湖南省长沙市2025-2026学年高二下学期期中模拟考试自编物理试卷02（解析版）

湖南省长沙市2025-2026学年高二下学期期中模拟考试自编物理试卷02（解析版）题号12345678910答案CBCBBBCADBCAC1．C【详解】A．普朗克通过研究黑体辐射提出能量子的概念，爱因斯坦光子说成功解释了光电效应，故A错误；B．卢瑟福通过粒子散射实验，提出了原子的核式结构模型，故B错误；C．贝克勒尔发现天然放射现象，说明了原子核有复杂的内部结构，故C正确；D．玻尔通过实验提出了玻尔原子模型成功解释氢原子光谱，但是无法解释所有原子光谱，故D错误。故选C。2．B【详解】A．γ射线穿透力强，常用于工业探伤或测厚，故A正确；B．X射线由核外电子跃迁或高速电子撞击产生，而β射线源于原子核内中子转化，故B错误；C．核子间作用力属于强相互作用，故C正确；D．放射性由原子核决定，与化学状态无关，故D正确。本题选错误的，故选B。3．C【详解】A．根据图像斜率表示速度可知，第3s末振子的速度为正向的最大值，故A错误；B．由图可知，第2s末振子负方向位移最大，速度为零，根据可知加速度为正向的最大值，故B错误；C．设振子的振动方程为由图可知A为8cm，周期T为4s，则角速度为故振子的振动方程为代入可得振子的位移为故C正确；D．根据图像斜率表示速度可知，从第2s末到第3s末振子在做加速运动，故D错误。故选C。4．B【详解】粒子运动轨迹如图所示由几何关系可得粒子在磁场中偏转60°，则在磁场中运动的时间为，即由几何关系可得四边形ODO′E是菱形，则圆形区域中匀强磁场的半径R与粒子运动的轨迹半径r相等，有解得则磁场半径为ACD错误，B正确。故选B。5．B【详解】A．线圈匀速转动至图乙位置时，磁通量最大，磁通量变化率为零，A错误；B．升压变压器，降压变压器其中，联立可得，B正确；C．由，可知，故，故升压变压器线圈应当用比线圈更粗的导线绕制承载更大的电流，C错误；D．不计发电机的内阻，发电机EF处电压表的示数大小为，D错误。故选B。6．B【详解】AC．如图，画出以=30°角射入磁场的粒子恰好垂直于直径PQ方向射出磁场区域时的轨迹。由几何关系可得粒子运动半径为R，且刚好过O点。由得当为锐角时，易证四边形为菱形，，故粒子射出磁场边界时速度方向均平行，即粒子射出磁场边界时的速度方向不可能相同。故A错误，C错误；B．分析得当时，粒子在磁场中运动的时间最长，根据几何关系可知此时圆心角为，由得故B正确；D．沿半径方向入射的粒子出射点在四分之一圆周处，以角射入磁场的粒子偏转最大，此时出射点位于Q点左边下方四分之一圆上，因此整个出射范围不到四分之一圆周。故D错误。故选B。7．C【详解】AB．光线发射器中发出的光子的能量分别为，，可见光光子的能量范围是1.62~3.11eV，光线发射器中发出的光只有一种为可见光，再根据光电效应方程，E1照射光电管时光电子飞出阴极时的初动能最大为，故AB均错误；C．部分光线被遮挡，不改变光子能量，则光电子飞出阴极时的最大初动能不变，因为光子数量减少，则光电子数量减小，光电流变小，故C正确；D．由图丙可知，光遏止电压小于光遏止电压，由光电效应方程遏止电压公式得光能量小于光能量，则光为氢原子从能级跃迁到能级时发出的光，故D错误。故选C。8．AD【详解】B．电压表示数是电压的有效值，根据题意可知，有效值，B错误；A．根据变压器原理可知，输出电压所以灯泡均正常发光，A正确；C．变压器输出电压由原线圈电压和匝数比决定，则不变，故C错误；D．闭合开关后，三只灯泡均正常发光，所以干路电流，D正确。故选AD。9．BC【详解】A．由题图可知，时振子距离平衡位置最远，速度为0，故A错误；B．由题图可知，时振子的位移为，故B正确；C．由题图可知，周期为，根据可知前内振子通过的路程为，故C正确；D．时振子从平衡位置向负方向振动，即振子的速度方向为方向，故D错误。故选BC。10．AC【详解】A．图甲中，两条优质话筒线外面包裹着金属外衣可以屏蔽外部信号，防止信号干扰，应用了静电屏蔽的原理，故A正确；B．图乙中，根据得，最大动能，可知若D形盒半径、磁感应强度不变，则质子飞出D形盒的动能一定，与加速电压无关，故B错误；C．图丙中，变压器中的铁芯用相互绝缘的薄硅钢片叠合是为了减弱涡流的热效应，故C正确；D．图丁中，根据动圈式扬声器的结构图可知，线圈安放在磁铁磁极间的空隙中能够自由运动，按音频变化的电流通过线圈，线圈将受到安培力的作用而运动。由于锥形纸盆与线圈连接，随线圈振动而发声，所以动圈式扬声器的原理是磁场对电流的作用产生的，故D错误。故选AC。11．1.02【详解】（1）[1]游标卡尺的示数.（2）[2]滑块经过光电门时速度的大小为

①（4）[3]物块从光电门到停止运动，由牛顿第二定律得

②由匀变速直线运动速度和位移的关系得

③由①②③可得结合图(c)可得图像的斜率解得12．BCE10Ω0.22/0.21/0.23【详解】（1）[1]小灯泡上额定电压为2.5V，故电压表应选择C；额定电流为故电流表应选择B；本实验采用分压接法，故应采用小电阻E；故选BCE；[2]由于电动势为9V，而测量电压只需要2.5V，故可以采用定值电阻与滑动变阻器串联分压的方式减小滑动变阻器两端的电压，为了满足电压要求，可以采用10Ω电阻串联；（2）[3]由于灯泡内阻较小，故为了减小误差应采用电流表外接法，故接a处，根据原理图可得出对应的实物图如图所示；（3）[4]两灯泡并联接在电源两端，则设电压为U，电流为I，则由闭合电路欧姆定律可知在灯泡伏安特性曲线中作出对应的伏安特性曲线，如图所示则由图可知，此时灯泡的电压为1.2V，电流为0.18A，则功率为13．(1)2.73p0(2)有【详解】（1）香槟释放气体后，温度不变，对气体分析，初态，，释放气体后根据解得（2）气体发生等容变化解得瓶塞是有被冲开的风险。14．(1)(2)(3)【详解】（1）时刻穿过线圈的磁通量得：（2）时间内线圈产生的感应电动势大小由图乙得：时间内线圈产生的感应电流大小得：（3）时，由图乙得此时磁感应强度大小由平衡条件：得：15．(1)(2)(3)所以任意离子第二次穿越y轴时的纵坐标为，与其出发点的横坐标x无关。【详解】（1）点出射的离子直接进入第四象限做匀速圆周运动有解得恰能击中探测板的C点，得到C点纵坐标为即（2）若A点发射的离子粒子要进入磁场区域，则有，解得说明该离子从原点进入磁场，设进入磁场时离子速度为v，且与水平方向夹角为，在磁场中有又，，解得之后离子从F点射出，由电场中的