物质的比热容-1

12.3物质的比热容（解析版）

考点直击

知识点1水的比热容的特点及应用

知识点2比热容的摄念及其应用

知识点3热量的计算

知识点4热平衡的应用

知识点5探究比热容的实验

装逾翼的合折+变式制秣

考点1水的比热容的特点及应用

1、水的比热容较大，在工农业生产和日常生活中有广泛的应用，这个应用主要考虑两个方

面：（1）由于水的比热容较大，一定质量的水吸收（或放出）很多的热而自身的温度

却变化不多，有利于调节气候;

①夏天，太阳光照射到海面上，海水的温度在升高过程中吸收大量的热，所以人们住在海边

并不觉得特别热；

②冬天，气温低了，海水由于温度降低而放出大量的热，使沿海气温不至于降得太低，所以

住在海边的人们又不觉得特别冷；

（2）一定质量的水升高（或降低）一定温度吸热（或放热）很多，有利于用水作冷却剂或

取暖;

①作冷却剂时，是让水吸收带走更多的热量；

②用来取暖时，是让水放出更多热量供给人们，另一方面。

【典例1】下列实例或现象中，利用水的比热容比较大这一特性的是（）

A.木块能漂浮在水面上B.汽车发动机用水做冷却剂

C.化学实验中用排水法集气D.满装饮料瓶不宜放入冰箱冷冻

【答案】Bo

【解答】解：A、木块能漂浮在水面上，是因为木块的密度比水的密度小，与水的L匕热容

大无关，故A不符合题意；

B、因为水的比热容较大，质量相同的水与其它物质相比，升高相同的温度，水吸收的热

量多，所以用水做汽车的冷却液，故B符合题意；

C、化学实验中用排水法集气，是由于该气体不溶于水，与水的比热容大无关，故C不

符合题意；

D、满装饮料瓶不宜放入冰箱冷冻，是由于饮料凝固后体积变大，会将饮料瓶涨破，与水

的比热容大无关，故D不符合题意。

故选：Bo

【典例2】北京冬奥会期间进行人工造雪。如图，造雪机将水吸入，然后从前方喷出“白雾”,

在“白雾”下面形成“白雪”，形成“白雪”的主要物态变化是凝固。夏天天气炎

热，地面上洒水感觉比较凉快，是利用了水汽化吸热，汽车用水冷却发动机是因为

水比热容较大。

【答案】凝固；汽化吸热；比热容较大。

【解答】解：人工造雪机在造雪时，吸入大量的水而产生雪，因此这个“雪”是由“7K”

