九年级物理上学期第二次月考试卷含解析新人教版

2019-2019学年山东省泰安一中虎山路校区九年级

（±）其次次月考物理试卷

一、选择题（每题2分，共30分）

1.下述状况发生的过程中，电能转化为机械能的是（）

A.电动机运转B.电熨斗烫衣服

C.发电机发电D.蓄电池对外供电

2.将一个标有"20V10『'的灯泡及一个最大阻值为40Q的滑动变

阻器串联，接在20V的电源上.闭合开关移动滑片的过程中，灯泡功

率的改变范围是（）

A.0W-10WB.2.5W-10WC.5W-10WD.10W-20W

3.两只额定电压相同的灯泡串联后接在电源上，亮度不同，则（）

A.较亮灯泡的额定功率较大B.较亮灯泡两端的电压较大

C.较亮灯泡通过的电流较小D.较亮灯泡灯丝的电阻较小

4.家庭电路中，制造保险丝的材料是（）

A.电阻小熔点低的合金丝B.电阻大熔点高的合金丝

C.电阻大熔点低的合金丝D.电阻小溶点高的合金丝

5.将电炉丝截短一些，再接入原来的电路中，则电炉消耗的电功率

将（）

A.变大B.变小C.不变D.无法推断

6.下列家用电器中，关于他们正常工作时的电流，下列说法中合理

的是（）

A.电风扇约为20AB.电冰箱约为1A

C.电视机约为0.2AD.台灯约为1A

7.电炉工作时，电热丝发红，温度很高，而连接电源及电炉的导线

几乎不热，主要缘由是（）

A.导线电阻远小于电热丝电阻

B.导线电阻远大十电热丝电阻

C.通过导线的电流比电热丝的小

D.通过导线的电流比电热丝的大

8.家庭电路中用测电笔去试发觉敏管发光，但灯不亮，其它用电器

也不工作，保险丝也完好，可知（）

A.零线某处开路B.灯丝断了C.火线断了D.短路了

9.电阻1，二2%，将它们分别串联和并联在同一电源上，在相同时间

内产生的总热量之比为（）

A.1：3B.3：1C.2：9D.9：2

10.下列对欧姆定律公式和导体电阻的理解，错误的是（）

A.因为I=£所以当U=0时，1=0

B.由所以当1【二0时，R可能为0

C.因为1=£得1^=¥所以当U=0,1=0时，R必等于零

D.对某一段导体来说U变大时I也变大，R的值不变

11.下列说法中不正确的是（）

A.两个电阻串联后接入某一电路，则阻值大的电阻其电功率也较大

B.假如用电器的实际电压为额定电压的一半，则它的实际功率等于

额定功率的2

C.标有“PZ220-100”的灯泡，表示该灯泡额定电压为220V,额定

功率为100W

D.电功率越大，电流做的功越多

12.要在家庭电路中，添加新的大功率用电器（如空调等），下列可

行的是（）

A.在现有的照明电路中，只需将保险丝换成足够粗就行了

B.在现有的照明电路中，只需将电能表和保险丝换成更大规格就行

了

C.在现有的照明电路中，须同时考虑电能表和保险丝的允许电流，

还需考虑原电线的承受电流实力

D.什么也不用考虑，再装上一个插座就行了

13.如图所示，电源电压不变，将Si、S2闭合，电路正常工作，然后

断开S2,则下列说法正确的是（）

A.A1示数变小，A?示数不变B.Ai示数不变，A2示数变大

C.A1示数变大，A?示数变大D.Ai示数不变，A?示数变小

14.如图所示电路，电源电压不变，R为恒定电阻，若在A,B两点

间接入一个阻值是12Q的电阻，电路中的也流是0.5A,现将这个12Q

的电阻换下，换上一个“6V4W”的电灯，那么这盏灯（）

A.能正常发光

B.不能正常发光，它的功率小于4W

C.不能正常发光，功率大于4W

D.条件不足，无法推断

15.在探讨电流跟电压、电阻的关系试验中，得出表格中的一组数据,

依据这组数据，可以得到的结论是（）

导体两端的电压（V）导体的电阻（Q）通过导体的电流（A）

450.8

250.4

651.2

A.导体电阻肯定时，导体两端的电压跟通过导体的电流成正比

B.导体电阻肯定时，通过导体的电流跟导体两端的电压成正比

C.导体两端电压肯定时，导体的电阻和通过导体的电流成反比

D.导体两端电压肯定时，通过导体的电流和导体的电阻成反比

二、填空题（1--3每空1分，4--7每空2分共32分）

16.甲灯泡标有“220V,15W”字样,乙灯泡标有“220V,100W”的

字样，则将两灯泡串联在220V的电路中，—灯更亮一些，若将两

灯并联在220V的电路中灯更亮一些.

