浙江省金砖高中联盟2024-2025学年高二下学期4月期中联考物理试题（含答案）

第第页浙江省金砖高中联盟2024-2025学年高二下学期4月期中联考物理试题一、选择题Ⅰ（本题共12小题，每小题3分，共36分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1．以下物理量单位用国际单位制基本单位表示正确的是（）A．温度℃ B．磁通量kgC．功率kg⋅m22．海豚具有一种回声定位的特殊本领，下列说法中正确的是（）A．不同海豚发出不同频率的超声波在相遇时可能产生稳定的干涉B．海豚发出的超声波从海水传播到空气中后，其波长会变长C．海豚产生高频的超声波目的是便于精准定位微小的猎物D．海豚接收到回声的频率变低时，能判断出正在靠近它的猎物3．在一场冰上表演活动中，光滑的冰面上静止放置着一个质量为M的冰车，冰车顶部是一个半径为R的光滑四分之一圆弧轨道，轨道底部与冰面平滑连接。一位质量为m的花样滑冰运动员以水平速度v0A．运动员再次滑离冰车时，冰车的速度大小一定小于vB．运动员沿轨道下滑过程中，冰车对冰面的压力始终等于（M+m）gC．运动员再次滑回到轨道底端时，若以冰面为参考系，运动员速度大小v1和冰车速度大小v2满足mv0D．运动员冲上冰车轨道的过程中，运动员与冰车组成的系统动量守恒，机械能也守恒4．下列四幅图分别对应四种说法，其中正确的是（）A．图甲中，由气体的摩尔体积、摩尔质量和阿伏加德罗常数，可以估算出气体分子的体积和质量B．图乙中，用烧热的针刺破棉线某一侧的肥皂膜后，棉线会向着另一侧的肥皂膜收缩，是因为液体表面具有扩张的趋势C．图丙中，石蜡在固体片上熔化成椭圆形，说明该固体是多晶体D．图丁中，在测温装置的槽内放入水银，液面出现如图所示现象，是因为玻璃分子对附着层内水银分子的吸引力小于水银内部分子之间吸引力5．垂钓时鱼漂能反映鱼儿咬钩的讯息。如图所示，当鱼漂绑上铅坠恰好静止在水面处。在平静的湖面上，鱼试探性吃口（鱼漂缓慢向下但不咬钩）后，鱼漂和铅坠在竖直方向上做简谐运动。以竖直向上为正方向作出鱼漂和铅坠振动的x-t图像，如图乙所示，不计水的阻力。则（）A．鱼漂和铅坠振动的回复力由水对鱼漂和铅坠的浮力提供B．从0.1s~0.2s过程中鱼漂和铅坠的动量逐渐变小，机械能守恒C．鱼漂和铅坠的位移时间关系式为x=5D．若增加铅坠的质量m，鱼漂和铅坠振动的周期将变大6．下列说法正确的是（）A．由图甲可知，状态②的温度比状态①的温度高B．由图乙可知，气体由状态A变化到B的过程中，气体分子平均动能先增大后减小C．由图丙可知，当分子间的距离。r>rD．由图丁可知，在r由r1变到r2的过程中分子力做负功7．如图所示，图甲为磁流体发电机、图乙为霍尔元件、图丙为LC振荡电路、图丁为回旋加速器的原理示意图，忽略粒子在图丁的D形盒狭缝中的加速时间，不计粒子重力，下列说法正确的是（）A．图甲中，将一束等离子体喷入磁场，A、B板间产生电势差，A板电势高B．图乙中，如果长时间不更换传感器的电源，霍尔电势差将增大C．图丙中，电流强度正在增大过程中，则该时刻线圈的自感电动势正在减小D．图丁中，随着粒子速度的增大，交变电流的频率也应该增大8．夏天的雨后经常可以看到美丽的彩虹，古人对此有深刻认识，唐代词人张志和在《玄真子涛之灵》中写道：“雨色映日而为虹”。从物理学角度看，虹和霓是两束平行太阳光在水珠内分别经过一次和两次反射后出射形成的，人们在地面上逆着光线看过去就可看到霓虹现象。如图甲所示，一束白光水平射入空中一球形的水滴，经过两次折射和一次反射后射出形成光带MN，出射光线与水平面的夹角称为彩虹角。如图乙所示，半径OC与竖直方向成γ=5∘,A．水滴对该单色光的折射率约为1.42B．该单色光的彩虹角β=C．该单色光在水滴内部B点处发生全反射D．图甲中M、N所对应的两种光，M为紫光，在水滴中传播时间较短9．如图甲所示为一台小型发电机的结构示意图，内阻为0.7Ω的单匝线圈在匀强磁场中匀速转动，产生的电动势随时间变化的正弦图线如图乙所示，电压表、电流表均为理想交流电表，定值电阻的阻值，R=10.3ΩA．电流表的示数为10A，电压表的示数为110VB．1分钟内定值电阻和内阻产生的总焦耳热1.32×C．0~0.01s的时间内，通过定值电阻的电荷量为2D．t=0.02s时，穿过线圈的磁通量变化率最大10．