变化来的，属于凝固现象；

把水洒在地面上时，水汽化时吸热，起到降低周围温度的作用，所以会感觉比较凉快；

水的比热容较大，与相同质量的气体物质相比，升高相同温度时可以吸收较多的热量，

所以用水来冷却汽车发动机。

故答案为：凝固；汽化吸热；比热容较大。

【变式训练11下列现象与水的比热容大小无关的是（）

A.北方楼房中的暖气用水作输运能量的介质

B.种植花草树木,能有效地改善气候

C.工厂里的冷却塔大多用水作为冷却介质

D.农民常在上面的盆中装些水，通过毛巾渗到下面的盆中，使箱内的食

物温度降低

【答案】Do

【解答】解：A、因为水的比热容较大，质量相同的水与其它物质相比，降低相同的温度,

水放出的热量多，所以冬天暖气设备用水作输运能量的介质，故A不符合题意；

B、大面积种植花草树木，可以减少水土流失，因为水的比热容大，相同质量的水和其它

物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度变化量小，所以种植花草树木，能够改善

土壤的含水量，能有效的改善气候，故B不符合题意；

C、因为水的比热容较大，质量相同的水与其它物质相比，升高相同的温度，水吸收的热

量多，所以工厂里的冷却池大多用水作为冷却介质，故C不符合题意；

D、图中通过毛巾渗到下面的盆中使箱内的食物温度降低，是利用了蒸发吸热，不是利用

水的比热容大的特点，与比热容无关，故D符合题意。

故选：D。

【变式训练2】汽车的散热器用水作为冷却剂,是因为它的比热容较大，相同条

件下吸收的热量较多，冷却效果好。

【答案】水；较大；较多。

【解答】解：汽车的散热器可用水做冷却剂，是因为水的比热容比较大，在升高相同的

温度时可以吸收更多的热量，使发动机的温度降的更低，冷却效果好。

故答案为：水；较大；较多。

考点2比热容的概念及其应用

1、单位质量的某种物质温度升高『C吸收的热量叫做这种物质的比热空，简称比热。

比热容是通过比较单位质量的某种物质升温1℃时吸收的热量，来表示各种物质的不同性

质。

2、比热容的单位：在国际单位制中，比热容的单位是J/(M・℃),读作焦每千克摄氏

度。

3、水的比热容是4.2X103j/(kgJc)；它的物理意义是1千克水，温度升高或者降低1℃,

吸收或者放出的热量是4.2X10,焦耳。

4、比热容解释简单的自然现象：如为什么海水与沙子在同一时刻的温度不一样？

因为海水与沙子受光照的时间完全相同，所以它们吸收的热量相同，但是海水的比热比

沙子的比热大，所以海水升温比沙子升温慢；没有日照时，海水降温比沙子降温慢。

【典例3］如图是用相同的加热装置对a、b、c三种固态物质加热时它们的温度随时间变化

B.温度从Ti升高到T2时，a、b吸收的热量相等

C.如果a、b是同种物质，a与b的质量之比为3：2

D.如果a、c质量相同，a与c的比热容之比为1：3

【答案】Do

【解答】解：由图象知：

A、4〜6min时间内物质a的温度虽然不变，但继续吸收热量，所以其内能增加，故A错

误；

B、温度从Ti升高到T2时，a物质的加热时间比b物质短，所以a物质吸收的热量比b

少，故B错误；

C、如果a、b是同种物质，比热容相同，升高相同的温度时，a加热4min,b加热6min,

相同时间内吸收的热量相同，则六Q_=4o,—cm_△tn则,=4n，故C错误；

Qb3cmbAt3mb3

D、如果a、c质量相同，a从Ti升高到T4,加热4min,c从TI升高到T3,加热8min,

△t_0Q.c.inAt.