17.用电器在一段时间内消耗的电能，可以通过—计量出来.电能

表表盘上有几个重要参数：

（1）“220V10A"中这个电能表的工作电压为,这个电能表允

许通过的最大电流为—.在该表下所能接的用电器的总功率为—

（2）600revs/kW・h是说接在这个电能表上的用电器，每消耗—的

电能，电能表的转盘转过600转.

（3）某电能表的盘面上标有“3000revs/kW・h”字样，假如在Imin

内转盘转过18转，则电路中用电器的功率是W.若用电器工作半

小时，消耗电能kW>h.

18.一段导体两端的电压3伏特时，通过它的电流强度是0.6安培，

这段导体的电阻是—假如导体两端电压为零时，通过它的电流

强度是—A,这段导体的电阻是—Q.

19.将标有“3V0.3A”和“3V0.6W”的灯泡,按随意方式连接起来

接到电压可调的电源上，在保证每个灯泡两端的电压不超过额定电压

的前提下，电源电压最高—V,电路中允许通过的最大电流为—A.

20.手机上运用的锂电池标有“3.6V900mA.h",请估算出这种电

池可储存的电能是—J.

21.将““220V,40W”和“220V,100W”的两灯串联在电路中,则

它们消耗的电功率之比为—.若将两灯并联在某一电路中，则它们

消耗的电功率之比为一.

22.如图所示电源电压为12V保持不变，R尸100。，1%上标有“2A,

200Q”，在滑片P从a端移动至b端的过程中，电压表读数的改变

范围是，R的功率改变范围是.

23.某电动机的额定电压为20V,线圈电阻为4Q,正常工作时的电

流为2A,它在10s内所做的功为产生的电热为,这台电动

机的机械效率为%

三、试验题（（1）题4分，（2）、（3）、（4）题每空2分，共22分）

24.如图丙是测定额定电压为2.5V小灯泡额定功率的实物连接图.

（1）请在方框内画出电路图.

（2）试验过程中某一时刻电压表示数如图甲所示，为了测得小灯泡,甲L

的额定功率，闭合开关后，应把图中的滑动变阻器滑片P向—（填

“左”或“右”）移动，直至电压表示数为2.5V为止，这时电流表

示数如图乙所示，为—A,则此时灯泡的额定功率是—肌小灯泡

此时的电阻为—，试验时发觉小灯泡的电阻不是恒定的可能的缘由

是一，生活中有何阅历或科技应用支持你的观点（举一例）—

（3）若电源电压为6V,滑动变阻器有“10。L5A”和“20。1A”

两种规格，那么试验中应选用规格为—的滑动变阻器.

（4）变阻器在该试验中的作用是：①—②—.

四、计算题（1题10分，2题8分，共18分）

25.如图所示，电饭锅有两种工作状态：一是锅内水烧开前的加热状

态，二是水烧开后的保温状态.其中，R2是加热用的电阻丝，

（1）当开关S断开后，两端电压是多少？

（2）求两种状态下，电饭锅消耗的功率分别是多少？分别是什么状

态.

26.要使一个标有6V,3W的小灯泡接在9'/的电源上正常发光，应串

联一个多的电阻？此时该电阻的功率是多大？（先画出电路再求解）

2019-2019学年山东省泰安一中虎山路校区九年级（上）其次次月考

物理试卷

参考答案及试题解析

一、选择题（每题2分，共30分）

1.下述状况发生的过程中，电能转化为机械能的是（）

A.电动机运转B.电熨斗烫衣服

C.发电机发电D.蓄电池对外供电

【考点】能量转化的现象.

【专题】应用题.

【分析】可对各选项进行分析，推断能的转化形式及过程进而选择推

断.