工厂里的工人使用高压水枪对车间地面进行清洁，水枪竖直向下对着地面喷水，水流撞击地面后速度变为零。已知水枪喷水口的横截面积为S，水的密度为ρ，重力加速度大小为g。若喷出水流的速度为v，则水流对地面产生的作用力为（）A．ρSv2 B．ρSvg C．ρSvv+g D．11．关于光的现象及其应用下列说法正确的是（）A．图甲是白光的薄膜干涉现象，从图中可以看到，圆形肥皂膜从上向下一定是均匀变厚B．如图乙所示，照相机的镜头表面常常镀一层透光膜，膜的外表面和玻璃表面反射的光发生干涉使镜头看起来有颜色，膜的厚度为光在膜中波长的1C．如图丙所示，利用光的干涉检查平整度，用单色光从上面照射，空气膜的上下两个表面反射的两列光波发生干涉，图中条纹弯曲说明此处是凹下的D．图丁中的M、N是偏振片，P是光屏。当M固定不动缓慢转动N时，光屏P上的光亮度将一明一暗交替变化，此现象表明光波是纵波12．无线充电技术已经在新能源汽车等领域得到应用。地下铺设供电的送电线圈，车上的受电线圈与蓄电池相连，如图所示。送电线圈匝数n1=1000，当两辆受电线圈匝数分别为甲：n2=600，乙：A．10A B．7A C．3A D．1A二、选择题Ⅱ（本题共3小题，每小题4分，共12分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）13．如图所示，下列说法正确的是（）A．甲图所示电路中，若在线圈中放入铁芯，稳定状态下灯泡会比没有铁芯时更暗B．乙图是真空冶炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，线圈产生大量热量从而冶炼金属C．丙图变压器的铁芯用相互绝缘的硅钢片叠成能减小涡流D．丁图中，磁电式仪表线圈的铝框骨架在指针偏转时起到了电磁阻尼的作用14．如图所示，两条相同的半圆光滑金属导轨固定在水平桌面上，半径为L，其所在平面竖直且平行，间距为d，导轨最高点到水平桌面的距离等于半径，最低点的连线OO'与导轨所在竖直面垂直。空间充满竖直向下的磁感应强度为B的匀强磁场（图中未画出），导轨左端由阻值为r的电阻连接，现将质量为m、长度也为d、电阻为R的金属棒MN平行OO'放置在导轨图示位置，由静止释放。MN运动过程中始终平行于OOA．MN最终一定静止于OO'位置，且整个过程金属棒上产生的焦耳热为QB．从释放到第一次到达OO'时，回路中的电流达到最大值C．若仅增大磁感应强度B，金属棒从开始运动到静止过程中克服安培力做功的平均功率会变大D．从释放到第一次到达OO'位置过程中，通过金属棒的电荷量为q=15．如图甲所示，在直角坐标系xOy的x轴上有一根足够长的轻质细绳，绳中有A、B两波源，分别处于x=-4m和x=6m处。t=0时刻开始，两波源A、B均沿y轴做简谐运动，它们的振动图像分别如图乙和图丙所示，且振动仅维持1.0s时间。A、B两波源的振动均在绳中激起简谐横波，且每个波源均发出两列波：一列沿x轴正方向传播，另一列沿x轴负方向传播。绳中激起的每一列波的波速均为4m/s。则（）A．绳中处于坐标原点的P质元的起振方向沿y轴负方向B．两波源产生的波叠加区域内，会出现振动加强和减弱的区域C．波源A发出的沿x轴正方向传播的波和波源B发出的沿x轴负方向传播的波完全重合时，t=1.75sD．绳中处于坐标原点的P质元从0s至2.5s的时间内走过的路程为0.4m三、非选择题（本题共4小题，共52分）16．本学期我们在《光》的学习中做过如下的实验探究，请根据实验探究回答下列问题。（1）如图甲所示，为“用双缝干涉测光的波长”的实验装置，调节完毕后，在屏上观察到如图乙所示的竖直条纹。下列说法正确的是（）A．仅在双缝后放一偏振片，干涉现象会消失B．仅向右移动单缝，使之靠近双缝，干涉条纹间距将变大C．仅去掉滤光片，在屏上除中央亮条纹为白色外，两侧为彩色条纹D．仅将红色滤光片换为绿色滤光片，干涉条纹间距将变大（2）在“测量玻璃的折射率”实验中，某同学在画玻璃砖边界时操作如图甲所示，请指出其不当之处：（写出一点即可）。（3）实验中，已画好玻璃砖边界ab、cd后，放置玻璃砖时不小心将玻璃砖向上稍平移了一点，如图乙所示，其他操作正确，则测得玻璃的折射率将（选填“变大“不变”或“变小”）。17．用气体压强传感器做“探究气体等温变化的规律”实验，实验装置如图甲所示。（1）关于该实验下列说法正确的是。A．注射器必须水平放置B．