直径为d，再将小球拉到不同位置由静止释放，测得不同释放点细线与竖直方向夹角θ和光电门记录的对应遮光时间t

(1)小球通过光电门时的速度为v=

(用测得的物理量符号表示)；

(2)“图像思想”是处理物理实验数据常用的思想方法之一，它在处理物理实验数据中具有独特的作用。将测得的实验数据转化为以cosθ为纵坐标，1t2为横坐标的图像，如图乙所示，已知图像斜率的绝对值为k，则图像的纵截距为a=

，重力加速度为g=

(用已知量和测得的物理量符号表示)；15.随着传感器技术的不断进步，传感器在中学实验室逐渐普及。某同学用电流传感器和电压传感器做“观察电容器的充、放电现象”实验，电路如图甲所示。

(1)先使开关K与1端相连，电源对电容器充电，这个过程很快完成，充满电的电容器上极板带______(选填“正”或“负”)电；

(2)然后把开关K掷向2端，电容器通过电阻R放电，传感器将电流、电压信息传入计算机，经处理后得到电流和电压随时间变化的I−t、U−t曲线，如图乙所示，则电容器的电容约为______F(计算结果保留两位有效数字)。16.指针式多用电表是实验室中常用的测量仪器，现有两个多用电表甲和乙，某同学用这两个多用电表进行相互测量。

(1)步骤1：将多用电表甲的选择开关拨至欧姆挡“×1”位置，两表笔短接后发现指针如图所示，接下来正确的操作应调节图3中哪个部件

(选填“A”或“B”或“C”)。

(2)步骤2：正确调节后，将多用电表乙的选择开关拨至“100mA”挡，与多用电表甲相连，那么多用电表甲的黑表笔应与多用电表乙的

插孔相接(选填“正”或“负”)。

(3)步骤3：正确连接两多用电表后，发现两表指针如图4所示，那么测得多用电表乙的内阻为

Ω，此时多用电表甲内部电源的电动势为

V(计算结果保留两位有效数字)。四、计算题：本大题共4小题，共34分。17.如图所示为示波管的结构原理图，加热的阴极K发出的电子(初速度可忽略不计)经电势差为U0的AB两金属板间的加速电场加速后，从一对水平放置的平行正对带电金属板的左端中心O′点沿中心轴线O′O射入金属板间(O′O垂直于荧光屏M)，两金属板间偏转电场的电势差为U，电子经偏转电场偏转后打在右侧竖直的荧光屏M上。整个装置处在真空中，加速电场与偏转电场均视为匀强电场，忽略电子之间的相互作用力，不考虑相对论效应。已知电子的质量为m，电荷量为e；加速电场的金属板AB间距离为d0；偏转电场的金属板长为L1，板间距离为d，其右端到荧光屏M的水平距离为L2。电子所受重力可忽略不计。求：

(1)电子从加速电场射入偏转电场时的速度大小v0；

(2)电子打在荧光屏上的位置与O点的竖直距离y；18.汽车行驶在半径为50m的圆形水平跑道上，速度为10m/s。已知汽车的质量为100kg，汽车与地面的最大静摩擦力为车重的0.8倍。问：(g=10m/s2)

(1)汽车的角速度是多少。

(2)汽车所需向心力是多大？

(3)汽车绕跑道一圈需要的时间是多少？

(4)19.如图所示，为了测定气垫导轨上滑块的加速度，滑块上安装了宽度为3mm的遮光条。滑块向右匀加速直线运动依次通过两个光电门A和B。光电门上的黑点处有极细的激光束，当遮光条挡住光束时开始计时，不遮挡光束时停止计时。现记录了遮光条通过第一个光电门所用的时间为Δt1=0.03s，通过第二个光电门所用的时间为Δt2=0.01s，遮光条从A到B的时间为Δt=2.0s。求：