【解答】解：A、电动机运转时把电能转化为机械能；

B、电熨斗烫衣服是把电能转化为内能；

C、发电机发电是把机械能转化为电能；

D、蓄电池对外供电是把化学能转化为电能；

故选A.

2.将一个标有“20V10W"的灯泡及一个最大阻值为40。的滑动变

阻器串联，接在20V的电源上.闭合开关移动滑片的过程中，灯泡功

率的改变范围是（）

A.0W-10WB.2.5W-10WC.5W-10WD.10W-20W

【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用.

【专题】计算题；压轴题.

【分析】灯泡的功率可用P=『R来推断.灯泡及滑动变阻器串联，当

滑动变阻器的电阻全部接入电路时，电路的总电阻最大，电流最小，

灯泡功率最小.当滑动变阻器的电阻接入电路的电阻为零时，电路的

总电阻最小，电流最大，功率最大.

【解答】解：因为灯泡标有：“20V10W",接在20V的电源上，当

滑动变阻器的电阻接入电路的电阻为零时，功率最大，灯泡两端电压

是20V,灯泡正常工作，所以最大功率是10W.

凡=事占当滑动变阻器的电阻全部接入电路时，灯泡功率最小，R

]1UW

总=40。+40。=80。.

2QV

电流是，「两65A-PL=I2RL=（0.25A）2X40Q=2.5W.所以灯泡功率

的改变范围是2.5W--10W.

故选B.

3.两只额定电压相同的灯泡串联后接在电源上，亮度不同，则（）

A.较亮灯泡的额定功率较大B.较亮灯泡两端的电压较大

C.较亮灯泡通过的电流较小D.较亮灯泡灯丝的电阻较小

【考点】实际功率.

【专题】应用题；电能和电功率.

【分析】依据串联目路的特点，分析两灯泡的电阻状况，依据电阻依

次推断选项正误.

【解答】解，依照题意可知，较亮灯泡的实际功率较大.串联电路电

流相同，灯泡较亮说明分得电压较大，也即电阻较大，

2

依据P=自TT知，额定电压相同，电阻越大，额定功率越小，由此可知:

K

B正确，ACD错误；

故选B.

4.家庭电路中，制造保险丝的材料是（）

A.电阻小熔点低的合金丝B.电阻大熔点高的合金丝

C.电阻大熔点低的合金丝D.电阻小熔点高的合金丝

【考点】熔断器的作用及保险丝的选择方法.

【专题】定性思想；电及热、生活用电.

［分析】依据保险丝材料的特点以及保险丝在电路中的连接要求和作

用做出解答即可.

【解答】解：保险丝串联在电路中，它的作用是当电路中电流过大时.，

自动熔断，爱护电路.

故应选用电阻大，熔点低的铅睇合金制成.

故选：C.

5.将电炉丝截短一些，再接入原来的电路中，则电炉消耗的电功率

将（）

A.变大B.变小C.不变D.无法推断

【考点】实际功率.

【专题】电能和电功率.

TT2

【分析】本题考查了电功率公式：P二^合在导体的横截面积和材料

相同的状况下，导体的长度越长电阻越大，长度越短电阻越小，联立

求解.

【解答】解：因电阻丝的材料和横截面积相同，烧断后变为原长的方

12

故电阻也变为原来的彳所以T依T据电功率公式：■也炉的实际功率是

乙K

原来的2倍，所以B、C、D不符合题意，只有A符合题意.

故选：A.

6.下列家用电器中，关于他们正常工作时的电流，下列说法中合理

的是（）

A.电风扇约为20AB.电冰箱约为1A

C.电视机约为0.2AD.台灯约为1A

【考点】电流的大小.

【专题】应用题；电流和电路.

【分析【由常用家用电器的功率及电功率的计算公式可得出正常工作

时的电流.

【解答】解：家用电器的额定电压都是220V,依据我们对用电器电

功率的了解和电功率公式的变形式I二PU分别算出这四个用电器的电

流

丁FIOOW^.,,A”口

A、电风扇的功率约为100出由I=[j220V故A镐1天;

P220W

B、电冰箱的功率约为220W,由r苣瑞故B正确;

P200W

C、电视机的功率约为200W,由I=^§OV91A,故C错误;

p30W

D、台灯的功率约为30肌由I={j220V14A,故D错误.

故选B.