为方便推拉柱塞，应用手握住注射器C．为节约时间，实验时应快速推拉柱塞和读取数据D．为保证封闭气体的气密性，应在柱塞与注射器壁间涂上润滑油（2）A组同学在操作规范、不漏气的前提下，测得多组压强p和V的数据并作出V−1p图线，发现图线不通过坐标原点，如图丙所示。则图中V0代表的物理含义是（3）若A组同学利用所得实验数据作出的p−1V图线，应该是A． B．C． D．18．实验小组用如图1所示装置来验证两个小球在斜槽末端碰撞时的动量守恒。A、B为两个直径相同的小球，质量分别为m1、m2，且m1>m2。实验时，接球板水平放置，让入射球A多次从斜轨上E点静止释放，平均落点为（1）关于该实验的要求，说法正确的是。A．斜槽末端必须是水平的B．斜槽轨道必须是光滑的C．必须测出斜槽末端的高度D．放上小球B后，A球必须仍从E点释放（2）图2中，仅改变接球板的放置，把接球板竖放在斜槽末端的右侧，O点为碰前B球球心在接球板上的投影点。使小球A仍从斜槽上E点由静止释放，重复上述操作，在接球板上得到三个落点M2、P2、N2，测出OM2、OP2、ON2（3）如图3所示。再一次仅改变接球板的放置，让接球板的一端紧靠在斜槽末端，使小球A仍从斜槽上E点由静止释放，重复第一次实验操作，在接球板上得到三个落点M3、P3、N3，其中O点为斜槽末端与接球板的接触点，测出OM3、OP3、ON319．如图甲所示，气动避震是通过控制气压来改变车身高低，备受高档轿车的青睐。其工作原理可以简化为如图乙，在导热良好的气缸内用可自由滑动的面积为S=20cm2活塞和砝码组合体封闭一定质量的空气，活塞和砝码总质量为m=10kg。充气装置可通过开关阀门K对气缸进行充气或放气来改变车身高低。初始时，开关阀门K关闭，此时气缸内气体高度为h1（1）初始状态气缸内压强p1（2）仅将活塞和砝码的总质量减少至5kg时，汽缸内气体高度h2（3）乘员下车时气动避震总能保持车身高度不变，可以简化为活塞和砝码的总质量减少至5kg，打开阀门K，缓慢放气缸内气体，当汽缸内气体高度最终恢至h120．为了提高能源的利用率，目前国内外的城市轨道交通车辆中，大都采用再生制动方式，即将列车a制动产生的电能转化为待启动状态的列车b的动能，城市轨道交通的启停过程原理如图所示：两足够长粗糙平行金属直导轨MN、PQ的间距为L=0.5m固定在同一水平面内，轨道平面内存在磁感应强度大小为B=1T、方向竖直向下的匀强磁场，质量为m=0.5kg、电阻为R=0.5Ω、长也为L=0.5m的均匀金属棒a，水平放置在两直导轨上。t=0时，开关S与1接通，恒流源（提供的电流强度恒为4A）与金属棒a连接，金属棒a从静止开始向右做匀加速运动，t1=4s时刻，将开关S掷向2接通阻值为R0=0.5Ω定值电阻，同时对金属棒a施加外力F，使金属棒a做匀减速运动，在t（1）t1=4s时刻，金属棒a的速度的大小；（2）4s~6s时间内，外力F随金属棒a的速度v变化的关系式（以水平向左为正方向）；（3）若在t2=4s时刻断开S，同时在金属棒a的右侧足够远处无初速度地平放上金属棒b（未画出），金属棒b与金属棒a完全相同，其经过时间Δt=0.8s，金属棒b的速度达到最大值，则金属棒b获得的最大速度是多少。21．在现代科技前沿的微观粒子研究领域，科研人员为了实现对带电粒子运动的精确操控，设计了一种特殊的实验装置。该装置主要用于研究特定带电粒子的运动特性，以便为新型粒子加速器、微观粒子成像等技术的发展提供理论支持和实验依据。在这个实验装置中，矩形区域ABCD边长分别为AB=16d、AD=8d，O、O'为AB、CD边的中点；ABCD内存在多层紧邻且强弱相同的匀强磁场，每层的高度均为d，磁感应强度大小可调，方向垂直纸面沿竖直方向交替变化；CD右侧有强弱与ABCD相同的匀强磁场，方向垂直纸面向里，质量为m、电荷量为+q的粒子从O点射入磁场，初速度大小为y0，方向与OO'夹角为θ=30°，粒子在纸面内运动，不计粒子重力及粒子间的相互作用。（1）若粒子从O开始沿图示轨迹运动且恰好到达O'，求所加磁场的磁感应强度的大小B1；（2）若粒子从CD边离开磁场时与轴线OO'的距离小于d，求磁感应强度B的取值范围；（3）若磁感应强度B=2（4）粒子在（1）的情况下从O'射入CD右侧磁场时受到与速度大小成正比、方向相反的阻力，粒子的轨迹刚好与磁场边界CD相切，求粒子从O'运动到相切点的时间t以及位移大小。