(1)滑块通过第一个光电门的速度vA约是多少？

(2)滑块通过第二个光电门的速度v20.如图所示，AB为曲线轨道，BC、CE为水平轨道，CD为一半径R=0.8m的圆形轨道，EF为倾角为37°的倾斜轨道，各轨道平滑连接。现有一质量为m=1kg的滑块p从离BC平面高h=5m的A点沿轨道静止释放，之后与放在B处质量也为m的静止滑块q发生弹性碰撞。已知滑块与EF间的动摩擦因数为μ，不计其他阻力，重力加速度g=10m/s2，求：

(1)滑块q第一次碰撞后获得的速度大小vq；

(2)滑块q第一次过圆弧轨道的最高点时受到的支持力大小FN；

(3)若EF长度为L=5m，滑块q最终能停在EF上(不包括E点)，求μ的取值范围；

(4)若EF足够长，μ=0.2，求整个过程滑块间的碰撞次数N。答案解析1.【答案】A

【解析】解：A.质量是国际制中的基本物理量，天平测物体质量，故A正确；

B.弹簧秤测量力的大小，力不是国际制中的基本物理量，故B错误；

C.量筒测量体积大小，体积不是国际制中的基本物理量，故C错误；

D.电压表测量电压大小，电压不是国际制中的基本物理量，故D错误。

故选：A。

根据每个选项的器材所测量的物理量，然后进行判断。

本题考查的是基本物理量知识，题型简单。2.【答案】A

【解析】解：根据场强的定义式E=Fq，结合单位制可知，其单位为牛/库，故A正确，BCD错误。

故选：A。

根据单位和单位制知识进行分析解答。3.【答案】C

【解析】解：根据速度合成与分解，将小船的运动分解为平行于河岸和垂直于河岸两个方向，甲、乙两船静水中的速度在垂直河岸方向的速度均相等，因此甲乙两船到达对岸的时间相等。故C正确，ABD错误。

故选：C。

根据运动的合成与分解，将小船的运动分解为平行于河岸和垂直于河岸两个方向，结合三角知识，即可判定．

解决本题的关键将船分解为垂直于河岸方向和沿河岸方向，知道分运动和合运动具有等时性，各分运动具有独立性，同时注意三角知识的运用．4.【答案】A

【解析】解：AB.根据卫星的轨迹分析，两次通过赤道上的同一位置，说明卫星的半周期与地球自转的半周期相同，即该卫星的周期为24小时，一天内，该卫星经过赤道正上方2次，故A正确，B错误；