7.电炉工作时，电热丝发红，温度很高，而连接电源及电炉的导线

几乎不热，主要缘由是（）

A.导线电阻远小于电热丝电阻

B.导线电阻远大于电热丝电阻

C.通过导线的电流比电热丝的小

D.通过导线的电流比电热丝的大

【考点】焦耳定律；串联电路的电流规律.

【专题】应用题.

【分析】由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、

电阻大小和通电时间成正比.电热丝和连接的导线串联在电路中（通

过的电流相等），通电时间是相同的，而电热丝的电阻比导线的电阻

大，据焦耳定律分析.

【解答】解：电炉在运用时.，电热丝和导线串联，I电热丝二I导线，通电

时间t相同，

2

VQ=IRt,R电热隹＞R部线,

・・・电流产生的热量：

Q电热丝＞Q导线，

从而出现电热丝热得发红，但跟电热丝连接的导线几乎不热的现象.

故选A.

8.家庭电路中用测电笔去试发觉就管发光，但灯不亮，其它用电器

也不工作，保险丝也完好，可知（）

A.零线某处开路B.灯丝断了C.火线断了D.短路了

【考点】家庭电路的故障分析.

【专题】定性思想；电及热、生活用电.

【分析】用电器均不正常而保险丝未熔断，说明电路中干路上有断路,

测电笔测试各处电路，敏管都发光，说明各点及火线是连通的，故只

可能是零线断了.

【解答】解：A、零线断了其它部分都相当于火线，测试时血管会发

光，室内的用电器不能工作，故A符合题意；

B、灯丝断了，灯不亮，其它用电器仍工作，故B不符合题意；

C、进户火线断路，用测电笔测试室内各处电路时，筑管都不会发光;

故c不符合题意；

D、若室内火线及零线短路，电路中的电流会很大，保险丝会烧断，

故D不符合题意；

故选A.

9.电阻R2=2I<,将它们分别串联和并联在同一电源上，在相同时间

内产生的总热量之比为（）

A.1：3B.3：1C.2：9D.9：2

【考点】焦耳定律的计算公式及其应用.

【专题】计算题；电及热、生活用电.

【分析】已知两电阻的关系，依据电阻的串并联得出两种状况下电路

2

的总电阻，再依据Q二FRt二？得出在相同时间里电流通过两电阻所产

生的热量之比.

【解答】解：

串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

两电阻串联时电路中的总电阻：

R用=R1+R2=Ri+2Ri=3Ri,

并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，

两电阻并联时电路中的总电阻：

由Q二］2［九二（

K

分别把它们串联和并联在同一电源的两端，相同时间里电流通过两电

阻产生的热量之比：

故选c.

10.下列对欧姆定律公式和导体电阻的理解，错误的是()

A.因为「与所以当U=0时，1=0

B.由I二'所以当U=0时，R可能为0

C.因为I二与得R二节所以当U=0,1=0时，R必等于零

D.对某一段导体来说U变大时I也变大，R的值不变

【考点】欧姆定律的应用；电阻.

【专题】应用题；电压和电阻；欧姆定律.

【分析】利用下列学问分析推断：

(1)电阻是由导体自身确定的，及导体的材料，长度，横截面积有

关，及导体两端的电压和通过导体的电流无关.

(2)导体中电流及导体两端的电压和导体的电阻确定的.

(3)依据欧姆定律公式，运用限制变量法分析电阻、电流以及电压

的关系.

【解答】解:

A、电流由电压及电阻共同确定，当电压为零时，电流为零，故A正

确；

B、导体电阻由导体木身性质确定，及导体两端电压无关，当电压为

零时，导体电阻不变，不为零，故B错误；

C、导体电阻由导体本身的性质确定，及导体两端电压、通过导体的

电流无关，当电压为零时，电流为零，但导体电阻不为零，故C错误;

D、对某一段导体来说，电阻R是肯定的，电压U变大，电流I变大,

故D正确；

故选：BC.

11.下列说法中不正确的是（）

A.两个电阻串联后接入某一电路，则阻值大的电阻其电功率也较大

B.假如用电器的实际电压为额定电压的一半，则它的实际功率等十

额定功率的2

C.标有“PZ220-100”的灯泡，表示该灯泡额定电压为220V,额定

功率为100W

0.电功率越大，电流做的功越多

【考点】电功率.