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】温度的国际单位是K，磁通量的国际单位是Wb，功率的国际单位是W，动量的国际单位是kg⋅故答案为：D。

【分析】这道题的核心是区分国际单位制的基本单位与导出单位，并判断各物理量的单位是否用基本单位正确表示，记住国际单位制的7个基本单位，以及常见导出单位的基本单位组合形式。2．【答案】C【解析】【解答】A．产生稳定干涉的条件是两列波频率相同、相位差恒定、振动方向相同。不同海豚发出不同频率的超声波，不满足频率相同这一条件，所以不可能产生稳定的干涉，故A错误；B．超声波从海水传播到空气中，波速v变小，频率f不变（因为频率由波源决定）。根据波长公式λ=可知波速变小，频率不变，波长会变短，故B错误；C．高频的超声波波长短，遇到微小猎物时，更容易发生反射，从而便于海豚精准定位微小的猎物，故C正确；D．根据多普勒效应，当波源与观察者相互靠近时，接收到的频率会变高；当波源与观察者相互远离时，接收到的频率会变低。海豚接收到回声的频率变低时，说明猎物正在远离它，而不是靠近它，故D错误。故答案为：C。

【分析】这道题的核心是理解超声波的干涉、波长变化、高频定位原理以及多普勒效应，抓住波的基本性质和海豚回声定位的物理原理。3．【答案】C【解析】【解答】AC．运动员和冰车组成的系统在水平方向上不受外力，水平方向动量守恒。若以冰面为参考系，设运动员再次滑离冰车时，运动员的速度为v1，车速度大小v2根据能量守恒有1解得v1=因m−Mm+M<1因不知道m与M的大小关系，根据v可知无法判断v2与vB．运动员有向心加速度，在竖直方向上有向一下的分加速度，系统处于失重状态，故冰车对冰面的压力始终小于（M+m）g，故B错误；D．运动员冲上冰车轨道的过程中，运动员与冰车组成的系统在水平方向动量守恒，但在竖直方向上，由于运动员有竖直方向的分加速度，系统所受合外力不为零，系统动量不守恒。又因为轨道光滑，整个过程中只有动能和重力势能的转化，系统机械能守恒，故D错误。故答案为：C。

【分析】这道题的核心是分析运动员与冰车组成的系统在水平方向的动量守恒，以及机械能守恒的条件，区分水平方向和竖直方向的受力情况，以及曲线运动中的超重/失重状态。4．【答案】D【解析】【解答】A．气体分子间距很大，用摩尔体积和阿伏加德罗常数只能估算出分子占据的平均空间体积，而无法直接估算分子本身的体积，虽然可以用摩尔质量和阿伏加德罗常数算出分子质量，但选项中“体积”的说法错误，故A错误；B．图乙中用烧热的针刺破棉线某一侧的肥皂膜后，棉线会向着另一侧的肥皂膜收缩，是因为液体表面具有收缩的趋势，而不是扩张的趋势，故B错误；C．图丙中，石蜡在固体片上熔化成椭圆形，说明该固体具有各向异性，而多晶体具有各向同性，所以该固体是单晶体，故C错误；D．图丁中，当玻璃分子对附着层内水银分子的吸引力小于水银内部分子之间吸引力时，水银在玻璃表面表现为不浸润，故D正确。故答案为：D。