由题可知T1：T2：T3：T4=l：2：3：4,则一^a_=亘，Qa：Qc=l：2,

At_2Qcc_mAt_

所以，生=工，故D正确。

Cc3

故选：D。

【典例4】用如图所示的两套相同装置探究不同物质吸热升温的现象，将相等质量的沙子和

水分别

装入铝桶中，用温度计测出它们的初始温度，点燃酒精灯加热，用玻璃棒搅拌

沙子和水，观察到沙子升温比水快，由此，可以推得，质量相等的沙子和水，升高相同

的温度，水吸收的热量多。

【答案】温度；搅拌；水。

【解答】解：探究不同物质吸热升温的现象，控制初温相同；加热时，用玻璃棒搅拌，

使物体受热均匀；水的比热容比沙子大，所以相同质量的水和沙子，升高相同的温度，

水吸收热量多。

故答案为：温度；搅拌；水。

【变式训练1】用相同的加热器对甲、乙、丙三种物质同时持续加热（乙、丙为液体），其

温度随时间变化的关系图像如图所示。下列说法正确的是（）

♦温度/P

50

30

0III，时间/min

A.实验时的气压一定低于一个标准大气压

B.甲物质在5min~7min内温度不变，内能不变

C.若乙、丙两物质是同种物质，则质量一定相等

D.甲物质固体时和液体时的比热容之比为c固：c液=1：2

【答案】Do

【解答】解：A、由于不知道甲、乙、丙三种物质的种类，因此无法根据温度一一时间图

像判断大气压强的值，故A错误；

B、甲图像是晶体的熔化图像，且5-7min是熔化过程，此过程中吸热温度不变，内能增

力口，故B不正确；

C、从图中可知，乙液体从30℃加热到50c所用时间比内液体从30c加热到50℃所用时

间短，因为加热器相同，所以乙吸收的热量比丙吸收的热量少，温度都是由30C升高到

50℃,即升高的温度相同，

由于是同种物质，故比热容相同，由Q吸=可知，此时乙的质量小于丙的质量，

故C错误；

D、由图像可知，固态时从30℃加热到800c所用时间与液态时从80c加热到90℃所用时

间之比：5min：(13min-1Imin)=5：2,即t固：t液=5：2,

因为加热器相同，所以Q固吸：Q液吸=5：2,即c固m固At固：c液m液At液=5：2,

又因为111固=111液，At固：At液=(80C-30C)：(90℃-80℃)=5：1

所以甲物质固态时和液态时的比热容之比：c固：c液=1：2,故DE确。

故选：D。

【变式训练21两个相同的容器中分别装入质量相同的甲、乙两种液体，使用相同的热源为

其加热，液体温度与加热时间的关系如图所示，若甲、乙两液体吸收相同的热量，则_S.

液体升高的温度较多；两者比较，乙液体更适合作汽车的冷却剂。

【解答】解：(1)由图象可知，加热相同的时间，甲升高的温度大于乙升高的温度，由

于采用同一热源加热，加热相同的时间时，甲、乙两液体吸收的热量相等，因此甲、乙

两液体吸收相同的热量时，甲液体升高的温度高。

(2)由图象可知，在质量和温度升高度数相同时，乙加热的时间长，由于采用同一热源

力口热，加热的时间长的吸收的热量多，因此乙液体吸收的热量多，故乙液体更适合作汽

车的冷却剂。

故答案为：甲；乙。

考点3热量的计算

物体的温度升高时吸收热量为：Q吸=cm(tt0);降低时放出的热量为：Q放二cm(tot)；

其中c——物体的比热容——单位J/(kg・℃)；

in-------物体的质量----单位3；

t0—物体原来的温度岂；

t—物体后来的温度岂。

若用△土表示物体变化的温度(升高或降低的温度)，物体温度升高过程吸收的热量或物体

温度降低过程放出的热量可以统一写为：Q=cmAt；

公式可以变形为©=一里、01=卫-、=

mAtcAtcm

X(1)应用热量公式解题应注意的几个问题：

①质量的单位要用千克；

②注意识别和恰当地使用有关“温度变化”的用词，一定要分清初温、末温，升高了、

升高到(或降低了、降低到)的温度含义，要根据题意作出正确的判断；

③应用热量公式的条件是物质的状态不能改变，若不考虑这个因素，计算结果就会出现

错误

(2)这两个公式解题的一般步骤是：

①根据题意是吸热还是放热找出相应的公式；

②明确要求的物理量；

③根据所给已知条件求解.

(3)在使用热量公式进行计算时，首先各物理量的单位必须统一用国际单位，如温度t

的单位用°C,质量m的单位用kg,比热容c的单位用J/(kg・℃),热量的单位用J;其

次，对有关温度的文字叙述应特别谨慎，不可乱套，注意分清“升高”“升高了”“降

低”“降低了”对应的都是温度的改变量△t,而不是温度t；而“升高到”“降低到”

对应的才是物体的末温t。

【典例5】小明同学用酒精灯对冰块加热，研究冰的熔化现象。他依据实验数据绘制了图中

甲、乙两条图线中的一条，已知m冰=O.lkg,c水=4.2X1()3J/(kg・p),c冰=2.1X1()3J/

(kg・℃),酒精灯在相同时间内的加热效果相同，下列分析正确的是()