【专题】电能和电功率.

【分析】由电功率公式W=Pt和P二监P二曲，结合串并联电路特点分

析解答.

【解答】解：A、两个电阻串联后接入某一电路，电流相等，则由P二PR

可知阻值大的电阻其电功率也较大.故A正确；

TT2

B、假如用电器的实际电压为额定电压的一半，则由知在电阻不

变时，P'=用、比它的实际功率等于额定功率的2故B正确；

C、标有“Pzz¥u-100”的灯泡，表示该灯泡额定电压为220V,领定

功率为100W.故C正确；

D、由电功后Pt可知当时间t不确定时，电流做的功不确定.故D错

误.

故选：D.

12.要在家庭电路中，添加新的大功率用电器（如空调等），下列可

行的是（）

A.在现有的照明电路中，只需将保险丝换成足够粗就行了

B.在现有的照明电路中，只需将电能表和保险丝换成更大规格就行

j

C.在现有的照明电路中，须同时考虑电能表和保险丝的允许电流，

还需考虑原电线的承受电流实力

D.什么也不用考虑，再装上一个插座就行了

【考点】熔断器的作用及保险丝的选择方法.

【专题】电及热、生活用电.

【分析】家庭电路中，短路或用电器的总功率过大，由I二p号知，会

引起电路的电流过大，要考虑保险丝、电能表和电线的承受实力，据

此分析选项正误.

p

【解答】解：家庭电路中添加新的大功率用电器，由1二不知，会引

起电路的电流过大，在现有的照明电路中，须同时考虑电能表和保险

丝的允许电流，还需考虑原电线的承受电流实力，故ABD错、C正确.

故选C.

13.如图所示，电源电压不变，将8、S2闭合，电路正常工作，然后

断开S2,则下列说法正确的是（）

A.Ai示数变小，A?示数不变B.Ai示数不变，A2示数变大

C.A1示数变大，A?示数变大D.Ai示数不变，A2示数变小

【考点】电路的动态分析.

【专题】电路改变分析综合题.

【分析】将开关Si、S2都闭合后，电灯和电阻并联，电流表A2测量通

过电灯的电流，电流表Al测量干路电流；

断开开关S2,通过电灯的电流不变，通过电阻的电流变为0,再依据

并联电路的电流特点推断电流表A,的不数改变.

【解答】解：由图可知，当S1、S2都闭合时，电灯和电阻并联，电流

表A2测量通过电灯的电流IL,电流表Ai测量干路电流I,

I=IL+IR；

断开s2,电源电压不变，依据欧姆定律可知通过电灯的电流。不变（电

流表A?的示数不变），通过电阻的电流h变为0,所以干路电流将变

小，即电流表Ai的示数变小.

故选A.

14.如图所示电路，电源电压不变，R为恒定电阻，若在A,B两点

间接入一个阻值是12Q的电阻，电路中的电流是0.5A,现将这个12Q

的电阻换下，换上一个“6V4W”的电灯，那么这盏灯（）

A.能正常发光

B.不能正常发光，它的功率小于4W

C.不能正常发光，功率大于4W

D.条件不足，无法推断

【考点】电路的动态分析.

【专题】电路改变分析综合题.

【分析】（1）已知A、B两点间接入电阻的大小和电流的大小，利用

U=IR求出电阻分得的电压；

2

（2）依据灯泡的铭牌，利用公式R二与出灯泡的电阻，然后比较灯泡

的电阻及12欧的关系，再依据串联电路的电阻分压特点推断灯泡两

端分得的电压改变，最终比较灯泡分得的电压及6V的关系可知灯泡

功率的范围.

【解答】解：当A、B两点间接入一个阻值为12欧姆的电阻时，电阻

两端电压：U=IR=O.5AX12Q=6V；

•・•灯泡的电阻：RL曾丈12Q,

・・・当接入“6V4『，灯泡时，因电阻变小，所以灯泡L分得的电压小

于6V,故小灯泡的实际功率小于4W.

故选B.