【分析】这道题的核心是判断热学中关于气体分子模型、表面张力、晶体性质和浸润现象的说法是否正确，理解每个现象背后的物理原理，区分概念之间的细微差别。5．【答案】D【解析】【解答】A．鱼漂和铅坠振动的回复力由水对鱼漂和铅坠的浮力和它们的重力提供，故A错误；B．由乙图可知，从0.1s~0.2s过程中鱼漂和铅坠的速度逐渐变小，根据p=mv，可知鱼漂和铅坠的动量逐渐变小，该过程除重力之外水对鱼漂和铅坠的浮力会做负功，故机械能不守恒，故B错误；C．根据图像可知振幅A=5cm，T=0.4则角速度为ω=设鱼漂和铅坠的位移时间关系式为x=A将t=0，x=5cm代入，则有解得φ=鱼漂和铅坠的位移时间关系式为x=5sinD．根据T=2πm故答案为：D。

【分析】这道题的核心是分析鱼漂和铅坠组成的系统做简谐运动的回复力、周期公式、位移方程以及能量变化，将其类比为弹簧振子模型，利用简谐运动的基本规律进行判断。6．【答案】B【解析】【解答】A．当温度升高时分子的平均动能增大，则分子的平均速率也将增大，题图甲中状态①的温度比状态②的温度高，故A错误；B．一定质量的理想气体由状态A变化到B的过程中，由题图乙知状态A与状态B的pV相等，则状态A与状态B的温度相同，由p-V图线的特点可知，温度升高，pV增大，所以气体由状态A到状态B温度先升高再降低到原来温度，所以气体分子平均动能先增大后减小，故B正确；C．由题图丙可知，当分子间的距离r>r0时，分子力表现为引力，分子间的作用力先增大后减小，故C错误；D．题图丁为分子势能图线，r2对应的分子势能最小，则r2对应分子间的平衡距离r0，当分子间的距离r<r0时，分子力表现为斥力，分子间距离由r1变到r2的过程中，分子力做正功，故D错误。故答案为：B。

【分析】这道题的核心是理解分子速率分布、理想气体状态变化、分子间作用力与分子势能的图像含义，关键是利用理想气体状态方程和分子力、分子势能的变化规律来判断。7．【答案】C【解析】【解答】A．图甲是磁流体发电机，将一束等离子体喷入磁场，根据左手定则可知，正电荷向B板偏转，负电荷向A板偏转，B板电势高，故A错误；B．设霍尔元件的长为a，宽为b，高为c，稳定后，电场力和洛伦兹力平衡，则有qvB=qE=qUHb，解得UH=Bbv，根据电流的微观定义式I=neSv，其中n是单位体积内的电子数，e是单个导电粒子所带的电量，S是导体的横截面积，v是导电粒子运动的速度，可得v=C．图丙中，电流强度正在增大过程中，根据振荡电流周期性变化的规律可知电流的变化率正在减小，则该时刻线圈的自感电动势正在减小，故C正确；D．图丁中，回旋加速器正常工作时，交变电流的周期等于做圆周运动的周期，粒子做圆周运动的周期为T=周期与速度大小无关，保持不变，交流电的周期不变，频率也不变，故D错误。故答案为：C。

【分析】这道题的核心是分别分析磁流体发电机、霍尔元件、LC振荡电路和回旋加速器的工作原理，关键是理解各装置的物理过程与规律。8．【答案】B【解析】【解答】A．设光线第一次在图乙中的A点射入，折射角为θ，并标出各角度，如图所示由几何关系可知4θ=α+解得θ=根据折射定律可得n=sinB．由光路的可逆性可知，光在C点的折射角依然为α=53∘，故该单色光的彩虹角为C．该单色光在水滴内发生全反射的临界角C满足sin因sin故该单色光在水滴内部B点不可能发生全反射，故C错误；D．根据题图甲可知水滴对M所对应的光的折射率大于对N所对应的光的折射率，则M、N所对应的光分别为紫光和红光；在A项画出的光路图中，根据几何关系和对称性可知，光线在球形雨滴内传播的距离为s=4R传播速度为v=则光线在水滴中传播时间为t=由图甲可知，两束光进入水滴的入射角相同，但M光的折射θ较小，故cosθ故答案为：B。

【分析】这道题的核心是分析彩虹形成过程中的光的折射、反射规律，利用几何关系和折射定律来计算折射率和彩虹角，并判断全反射和色光传播的特点。9．【答案】C【解析】【解答】A．由乙图可知，交流电压的最大值为Um=110根据闭合电路欧姆定律可得电流为I=UR+r=10B．根据焦耳定律，可得Q总C．由乙图可知交流电的周期为T=0.02s，则线圈转动的角速度为ω=2π可得BS=Um又I=ER+r，而0~0.01s的时间内，磁通量的变化量为ΔΦ代入上式，可得q=2D．由图可知t=0.02s时，感应电动为零，根据E=ΔΦ故答案为：C。