A.小明绘制的是甲图线

B.1〜3min内温度不变，说明冰块没有吸收热量

C.0〜Imin内冰块吸收的热量为2.1X103J

D.1〜3min内，冰水混合物吸收的热量为2.1Xl()3j

【答案】Do

【解答】解：

A、由图可知，在0〜Imin内，冰吸收热量，温度升高了5°C；冰化成水后，质量不变，

根据题意可知，水的比热容是冰的比热容的2倍，根据Q=cmAt可知，水升高5℃所需

的热量为冰升高5℃所需热量的2倍，即水升高5℃,所需的加热时间为2min,故乙图

线是水的升温图象，故A错误；

B、由图可知，冰在熔化的过程中，温度保持不变，为晶体，这个过程中，冰会吸收热量,

内能增大，故B错误；

3

C、冰吸收的热量为：Q冰=ci^m冰△t=2.1Xl()3j/(kg・c)X0.1kgX5r=1.05X10J,

故C错误；

D、酒精灯在相同时间内的加热效果相同，2min吸收的热量是Imin吸收热量的2倍，1〜

3min内，冰水混合物吸收的热量为Q=2Q冰=2X1.()5X1()3J=2.1X1()3J,故D正确。

故选：Do

【典例6】加热质量为5千克、温度为20c的牛奶，牛奶的温度升高了40℃。求牛奶吸收

的热量Q吸。【c牛奶=2.5X103焦/(千克・C)]

【解答】解：牛奶吸收的热量;

5

()吸=(:牛奶mAt=2.5Xl()3j/(kg・℃)X5kgX40℃=5X10Jo

答：牛奶吸收的热量为5Xl()5j。

【变式训练1】质量相等的甲、乙两物体的比热容之比为2：3,它们升高的温度之比为3：

1,则甲、乙两物体吸收热量之比为()

A.1：2B.9：2C.2：9D.2：1

【答案】Do

【解答】解：由Q=cm△t得：

甲物体吸收的热量Q甲=c甲m甲At甲，乙吸收的热量Q乙=©乙m乙At乙，

则甲、乙两物体吸收热量之比：

Q甲。甲111甲/\1■甲—2X1X3=2

Q乙c乙m乙乙3X1X11

故选：Do

【变式训练2】质量为5千克的水冷却过程中，放出热量Q为4.2X105焦后，测得温度20℃,

求水的初温。[c水=4.2X103焦/(千克・。。)]

【解答】解：由、=541可知，水升高的温度：-----------

c水m

4.2X1C)5J—20℃；

4.2X103J/(kg-lC)X5kg-

由At=to-t可知，水的初温to=t+At=20℃+20℃=4()℃。

答：水的初温是40℃。

考点4热平衡的应用

(1)热平衡：在热传递过程中，如果没有热量损失，则高温物体放出的热量Q放等于低

温物体吸收的热量Q吸，即QQQ股，把这个关系叫热平衡方程；

(2)热平衡方程式：两个温度不同的物体放在一起，高温物体放出热量，低温物体吸收

热量，当两个物体温度达到相同时，如果没有热量损失，则有Q吸二Q放，称为热平衡方程,

在热量计算题中，常采用此等式。

※注意此方程只适用于绝热系统内的热交换过程，即无热量的损失;在交换过程中无热

和功转变问题；而且在初、末状态都必须达到平衡态；

①系统放热，一般是由于温度降低、凝固、液化及燃料燃烧等过程；

②而系统吸热则是由于温度升高，熔解及汽化过程而引起的。

【典例7】A、B两物体质量相等，温度均为10℃；甲、乙两杯水质量相等，温度均为50℃。

现将A放入甲杯，B放入乙杯，热平衡后甲杯水温降低了4C,乙杯水温降低了8℃,不

考虑热量的损耗，则A、B两物体的比热容之比为()

A.4：9B.3：5C.2：3D.1：2

【答案】Ao

【解答】解：(1)物体A放入甲杯水后，它们的共同温度为50℃・4℃一46℃,

水放出的热量Q放=c水m水△t水

A吸收的热量Q1%=CAmA△tA，

根据热平衡方程：(？放=(?吸，

即c水m水△t水=©八01八AtA，即c水m水X4℃=CAmAX(46℃-10℃)

所以A的比热容为：

41cvC水1rl水1C水m水

CA=上X------------=—x------------，

36CmA9mA

(2)物体B放入乙杯水后，它们的共同温度为50C-8℃=42℃,

水放出的热量Q放水At水'，

B吸收的热量C?吸=匚1311归4出'，

根据热平衡方程：(5放=、吸，

即c水m水At水'=CBmBAtB，即c水m水X8℃=cBmBX(42℃-10℃)