C.卫星的周期与静止卫星的周期相同，二者的轨道半径也相等，故该卫星的线速度大小等于静止轨道卫星的线速度大小，故C错误；

D.根据机械能守恒条件，可知卫星从赤道运动到北半球高纬度地区的过程中，动能和引力势能不变，机则械能不变，故D错误。

故选：A。

根据卫星的轨迹结合图像分析判断它们的周期关系；根据周期相同判断高度和线速度的大小关系；根据机械能守恒的条件分析解答。

考查万有引力与圆周运动的相关知识，重点在于理解机械能守恒条件和静止轨道卫星概念，属于较低难度考题。5.【答案】C

【解析】解：A、根据感应起电原理可知锥形导体右端带正电，故A错误；

B、导体内部达到静电平衡，场强为0，故B错误；

C、导体表面为等势面，电场线与等势面垂直，所以两条实线1和2来表示锥形导体周围的电场线肯定是错误的，故C正确；

D、根据点电荷产生的电场公式可知，导体表面的感应电荷在A点产生的电场强度大小为E=kQd2，故D错误；

故选：C。

根据静电感应与静电平衡分析判断ABC，根据点电荷产生的电场公式分析D6.【答案】C

【解析】【分析】

本题考查万有引力定律，关键是根据万有引力提供向心力，求出火星周期与地球周期的比较以及再次出现火星冲日时地球比火星多转一圈，也可使用开普勒第三定律求解。

【解答】

由万有引力充当向心力得：GMmr2=m4π2T2r，解得行星公转周期为：T=2πr3GM，则火星和地球的周期关系为：T火T地=7.【答案】A

【解析】解：AD、电场线越密集的地方电场越大，则EA>EB，根据F=qE可知电场力大小无法比较，故A正确，D错误；

BC、点电荷电性未知，无法判断电势高低，试探电荷的电性未知，无法比较电势能大小，故BC错误；

故选：A。

电场线越密集的地方电场越大，结合8.【答案】A

【解析】解：A、摩托车在空中做平抛运动，加速度恒定，为重力加速度，根据Δv=gΔt，可知摩托车在空中相同时间内速度的变化量相同，故A正确；

B、若摩托车能越过壕沟，竖直方向有h=12gt2，则其所用时间为t=2hg，故B错误；

C、摩托车能安全越过壕沟满足落地时最小的水平位移为x，摩托车能安全越过壕沟的最小初速度为v=xt=xg2h，故C错误；

9.【答案】D

【解析】解：A、中学阶段，由P=Wt只能计算平均功率的大小，不能用来计算瞬时功率，所以A错误．

B、P=Fv知：牵引力恒定时，汽车的输出功率与它速度成正比，故B错误；

C、P=Fv可以计算平均功率也可以是瞬时功率，取决于速度是平均速度还是瞬时速度，故C错误；

D、从

P=Fv

知，当汽车发动机功率一定时，牵引力与速度成反比，故D正确；

故选：D

功率的计算公式由两个P=Wt和P=Fv；P=Wt可以计算平均功率的大小，而P=Fv可以计算平均功率也可以是瞬时功率，取决于速度是平均速度还是瞬时速度．10.【答案】C

【解析】解：A、C、D两点到A、B两点电荷的距离相等，根据点电荷的场强公式，以及场强的叠加知，固定在A、B处两点电荷在C、D两点产生的场强大小相等，方向不同，故A错误；

B、两点电荷在D点对小球的库仑引力的合力：F=2×kQqL2×cos30°=3kQqL2=3×33mg=mg，根据几何关系得，CD与水平面的夹角为45°，根据牛顿第二定律得，小球在D点的瞬时加速度：a=mgsin45°+Fsin45°m=2g，故B错误；

C、A、B两点的点电荷为等量的同种电荷，可知C、D两点电势相等，由于在C、D两点电势能相等，则小球从D到C，电场力不做功，根据动能定理得：mgh=12mvC2，根据几何关系得：h=32L，解得：vC=3gL，故C正确；