【分析】这道题的核心是分析交流发电机的电动势、电路中的电流、电压、焦耳热及电荷量，关键是利用正弦交流电的有效值、平均值、最大值的关系，以及法拉第电磁感应定律来求解。10．【答案】A【解析】【解答】对质量为Δm的水，由动量定理有其中Δ联立解得地面对水的作用力F根据牛顿第三定律可知，水流对地面产生的作用力大小为ρSv故答案为：A。

【分析】选取一段极短时间内的水流作为研究对象，分析其动量变化并结合牛顿第三定律求解。11．【答案】C【解析】【解答】A．图甲是肥皂膜的白光干涉，条纹越往下越密，说明肥皂膜厚度变化越来越快，是非均匀变厚，如果是均匀变厚，条纹应该是等间距的，故A错误；B．如图乙所示，照相机的镜头表面常常镀一层透光膜，从薄膜前后两表面反射的光发生干涉使镜头看起来有颜色，膜的厚度为光在膜中14C．利用空气膜干涉检查平整度时，若某处凹下去，会导致该处空气膜的厚度与左边更远处的厚度相同，对应的亮纹（或暗纹）就会提前出现，表现为条纹向左边弯曲，图丙中条纹弯曲说明该处是凹下的，故C正确；D．在丁图中，M、N是偏振片，P是光屏，当M固定不动缓慢转动N时，光屏P上的光亮度将一明一暗交替变化，这表明光波是横波，因为只有横波才有偏振现象，纵波没有偏振现象，故D错误。故答案为：C。

【分析】这道题的核心是识别光的干涉、偏振等现象及其在实际中的应用，关键是理解不同光学现象的原理和判断方法。12．【答案】B【解析】【解答】根据题意，已知U1=220V，I1解得U同理U解得U对于理想变压器，有输入功率等于输出功率P而P=UI根据题意有I解得I故答案为：B。

【分析】这道题的核心是把无线充电系统看作一个多副线圈的理想变压器，关键是利用理想变压器的电压比关系和输入功率等于输出功率的能量守恒定律来求解。13．【答案】A,C,D【解析】【解答】A．在线圈中放入铁芯，会显著增大线圈的自感系数，从而增大其感抗，在交流电路中，感抗越大，对电流的阻碍作用越强，灯泡会比没有铁芯时更暗，故A正确；B．真空冶炼炉的原理是，当炉外线圈通入高频交流电时，会在内部的金属中产生强大的涡流，使金属自身发热熔化，热量是在金属内部产生的，而不是在线圈中产生的，故B错误；C．变压器的铁芯用相互绝缘的硅钢片叠成，是为了切断涡流的通路，从而减小涡流损耗和发热，故C正确；D．磁电式仪表的铝框骨架在指针偏转时，会切割磁感线产生感应电流，这个电流在磁场中会受到安培力的阻碍作用，即电磁阻尼，使指针能快速稳定下来，故D正确。故答案为：ACD。

【分析】理解自感、涡流、电磁阻尼等电磁感应现象的原理和应用，关键是区分不同装置的工作机制。14．【答案】C,D【解析】【解答】A．由于金属棒MN运动过程切割磁感线产生感应电动势，回路有感应电流，产生焦耳热，金属棒MN的机械能不断减小，由于金属导轨光滑，所以经过多次往返运动，MN最终一定静止于OO'故金属棒上产生的焦耳热为QRB．当金属棒MN所受的安培力沿切线方向的分力与重力沿切线方向的分力相等时，速度达到最大，则感应电流最大。由题分析，可知金属棒MN在OO'位置时重力沿切线方向的分力为0，可知金属棒MN在到达C．若仅增大磁感应强度B，感应动势会变大，即将机械能转变成电能的本领越强，导致转变过程所用的时间变短，根据能量守恒可知，整个过程产生的总焦耳热仍为Q=mgL即金属棒从开始运动到静止过程中克服安培力做功不变，根据P=WD．从释放到第一次到达OO'位置过程中，根据法拉第电磁感应定律有E又q=IΔt，联立解得通过金属棒的电荷量为q=BLd故答案为：CD。