15.在探讨电流跟电压、电阻的关系试验中，得出表格中的一组数据,

依据这组数据，可以得到的结论是（）

导体两端的电压（V）导体的电阻（Q）通过导体的电流（A）

450.8

250.4

651.2

A.导体电阻肯定时，导体两端的电压跟通过导体的电流成正比

B.导体电阻肯定时，通过导体的电流跟导体两端的电压成正比

C.导体两端电压肯定时，导体的电阻和通过导体的电流成反比

D.导体两端电压肯定时，通过导体的电流和导体的电阻成反比

【考点】探究电流及电压、电阻的关系试验.

【专题】应用题；欧姆定律.

【分析】探究“电流及电压和电阻的关系”运用的是限制变量法，探

究电流和电压的关系，需使电阻不变；探究电流和电阻的关系，需使

电压不变.

【解答】解：由表中数据可知，电阻R=5。不变，且电压增大为原来

的几倍，电流也增大为原来的几倍，可得在导体电阻肯定时，通过导

体的电流跟导体两端的电压成正比，

故ACD错误，B正确.

故选B.

二、填空题（1--3每空1分,4--7每空2分共32分）

16.甲灯泡标有“220V,15W”字样，乙灯泡标有“220V,100W”的

字样，则将两灯泡串联在220V的电路中，甲灯更亮一些,若将

两灯并联在220V的电路中二^灯更亮一些.

【考点】实际功率.

【专题】应用题；比较思想；推理法；电能和电功率.

2

【分析】知道两灯泡的额定电压和额定功率，依据较TT两灯泡的

电阻关系；两灯串联时电流相等，依据P二1R可比较它们的功率大小

状况；两灯泡并联时它们两端的电压相等，依据额定电压下灯泡的功

率和额定功率相等比较它们实际功率之间的关系，依据灯泡的亮暗取

决于实际功率的大小推断亮暗关系；

【解答】解：由灯泡的铭牌可知，两灯泡的额定电压相等，由P二g

可知，甲灯泡的额定功率小，故甲灯泡的电阻较大；

两灯串联在电路中时，电流相等，则由P=PR可知，电阻较大的甲灯

泡的实际功率较大，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小；因此甲灯

更亮一些；

而并联电路中各支路两端的电压相等，且额定电压下灯泡均正常发

光，所以，并联在220v电源上时，乙灯泡的实际功率较大，因灯泡

的亮暗取决于实际功率的大小，所以，乙灯泡较亮；

故答案为：甲；乙.

17.用电器在一段时间内消耗的电能，可以通过电能表计量出

来.电能表表盘上有几个重要参数：

(1)“220V10A”中这个电能表的工作电压为220V,这个电能

表允许通过的最大电流为10A.在该表下所能接的用电器的总功

率为2200W

(2)600revs/kW・h是说接在这个电能表上的用电器，每消耗lkW・h

的电能，电能表的转盘转过600转.

(3)某电能表的盘面上标有“3000revs/KW・h”字样，假如在Imin

内转盘转过18转，则电路中用电器的功率是360TV.若用电器工

作半小时，消耗电能0.18kW・h.

【考点】电功率的计算；电能表参数的理解及电能的求法.

【专题】计算题；电能和电功率.

【分析】电能表是测量消耗电能的仪表，驾驭电能表表盘上各参数的

含义：

(1)“220V10Av：“220V”指这个电能表的工作电压为

220V.“10A”是指这个电能表平常工作允许通过的最大电流为10A；

依据P二UI可以计算电路的最大功率.

(2)“600r/kW・h”是指接在这个电能表上的用电器，每消耗IkTkh

的电能，电能表上的转盘转过600圈.

(3)先求出电能表的转数为18转时消耗的电能，还知道工作时间，

依据公式P二不求用电器的功率；再利用W二Pt求用电器工作半小时消

耗的电能.

【解答】解：用电器在一段时间内消耗的电能，可以利用电能表测量.

(1)“220V”指这个电能表的工作电压为220V.

“10A”是指这个电能表平常工作允许通过的最大电流为10A.

电路最大功率为：P=UI=220VX10A=2200W.

(2)“600r/kW・h”表示每消耗lkW・h的电能，电能表上的转盘转过

600圈.

(3)电能表转了18转，则消耗电能:

W二瀛二0.006kW*h,

用电器的功率：

KO.006kW・h

P=-~i---360W；

用电器工作半小时消耗的电能:

W'=Pt'=0.36kWX0.5h=0.18kW*h.