D11.【答案】BD

【解析】解：AB、根据匀加速运动的特点，可知玩具车达到额定功率时的速度：v1=at1，

解得：v1=5m/s，由瞬时功率的表达式，可得玩具车的牵引力：F1=Pev1，解得：F1=3N

结合牛顿第二定律：F1−f=ma，解得玩具车受到的阻力大小：f=2N，故B正确，A错误；

CD、根据玩具车速度最大时的牵引力与阻力相等即玩具车的最大速度满足：12.【答案】BC

【解析】解：电场线分布如图所示：

A、由题意知B点场强为零，则原匀强电场的场强方向，由F指向A，故A错误；

B、放入点电荷后，甲、乙点电荷在B点的合场强与原匀强电场的场强等大反向，甲、乙点电荷合场强

E合=(kqa2)2+(kqa2)2=2kqa2

故B正确；

C、放入点电荷前，B点和H点处于等势线上，电势相等，故C正确；

D、放入点电荷后，AD不在等势线上，再将甲从A点沿直线移至13.【答案】ABC

【解析】解：A、设小物块速度达到皮带速度时用时为t，运动的位移为x。

小物块放到传送带上时，相对传送带向左滑行，受到向右的滑动摩擦力，因而向右做初速度为零的匀加速直线运动。小物块做匀加速运动时，所受滑动摩擦力大小为：

f=μFN=μmg

加速度的大小为：a=fm=μg=2m/s2

匀加速运动的位移为：x=v22a=422×2m=4m

因为s<L=12m，所以小物块与传送带速度相同后做匀速直线运动，故小物块先做匀加速运动再做匀速直线运动，故A正确；

B、小物块匀加速运动的时间t=va=42s=2s

匀速运动的时间t′=L−xv=12−44s=2s

所以此过程共需要14.【答案】d1d

【解析】解：(1)小球通过光电门时的速度为v=dt

(2)小球下降的高度h=(L+d2)(1−cosθ)

若小球的机械能守恒，由机械能守恒定律得12mv2=mgh

整理得cosθ=1−d2g(2L+d)⋅1t2，则cosθ−1t2图像的纵截距a=1

15.【答案】正

4.4×10【解析】解：(1)开关K与1端相连，电容器上极板与电源连接，故充满电的电容器上极板带正电。

(2)由图乙可知电容器充满电时，电容器两极板间的电压为8V；

I−t图像与坐标轴围成的面积表示电量，图中约14小格，则电容器充满电的电荷量为：

Q=14×1×0.25×10−3C=3.5×10−3C

电容器的电容约为：C=QU=3.5×10−38F≈4.4×10−4F。

故答案为：(1)16.【答案】B正40.99

【解析】解：(1)多用电表测电阻时每次选完挡后，将两表笔短接，通过调节部件B(欧姆调零旋钮)进行欧姆调零；

(2)欧姆表的内部电流从黑表笔流出，红表笔流入，多用表的红表笔插正插孔，因此多用电表甲的黑表笔应与多用电表乙的正插孔相连。

(3)根据欧姆表的读数规则得出多用电表乙测电流时的内阻为R乙=4Ω；

欧姆表的内阻等于中值电阻，则欧姆表的内阻R内=30Ω，从乙中读出回路中的电流为I=29mA，根据闭合电路欧姆定律，多用电表甲内部电源的电动势为E=I(R内+R乙)=29×10−3×(30+4)V≈0.99V。

故答案为：(1)B；(2)正；(3)4；17.【答案】电子从加速电场射入偏转电场时的速度大小为2eU0m

电子打在荧光屏上的位置与O点的竖直距离为UL【解析】解：(1)对于电子在加速电场中的加速过程，根据动能定理有

eU0=12mv02

解得

v0=2eU0m

(2)设电子在偏转电场中，飞行时间为t，加速度为a，则平方向有

L1=v0t

竖直方向有

y1=12at2

其中

a=eUmd

联立可得

y1=UL124dU0

设电子飞出偏转电场时的偏角为θ，竖直分速度为vy，则

tanθ=vyv0，vy=at18.【答案】(1)根据：v=ωr，代入数据可得角速度为：ω=0.2rad/s；

(2)向心力的大小为Fn=mv2r，代入数据解得：Fn=200N；

(3)周期为T=2πω，解得T：=31.4s；

(3)汽车做圆周运动的向心力由车与地面的之间静摩擦力提供，随车速的增加，需要的向心力增大，静摩擦力随着一直增大到最大值为止，由牛顿第二定律得【解析】(1)(3)根据圆周运动的公式求出角速度和周期；

(2)根据向心力公式解得向心力大小；

(4)通过最大静摩擦力提供向心力，求出最大速度的大小。19.【答案】滑块通过第一个光电门的速度vA约是0.1m/s

滑块通过第二个光电门的速度vB约是0.3m/s

滑块的加速度约是【解析】解：(1)根据题意，遮光条通过单个光电门的短暂时间里，视滑块做匀速运动，由v=dΔt，得

滑块通过第一个光电门的速度为

vA=dΔt1=0.0030.03m/s=0.1m/s

(2)滑块通过第二个光电门的速度为

vB=dΔt2=0.0030.01m/s=0.3