【分析】这道题的核心是分析金属棒在半圆形导轨上运动时的电磁感应、能量转化及安培力做功，关键是利用法拉第电磁感应定律、能量守恒和平均功率的概念来判断。15．【答案】B,C,D【解析】【解答】A．波源A距离原点P更近，其振动先传到P点，由图乙可知，波源A的起振方向为y轴正方向，因此P点的起振方向也是y轴正方向，故A错误；B．由于两波源产生的波满足波的干涉条件，所以两波源产生的波在叠加区域内会发生干涉，会出现振动加强和减弱的区域，故B正确；C．两列波的波长均为λ=4×1m=4m，由两波源的起振方向可知，波源A发出的沿x轴正方向传播的波和波源B发出的沿x轴负方向传播的波完全重合时，t=D．波源A发出的沿x轴正方向传播的波传播到坐标原点的时间为t即0~1s内质元P未振动，波源B发出的沿x轴负方向传播的波传播到坐标原点的时间为t可知，1~1.5s内质元P的路程为s依题意，两波源振动仅维持1.0s时间，可知两列波在坐标原点相遇的时间为0.5s，由Δ可知该点为振动加强点，则1.5~2.0s内该段时间内质元P的路程为s2.0~2.5s内波源B发出的沿x轴负方向传播的波单独影响质元P，其路程为s2.5~2.5s内质元P停止振动，路程为零。综上所述，P质元从0s至3.0s的时间内走过的路程为s=s故答案为：BCD。

【分析】这道题的核心是分析两列波的传播、叠加、干涉以及质点的振动路程，关键是利用波速、波长、周期的关系，结合波的叠加原理和干涉条件来求解。16．【答案】（1）C（2）用手触摸光学面或拿玻璃砖当尺子（3）不变【解析】【解答】（1）A．仅在双缝后放一偏振片，干涉现象不会消失，故A错误；B．根据双缝干涉的条纹间距公式Δx=lC．仅去掉滤光片，其他条件不变，则在屏上除中央亮条纹为白色外，两侧为彩色条纹，故C正确；D．仅将红色滤光片换为绿色滤光片，波长变小，干涉条纹间距将变小，故D错误。故答案为：C。（2）操作不当之处：用手触摸光学面或拿玻璃砖当尺子。

故答案为：用手触摸光学面或拿玻璃砖当尺子（3）如图所示实线表示将玻璃砖向上平移后实际的光路图，而虚线是未将玻璃砖向上平移时作图时所采用的光路图，通过比较发现，入射角和折射角没有变化，则由折射定律n＝sinisinr，可知测得玻璃的折射率不变。

故答案为：不变

【分析】(1)双缝干涉实验中，分析各选项对干涉条纹的影响。偏振片不会使干涉消失，单缝与双缝间距不影响条纹间距，滤光片决定单色性，波长变化会改变条纹间距。（1）A．仅在双缝后放一偏振片，干涉现象不会消失，故A错误；B．根据双缝干涉的条纹间距公式Δx=lC．仅去掉滤光片，其他条件不变，则在屏上除中央亮条纹为白色外，两侧为彩色条纹，故C正确；D．仅将红色滤光片换为绿色滤光片，波长变小，干涉条纹间距将变小，故D错误。故选C。（2）操作不当之处：用手触摸光学面或拿玻璃砖当尺子。（3）如图所示实线表示将玻璃砖向上平移后实际的光路图，而虚线是未将玻璃砖向上平移时作图时所采用的光路图，通过比较发现，入射角和折射角没有变化，则由折射定律n＝sin17．【答案】（1）D（2）胶管内气体体积（3）B【解析】【解答】（1）A．探究气体的等温变化，研究对象为注射器内封闭的气体，注射器无需水平放置，只有保证封闭气体的温度、质量不变即可，A错误；B．实验中需要保持气体的温度不变，则实验中在推拉柱塞时，不能够用手握住注射器，避免人体温度引起封闭气体温度的变化，B错误；C．实验中需要保持气体的温度不变，因此在实验时需要缓慢推拉柱塞，稳定后再读取数据，C错误；D．实验中需要保持所研究气体的质量一定，为了保证封闭气体的气密性，实验时应在柱塞与注射器壁间涂上润滑油，D正确。故答案为：D。（2）图线不通过坐标原点，根据图像可知，图像中当V等于0时，气体压强的倒数不等于0，体积测量值V没有包含胶管内气体的体积，可知，纵截距的绝对值代表胶管内气体的体积；