所以B的比热容为：

「_8C%°水1n水_1c水m水

CB——5八--------一入x--------

32UmB4mB

因为A、B两物体质量相等，即mA=mB,

1

所以A、B的比热容之比为:9。

故选：Ao

【典例8】甲、乙两种液体的密度之比为p甲：p乙=5：4,体积之比为V甲：V乙=2：3,比

热容之比为c甲：c乙=1：2,且它们的初温不等。现将它们混和，不计混和过程中的热

损失，达到热平衡后液体温度相对各自初温变化量分别为At甲和At乙，则At甲：At乙为

12：50

【答案】12：5。

【解答】解：由p=学得，液体的质量m=pV,

则甲、乙两液体的密度比为：

m甲P甲V甲5X25

m乙R乙丫乙4X36

不计混合过程中的热损失，根据热平衡方程可得：Q成=Q吸，

即：c甲m甲△t甲=c乙m乙△t乙,

则液体温度相对各自初温变化量的绝对值：二^=二乙F乙.=&£2=2.,

△t乙c甲m甲1X55

故答案为：12：5。

【变式训练11小明家使用天然气灶来给水加热，天然气完全燃烧放出的热量只有63%被水

吸收。有一次，他用该灶给质量为3kg、温度为20C的水加热用了0.040?的天然气，q

=4.4X107j/m3,c水=4.2X103。(kg・C)。假设天然气完全燃烧，则在标准大气压下,

这些水升高的温度是()

A.1()8℃B.1()()℃C.88℃D.8()℃

【答案】Do

【解答】解：0.04m3的天然气完全燃烧放出的热量Q义107J/m3=1.76

X106J,

3kg水吸收的热量Q吸=nQ放=63%X1.76X106J=1.1088X106J,

3kg升高的温度△，=%=——L尸/J——=880

由4.2X103J/(kg-lC)X3kg

水的末温t=to+At=2O℃+88c=108℃>100℃,

因为在一个标准大气压下，水的沸点是100C,水沸腾后，吸收热量，温度保持不变，

所以在标准大气压下，这些水的末温是10()℃,这些水升高的温度At'=t'-to=lOO℃

-20℃=80℃o

故选：D。

【变式训练2】质量相等的两金属块A和B长时间放在沸水中，将它们从沸水中取出后，

立刻分别投入甲、乙两杯质量和温度都相同的冷水中.不计热量损失，当甲、乙两杯水

的温度不再升高时，发现甲杯水的温度低于乙杯水的温度，两杯水吸收的热量Q甲上

Q乙，两金属块比热容CA<CB(均选填“V”或“=”)