故答案为：电能表；(1)220V；10A；2200W；(2)IkW-h；(3)360；

0.18.

18.一段导体两端的电压3伏特时，通过它的电流强度是0.6安培,

这段导体的电阻是一5Q,假如导体两端电压为零时，通过它的电

流强度是0A,这段导体的电阻是5Q.

【考点】欧姆定律的应用；电阻；影响电阻大小的因素.

【专题】计算题.

【分析】①知道导体两端的电压和通过导体的电流，可利用公式R=

苧算出导体的电阻.

②当加在导体两端的电压为0时，依据欧姆定律可得电流也为0；导

体的电阻由导体的长度、横截面积和材料确定，及导体两端的电压和

通过的电流大小无关，由此可知导体两端的电压改变后，电阻不变.

【解答】解:

①TU=3V,1=0.6A,

T13V

・••导体的电阻为：R二五隹.

②当加在导体两端的电压为0时，依据欧姆定律I二告知电流也为0A,

而导体的电阻及导体两端的电压和通过的电流大小无关，所以这段导

体的电阻仍为5。.

故答案为：5；0；5.

19.将标有“3V0.3A”和“3V0.6W”的灯泡，按随意方式连接起来

接到电压可调的电源上，在保证每个灯泡两端的电压不超过额定电压

的前提下，电源电压最高5V,电路中允许通过的最大电流为0.5

A.

【考点】电功率及电压、电流的关系；欧姆定律的应用.

【专题】计算题；电路和欧姆定律；电能和电功率.

【分析】由1=3PWI先计算通过其次个灯泡的电流和两灯电阻，依

据串联和并联电路特点和欧姆定律分析灯泡两端的电压不超过额定

电压的前提下的电源电压,

【解答】解:

由1二笥得“3V0.3A”灯的电阻：

KL斤o.3A''

由P二UI可得"3V0.6W”灯泡的额定电流：

F0.6W.

IT-3VA,

2b2

2一万g.2A2，

串联电路中电流到处相等，若两灯串联，电路中最大电流为0.2A,

由串联电路电阻特点和欧姆定律可得电源电压:

U=I(兄+RD=0.2AX(10Q+15Q)=5V；

并联电路中各支路两端电压等于电源电压，若两灯并联，电源电压最

大为3V,

并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，

\]3V

此时电路中电流：I二标UQA.

J

所以在保证每个灯泡两端的电压不超过额定电压的前提下，电源电压

最高5V；电路中允许通过的最大电流O.5A.

故答案为：5；0.5.

20.手机上运用的锂电池标有“3.6V900mA.h",请估算出这种电

池可储存的电能是一11232J.

【考点】电功的计算.

【专题】电能和电功率.

【分析】mA・h是电流和时间单位的乘积，利用电流的定义可知mA-h

是电荷量的单位.由公式W=UIt=UQ可计算出手机能储存的电能.

【解答】解：由电流的定义式I与：Q=11=900mAh=900X1X10-3AX

3600s=3120C,

该手机电池可储存的电能W=UIt=UQ=3.6VX3120C=11232J.

故答案为：11232.

21.将““220V,40W”和"220V,1OOWV的两灯串联在电路中，则

它们消耗的电功率之比为5：2.若将两灯并联在某一电路中，则

它们消耗的电功率之比为2：5.

【考点】电功率的计算.

【专题】计算题；电能和电功率.

【分析】知道两灯泡的额定电压和额定功率，依据P=（出两灯泡的

电阻之比；

（1）两灯泡串联时通过它们的电流相等，依据P=I?R得出它们消耗

的电功率之比；

2

（2）并联时两灯电压相等，依据P二TT拶出两灯泡消耗的电功率之比.

K

【解答】解：

由题知两灯额定电压相同，依据P二（得两灯泡的电阻之比：

将两灯泡串联在220V的电源上时，串联电路中各处的电流相等，

由P=I2R可得，两灯泡消耗的电功率之比：

将两灯并联在某一电路中时，因并联电路中各支路两端的电压相等，

2

由p=小TT得，两灯泡消耗的电功率之比：

K

故答案为：5：2；2：5.

22.如图所示电源电压为12V保持不变，R^IOOQ,R2上标有“2A,

200Q”，在滑片P从a端移动至b端的过程中，电压表读数的改变

范围是0V〜8V,Ri的功率改变范围是1.44W〜0.16W,

【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算.