故答案为：胶管内气体体积（3）结合上述可知，A组同学作出图线对应的函数方程为V=C·整理可得p=可知，当体积V减小时，p−1故答案为：B。

【分析】(1)本实验探究气体的等温变化，核心是保证封闭气体的温度不变且气密性良好，分析各选项，只有涂润滑油可以增强气密性，符合实验要求。(2)V−1p图线不过原点，是因为实验中除了注射器内的气体，还有胶管内的气体体积未被计入，当注射器内体积为0时，胶管内仍有气体，这部分体积就是(3)等温变化中pV=C（常数），因此p与1V成正比，p−（1）A．探究气体的等温变化，研究对象为注射器内封闭的气体，注射器无需水平放置，只有保证封闭气体的温度、质量不变即可，A错误；B．实验中需要保持气体的温度不变，则实验中在推拉柱塞时，不能够用手握住注射器，避免人体温度引起封闭气体温度的变化，B错误；C．实验中需要保持气体的温度不变，因此在实验时需要缓慢推拉柱塞，稳定后再读取数据，C错误；D．实验中需要保持所研究气体的质量一定，为了保证封闭气体的气密性，实验时应在柱塞与注射器壁间涂上润滑油，D正确。故选D。（2）图线不通过坐标原点，根据图像可知，图像中当V等于0时，气体压强的倒数不等于0，体积测量值V没有包含胶管内气体的体积，可知，纵截距的绝对值代表胶管内气体的体积；（3）结合上述可知，A组同学作出图线对应的函数方程为V=C·整理可得p=可知，当体积V减小时，p−1故选B。18．【答案】（1）A；D（2）m（3）m【解析】【解答】（1）A．题图1中实验是利用平抛运动的水平位移来表示小球在斜槽末端的速度，斜槽末端必须要调成水平，以保证小球离开斜槽后做平抛运动，故A正确；BD．斜槽倾斜部分没必要必须光滑，只要小球A每次均从E点静止释放，即可保证到达斜槽末端时的速度相同，故B错误，D正确；C．小球从斜槽末端飞出后做平抛运动，竖直方向上，小球下落的高度相等，由h=12g故答案为：AD。（2）设题图2中斜槽末端到接球板的距离为x，小球从斜槽末端飞出时的初速度为v，小球从斜槽末端飞出后做平抛运动，根据平抛运动规律可得y=12联立解得v=x由于vB>碰撞后瞬间小球A、B的速度分别为vA=x若两球碰撞时动量守恒，则满足的表达式为m整理可得m1y2（3）设题图3中斜面的倾角为θ，小球在空中运动的时间为t，小球在斜面上落点到O点的距离为l，小球从斜槽末端飞出后做平抛运动，则在竖直方向上有l在水平方向上有l联立解得v=由于vB>碰撞后瞬间小球A、B的速度分别为vA=若两球碰撞时动量守恒，则满足的表达式为m整理可得m1l2=m1l1+（1）A．题图1中实验是利用平抛运动的水平位移来表示小球在斜槽末端的速度，斜槽末端必须要调成水平，以保证小球离开斜槽后做平抛运动，故A正确；BD．斜槽倾斜部分没必要必须光滑，只要小球A每次均从E点静止释放，即可保证到达斜槽末端时的速度相同，故B错误，D正确；C．小球从斜槽末端飞出后做平抛运动，竖直方向上，小球下落的高度相等，由h=12g故选AD。（2）设题图2中斜槽末端到接球板的距离为x，小球从斜槽末端飞出时的初速度为v，小球从斜槽末端飞出后做平抛运动，根据平抛运动规律可得y=12联立解得v=x由于vB>碰撞后瞬间小球A、B的速度分别为vA=x若两球碰撞时动量守恒，则满足的表达式为m整理可得m（3）设题图3中斜面的倾角为θ，小球在空中运动的时间为t，小球在斜面上落点到O点的距离为l，小球从斜槽末端飞出后做平抛运动，则在竖直方向上有l在水平方向上有l联立解得v=由于vB>碰撞后瞬间小球A、B的速度分别为vA=若两球碰撞时动量守恒，则满足的表达式为m整理可得m19．【答案】（1）解：对活塞和砝码组合体进行受力分析，由受力平衡可知p解得：初始状态气缸内压强p（2）解：由受力平衡，末态气体压强p又由等温变化玻意耳定律p解得h（3）解：根据等温变化可得p解得V=【解析】【分析】(1)对活塞和砝码整体受力分析，受力平衡时，气缸内气体压力等于外界大气压力与活塞砝码重力之和，直接求出初始压强。

(2)活塞质量减小后，先求出新的气体压强，再根据等温变化（气缸导热良好）的玻意耳定律，求出气缸内气体的新高度。

(3)保持气缸高度不变，放气后气体压强变为新值，先求出放气后气缸内气体在外界压强下的等效体积，再减去初始体积，得到放出气体在外界压强下的体积。（1）对活塞和砝码组合体进行受力分析，由受力平衡可知p解得初始状态气缸内压强p（2）由受力平衡，末态气体压强p又由等温变化玻意耳定律p解得h（3）根据等温变化可得p解得V=20．【答案】（1）解：金属环a在磁场中受到的安培力F根据牛顿第二定律F解得a金属环a在4s末的速度v（2）解：此时将开关S掷向2，金属环a做匀减速运动，在t2=6方向向左，根据牛顿第二定律F+μmg+