【答案】<;V。

【解答】解：

当甲、乙两杯水的温度不再升高时，达到热平衡，金属块的末温等于水的末温，因为此

时甲杯水的温度低于乙杯水的温度，所以金属块A的末温比金属块B的末温低；

两金属块使水温升高，甲杯水的温度低于乙杯水的温度，则甲杯水升高的温度小，而两

杯水的质量相同，由可知甲杯里的水比乙杯里的水吸收的热量少，即Q甲V

Q乙；

两金属块都从沸水中取出、初温t相同，

对于金属块A来说有：CAmA（t-tA）=（：水01水（tA-t水初）…①

对于金属块B来说有：CBITIB（t-tB）—C水m水（tB-t水初）…②

因水的质量相同，且mA=mB，

则①+②得,可-t1=32

tB-t水初

因tA〈tB，贝ItA-t水初VtB-t水初，故CA（t-tA）<CB（LlB）,

由丁ITA>ITB，所以CA〈CB。

故答案为：V；V。

考点5探究比热容的实验

（D实验目的：探究不同物质吸热（比热容）情况；

（2）实验方法：控制变量法、转换法；

（3）实验器材；2个相同的酒精灯、烧杯、水、沙子、温度计支、铁架台个、石棉网、火

柴、停表；

（4）实验步骤：：步骤①在两个铁架台的底座上各放一个规格相同的酒精灯，调好铁圈的高

度，将石棉网放在铁圈上；

步骤②将盛有等质量的水和沙子的烧杯分别放在石棉网上；

步骤③将两支温度计分别挂在铁架台的支架上，并将玻璃泡全部浸入液体中，读出此时水和

沙子的初温度，填入表中；

步骤④点燃酒精灯，同时对水和沙子加热，加热时间均为6分钟，停止加热前分别读出水和

沙子的末温度，填入表中；

步骤⑤整理实验器材。

（5）实验结论：质量相同的水和沙子吸收相同的热量,食用油的温度升高的较大。

（6）实验分析：判断水与沙子的吸热本领的大小，有两种方法：

①可判断两种物质在升高相同温度的情况下，所用时间的多少，用时较多的，说明吸收的热

量多，则比热较大；

②可判断两种物质在吸收相同热量的情况下，升高温度的多少，温度升高较多的，则比热较

小；

【典例9】如图甲所示，将质量相等的甲、乙两种物质分别装在两个相同的试管中，放入装

有水的烧杯中加热，绘制出温度随时间变化的图象（如图乙所示），下列说法正确的是

（）

*I

024时间，min

甲乙

A.甲物质是晶体，乙物质是非晶体

B.0〜2min内乙物质比甲物质吸收的热量多

C.乙物质在CD段的比热容比AB段的比热容大

D.乙物质在BC段不断吸热，温度不变，内能不变

【答案】Co

【解答】解：

A.由图乙可知，乙物质在第2min到第4min温度保持不变，所以乙为晶体，甲的温度

一直上升，甲为非晶体，故A错误；

B.0〜2min时间内，加热时间相同，两物质吸收热量相同，故B错误；

C.根据公式。吸=（：111小1可以知道，当质量和吸收的热量相同时，比热容和升高的温度

成反比，加热相同时间，即吸收相同的热量，AB段升高的温度比CD段升高的温度大，

由此可知，AB段的比热容比CD段的比热容小，故C正确；

D.因为乙为晶体，晶体在熔化过程中吸收热量，温度不变，内能增大，故乙物质在BC

段不断吸热，温度不变，内能增加，故D错误。

故选：Co

【典例10】如图甲所示，鲁小班用两个完全相同的电加热器分别对初温均为20℃的a、b

两种质量相同的液体加热，如图为a、b两种液体的温度随加热时间变化的关系图像。

■温度也

（1）当加热到h时刻，a液体吸收的热量液体吸收的热量。（选填“V”

或“=”）

（2）a液体的比热容＜b液体的比热容。（选填或“=”）

（3）若鲁小班想自制一个暖水袋，在a、b两种液体中选一种液体作为注入暖水袋中的

供暖物质，则应选b液体。（选填"a”或"b”）

【答案】（1）=；（2）＜；（3）bo

【解答】解：（1）根据转换法可知，实验中两种液体吸收热量的多少可通过加热时间来

比较，当加热到ti时刻，加热时间相同，则吸收的热量相同；

（2）根据实验数据绘制的温度与时间的关系图象如图可知：质量相等的a和b两种液体，

在吸收相同热量时，a升温较高，则a的比热容小，b的比热容大；

（3）因质量相等的a和b两种液体，在升高相同温度时，b比热容大，则b吸收的热量

多，根据Q=cmZ\t,质量相同的a、b液体降低相同的温度，b放热多效果好；故从a

或b中选一种液体装入暖手袋中作为供热物质，则应选择b。

故答案为：（1）=;（2）＜；（3）bo

【变式训练1】如图所示，两个烧杯中分别装有甲、乙两种液体（m甲〉m乙）。用两个规格

相同的加热器连入电路加热，该过程中忽略液体蒸发且加热器产生的热量全部被液体吸

收，得到温度与加热时间的图线。

①甲液体第1分钟内能小于（选填“大于”“等于”或“小于”）第2分钟内能;