【专题】计算题；欧姆定律；电能和电功率.

【分析】由电路图可知，灯泡R及滑动变阻器K串联，电压表测R

两端的电压.

(1)当滑片位于a端时，电路为％的简洁电路，其消耗的电功率最

2

大，依据P二TT会最大功率；

K

(2)当滑片位于a端时电压表被短路，示数为0；当滑片位于b端

时电压表的示数最大，依据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电

流，再依据欧姆定律求出电压表的示数，进一步得出答案.

【解答】解：由电路图可知，灯泡R及滑动变阻器R2串联，电压表

测Rz两端的电压.

(1)R两端电压最大可为12V时，消耗功率最大，此时变阻器接入

电阻应当调整为零.

%消耗的最大功率：PE"空鸳；

KIUU32

A

(2)电压表测滑动变阻器两端电压，最小电压为0V,

当变阻器接入阻值最大时，电压最大.此时电流为：

12V

I=F1X00QJ+200Q

UMX=IR2=0.04AX200Q=8V,

电压表的读数范围是0・8V；

R消耗的最小功率：Pi最小=/R尸(0.04A)2X100Q=0.16W；

R的功率改变范围是1.44W-0.16W；

故答案为：0V〜8V；1.44W〜0.16W.

23.某电动机的额定电压为20V,线圈电阻为4。，正常工作时的电

流为2A,它在10s内所做的功为400J产生的电热为160J,

这台电动机的机械效率为60%

【考点】电功的计算；能量利用效率；焦耳定律的计算公式及其应用.

【专题】计算题；电能和电功率；电及热、生活用电.

【分析】(1)依据竹Pt二Ult求解消耗的电能；

(2)依据Q=rRt求解产生的热量；

(3)依据W机二W-Q求解输出的机械能从而计算机械效率.

【解答】解：

(1)电动机额定电压为220V,电流为2A,电动机正常工作10s,消

耗的电能：

W=UIt=20VX2AX10s=400J；

(2)产生的热量：

Q=I2Rt=(2A)2X4QX10s=160J；

(3)电动机工作时，将电能转化为机械能和内能，所以输出的机械

能为：

W机=W-Q=400J-160J=240J,

所以这台电动机的机械效率：

故答案为：400J；160J；60.

三、试验题（（1）题4分，（2）、（3）、（4）题每空2分，共22分）

24.如图内是测定额定电压为2.5V小灯泡额定功率的实物连接图.

（1）请在方框内画出电路图.\>^

（2）试验过程中某一时刻电压表示数如图甲所示，为了测得小灯泡,甲L

的额定功率，闭合开关后，应把图中的滑动变阻器滑片P向填

“左”或“右”）移动，直至电压表示数为2.5V为止，这时电流表

示数如图乙所示，为0.24A,则此时灯泡的额定功率是0.6

W.小灯泡此时的电阻为10.4。，试验时发觉小灯泡的电阻不是

恒定的可能的缘由是一灯丝的电阻随温度的改变而改变，生活中有

何阅历或科技应用支持你的观点（举一例）白炽灯在刚接通时简洁

烧毁

（3）若电源电压为6V,滑动变阻器有“10QL5A”和“20Q1A”

两种规格，那么试验中应选用规格为20。1A的滑动变阻器.

（4）变阻器在该试验中的作用是：①爱护电路②调整灯泡两

端的电压.

【考点】电功率的测量；影响电阻大小的因素；欧姆定律的应用.

【专题】电路和欧姆定律；电能和电功率；测量型试验综合题.

【分析】（1）依据实物图画出电路图：

（2）连接电路时，变阻器连入电路中的阻值最大，依据图甲电压表

小量程读数，比较电压表示数及2.5V的大小，因灯在额定电压下的

功率为额定功率，依据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动

的方向中，依据图乙电流表小量程读出电流表的示数，依据P二U;求

灯泡的额定功率；由欧姆定律计算灯的电阻；

依据灯丝的电阻随温度的改变而改变回答；

白炽灯在刚接通时简洁烧毁；

（3）依据串联电路电压的规律及欧姆定律求出变阻器连入电路的电

阻，确定选用滑动变阻器的规格；

（4）依据试验目的和操作确定变阻器除爱护电路