甲液体内能的改变是通过热传递方式实现的。

②两种液体的匕热容c甲々_（:乙（选填“V”或“="），你判断的依据是由

O=cmAt可知，吸收热量相同时，质量大的物质温度升高得多，其比热容一定小。

【答案】（1）小于；热传递；（2）＜；由Q=cmAt可知，吸收热量相同时，质量大的

物质温度升高得多，其比热容一定小。

【解答】解：（1）由图可知，物体从第1分钟到第2分钟，一直吸收热量，温度升高，

内能变大，因此甲液体第1分钟的内能小于第2分钟的内能；甲液体通过吸收电热器放

出的热量增加内能，因此是通过热传递的方式实现的；

（2）由题知用规格相同的加热器加热时，加热相同时间，吸收的热量相同，由图可知当

甲、乙均加热2min时（吸收的热量相同），甲的温度变化的多，又已知1力甲＞111乙，由

Q=cmAt可知，甲的比热容较小，即c甲＜c乙；判断的依据是：由、=（：0141可知，吸

收热量相同时.，质量大的物质温度升高得多，其比热容一定小。

故答案为：（1）小于；热传递；（2）＜；由Q=cm△t可知，吸收热量相同时，质量大

的物质温度升高得多，其比热容一定小。

【变式训练2】如图甲所示是“探究不同物质吸热升温的现象”实验装置，小华用两个相同

的容器（图中用虚线形表示）分别装入质量相等的A、B两种液体，用相同的装置加热。

（1）实验前，按自下而上（填“自上而下”或“自下而上”）的顺序组装器材。

（2）从实验效果考虑，本实验选择易拉罐（“烧杯”或“易拉罐”）作为盛放液体

的容器较好，实验中使用玻璃栋的目的是搅拌使液体受热均匀。

（3）实验中两种液体吸收热量的多少可通过.加热时间（填“液体力高的温度”或“加

热时间”）比较。

（4）根据实验数据绘制的温度与时间的关系图象如图乙所示，分析图象可知：质量相等

的A和B两种液体，在升高相同温度时，A吸收的热量较多;质量相等的A和B两

种液体，在吸收相同热量时，B升温较高。

（5）冬天，小华想自制一个暧手袋，若只能从A或B中选•种液体装入暖手袋中作为

供暖物质，则应选择A液体。

【答案】（1）自下而上；（2）易拉罐；搅拌使液体受热均匀；（3）加热时间；（4）A；

B；（5）Ao

【解答】解：（1）酒精灯需用外焰加热，所以耍先放好酒精灯，再固定铁圈的高度；而

温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，且不能碰到容器壁和容器底，所以放好烧杯后，

再调节温度计的高度，因此必须按照自下而上的顺序进行；

（2）因金属导热性能好，故以从实验效果考虑，本实验选择易拉罐作为盛放液体的容器

较好，实验中使用玻璃棒的目的是使液体受热均匀；

（3）根据转换法，两种液体吸收热量的多少可通过加热时间比较；

（4）根据实验数据绘制的温度与时间的关系图象如图乙所示可知；质量相等的A和B

两种液体，在升高相同温度时，A加热时间长，故A吸收的热量较多；

质量相等的A和B两种液体，在吸收相同热量时，即加热时间相同，B升温较高，由此

可见，A的比热容较大。

（5）因质量相等的A和B两种液体，在升高相同温度时，A吸热多，A的吸热能力，

比热容大,

根据Q=cmat,质量相同的A、B液体降低相同的温度，A放热多效果好；故从A或B

中选一种液体装入暖手袋中作为供热物质，则应选择A。

故答案为：（1）自下而上；（2）易拉罐；搅拌使液体受热均匀；（3）加热时间；（4）

A；B：（5）Ao

小锦堂双国制珠

一、选择题。

1.（2022•邵阳）湿地被称为“地球之肾”，能调节空气的湿度和温度，其中能调节温度主

要是因为水的（）

A.比热容大B.密度大C.流动性大D.热值大

【答案】Ao

【解答】解：因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量,

水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差小，

能有效调节周围环境的气温。

故选：Ao

2.（2022春•长宁区校级期中）甲、乙两物体吸收相等热量后，甲物体的温度变化量大。

如甲物体的比热容为ch质量为m甲，乙物体比热容为c乙，质量是m乙，则下列说法中,

一定错误的是（）

A.右，m甲=m乙，贝！Jc甲Vc乙B.右c甲=c乙，贝Um甲Vm乙

C.若m甲＞1?1乙，则c甲＞（:乙D.若c甲Vc乙，则m甲Vm乙

【答案】Co

【解答】解:

甲物体吸收的热量Q甲=c甲mTAt.P,乙物体吸收的热量Q乙=c乙m4乙，

由题知，甲、乙两物体吸收相等的热量，即：（？甲=。乙，

贝U：c（|im甲甲=c乙m乙乙,

因为甲物体的温度变化量大，即At甲〉At乙，

所以c甲m甲Vc乙m乙，

mmCy

变形可得」•＜二,

m乙c甲

C~7

A、若01甲=171乙，由上式可知--->1,则c甲Vc乙，故A正确;

c甲

m甲

B、若ci¥=c乙，由上式可知---<1,则m甲Vm乙，故B正确；

m乙

z-7m甲

C、若mjp>m乙，由上式可知---->---->1,则c甲Vc乙，故C一定错误；

c甲m乙

D、因为c甲m甲Vc乙m乙，若c甲Vc乙，则有3种可能，即m甲=m乙，或m甲Vm乙，或

rrHf〉m乙，故D可能正确。

故选：Co

3.（2022春•浦东新区校级期木）质量相等的两金属块A、BK口寸间放在沸水中，将它们

从沸水中取出后，立刻分别投入甲、乙两杯质量和温度都相同的冷水中。不计热量损失，

当甲、乙两杯水的温度不再升高时，发现甲杯水的温度低于乙杯水的温度。则下列说法

中正确的有的是（）

①金属块A末温比B的末温高

②金属块B放出的热量比A的多

③金属块A的比热容比B的比热容小

④甲杯中的水比乙杯中的水吸收的热量少

A.1个B.2个C.3个D.4个

【答案】Co

【解答】解；①达到热平衡后，金属块的末温等于水的末温，因为甲杯水的温度低于乙

杯水的温度，所以金属块A末温比金属块B的末温低，故①错误；

②④两金属块使水温升高，甲杯水的温度低于乙杯水的温度，而初温相同，两杯水甲的

温度变化小，而甲、乙两杯水的质量相同，由吸热公式、吸=（^最可知，甲杯里的水比

乙杯里的水吸收的热量少；每个金属块放出的热量等于各自杯中水吸收的热量，所以金

属块A放热少，即金属块B放出的热量比A的多，故②④正确；

③两金属块都从沸水中取出、初温相同，

对于金属块A来说有：CA1HA（t-tA）=c水m水（tA-t水初）…①

对于金属块B来说有：CBmB（t-tB）=（：水111水（tB-t水初）…②

因为mA=mB，则①+②得：

■⑴屋）t.一t水初

tp-t水初，

又因为

所以tA-t水初〈IB~t水初，

则有CA（t-tA）<CB（t-IB），

又因为t-tA>LtB，

所以CAVCB，故③正确；

综合以上分析可知，有②③④说法正确，故C正确。

故选：Co

4.（2022春•浦东新区校级期末）将杯热水倒入盛有冷水的容器中，冷水的温度升高了

10℃,再向容器内倒入一杯相同质量和温度的热水，容器中的水温又升高了6℃。如果继

续向容器中倒入5杯同样的热水，则容器中的水温会升高（不计热量损失）（）

A.14℃B.12℃C.9℃D.4℃

【答案】Bo

【解答】解：设热水和冷水的温度差为t,

因为质量为mo的一小杯热水倒入盛有质量为m的冷水的保温容器中，使得冷水温度升

高了10℃,

所以Q吸=Q放，即emo（t-10℃）=cmX10℃-------①

又向保温容器中倒入一小杯同质量为mo同温度的热水，水温又上升了6℃,

<?吸=、放，即emo（t-10℃-6℃）=c（m+mo）X6℃------------（2）

联立①②可得：m=3mo；

代入①式可得，t=40℃；

再向容器内倒入同样三杯热水，则由热平衡方程可知：

5moc（40℃-10℃-6℃-At）=（m+2mo）cAt

即5moc（40℃-10℃-6℃-At）=（3moi2mo）cAt

At=12℃o

故选：Bo

5.（2022•新疆）位于沙漠边缘的罗布泊昼夜温差比沿海地区大，这是因为与水相比，砂石

的（）

A.