四川省南充市2025-2026学年高二年级上册期末考试物理试卷（解析版）

南充市2025-2026学年度上期普通高中二年级期末考试

物理

（考试时间75分钟，满分100分）

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目答案的标号涂黑。如需

改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。

写在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡交回。

一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只

有一项最符合题目要求。

1.物理公式既表不了物理量之间的关系，也表不了物理量单位之间的关系，在国际单位制

中，1A等于（）

A.1C-S-'B.1VQ

C.lCm2-s-,D.1N-Tm-,

【答案】A

【解析】A.根据电流的定义，电流强度/等于单位时间内通过导体横截面的电荷量，即

/=-，在国际单位制中，电流的单位安培（A）可表示为1A=1C《T（即1库仑每

t

秒），故A正确；

B.根据欧姆定律U=可得/=,，单位关系为1A=1V/Q,故B错误；

C.电流单位不包含面积（nf）,与定义不符，故C错误；

D.根据安培力公式尸=/.小片（直导线），可得/=工•单位关系为

lA=lN/（Tm）,故D错误。

故选Ao

2.关于下列四幅图的描述，正确的是（）

甲乙丙丁

A.图甲中，直导线通电后，其正下方小磁针的N极将向纸面外旋转

B.图乙中，穿过通电螺线管每匝线圈的磁通量相等

C.图丙中，地球周围的磁感线是不闭合的

D.图丁中，通电圆环周围产生的磁场和磁感线都是真实存在的

【答案】B

【解析】A.图甲中，直导线通电后，根据右手螺旋定则可知正下方的磁场垂直纸面向

里，可知小磁针的N极将垂直纸面向里旋转，故A错误；

B.通电螺线管内部可近似看作匀强磁场，根据6=3S可知穿过通电螺线管每匝线圈的磁

通量相等，故B正确；

C.磁感线是闭合的曲线，因此地球周围的磁感线也是闭合的，故C错误；

D.磁体周围的磁场是真实存在的，而磁感线是为了描述磁场的分布而假想的线，实际不

存在，故D错误。故选B。

3.如图所示，击鼓颠球又叫动感颠球，游戏规则是保持鼓面水平，裁判将一个排球从鼓面

中心上方竖直抛下，队员们齐心协力将球颠起，颠球次数最多者胜出。设整个运动过程中

排球所受空气阻力的大小不变，下列说法正确的是（）

A.排球在空中做匀变速直线运动

B.排球从颠出到落回时间内，重力的冲量为零

C.排球与鼓面接触的过程中，鼓面对排球的冲量为零

D.排球上升阶段受到的合力冲量大于下降阶段受到合力的冲量

【答案】D

【解析】A.排球上升时合力为重力加空气阻力，下降时合力为重力减空气阻力，故上升

时合力比下降时合力大，上升时加速度4大于下降时加速度。2,做变加速直线运动，故A

错误；

B.根据心="/，可知排球从颠出到落回的时间内，重力的冲量不为零，故B错误；

C.排球与鼓面接触的过程中，鼓面对排球的弹力一直向上，根据/N=N-A/，可知鼓面

对排球的冲量不为零，故c错误；

D.设上升阶段排球的初速度为％,末速度为0,则动量的变化量大小

△“I=|O-/HVo|=

下降阶段初速度为0,末速度为M，则动量的变化量大小二根匕；

由于空气阻力一直做负功，排球的机械能一直减小，所以吊＜%；则排球上升阶段动量的

变化量大于下降阶段动量的变化量，由动量定理可知，排球上升阶段合力的冲量大于下降

阶段合力的冲量，故D正确。

故选D。

4.如图甲所示是用来测量脂肪积累程度的仪器，其原理是根据人体电阻的大小来判断脂肪

所占比例（体液中含有钠离子、钾离子等，而脂肪不容易导电），模拟电路如图乙所示。测

量时，闭合开关，测试者分握两手柄A、B,体型相近的两人相比，脂肪含量高者（）

A.电流表示数大

B.4消耗的功率大

C.电源的效率高

D.电压表示数与电流表示数的比值半小

【答案】C

【解析】A.由于脂肪不容易导电，所以当脂肪含量较高时，即测试时接在电路中的电阻

,E

R较大，根据闭合电路欧姆定律/=彳-----

R.+R,+R+r

可知，脂肪含量高者R大，电路中的总电流/小，电流表的示数小，故A错误；

B.8消耗的功率6=八&

电路中的总电流/小，所以与消耗的功率小，故B错误；

E-

C.电源的效率为〃=—^xlOO%

脂肪含量高者，电路中电流小，电源的效率高，故C正确：

D.电压表示数与电流表示数的比值亍=R

脂肪含量高者的电阻大，所以电压表示数与电流表示数的比值系大，故D错误。

故选Co

5.一列简谐横波在均匀介质中沿x轴传播，图甲是片2s时该波的波形图，图乙是x=lm处

质点的振动图像，则片7s时该波的波形图为（）

【答案】D

【解析】2s时，.r=lm处的质点处于平衡位置，且沿），轮负方向振动，根据“上下坡”法可

知，波沿x轴负方向传播.7s时，41m处的质点处于负的最大位移处。

故选D。

6.如图甲所示，随着人工智能的发展，机器人用于生产生活中的场景越来越普遍.如图乙

为某款配送机器人内部电路结构简化图，电源电动势£=36V,内阻厂=0.25。。机器人

和配送货物的总质量为50kg,匀速行驶的速度为1.2m/s,行驶过程中受到的阻力大小为总

重力的0.2倍，工作电流为4A。不计电动机的摩擦损耗，取g=10m/s2,则下列说法正确

的是（）

甲乙

A.电动机消耗的电功率为I44W

B.电动机的线圈电阻消耗的电热功率为24W

C.电动机的线圈电阻为125。

D.电动机的机械效率约为70%

【答案】C

【解析】A.电动机两端的电压U=E-",电动机消耗的电功率P=

解得P=140W,A错误；

BC.行驶过程中受到的阻力大小f=O.2（M+m）g

匀速行驶时牵引力和阻力相等，所以匀速运行时的机械力率&L=扭

则电动机的线圈电阻消耗的电热功率后,=2-/

又4二厂84

解得号二20W,RM=1.25Q,B错误，C正确；

D.电动机的机械效率〃=里=85.7%,故D错误。

P

故选C。

7.如图所示，力传感器固定在斜面顶端挡板上，劲度系数为Z的轻质弹簧一端与力传感器

相连，另一端与质量为M的滑块A拴接，滑块A放置在固定、上表面光滑且倾角为。的

斜面上。质量为，〃的物块B叠放在A上，A、B之间的动摩擦因数为〃，系统保持静止。

现用手对A施加一外力，当A、B整体位于斜面某处，比时力传感器示数为零，静止释

放，A、B整体在某两个位置间做简谐运动。已知弹簧弹性势能履t火为弹簧劲度

系数，x为弹簧形变量。在整个过程中，A、B视为质点且始终相对静止，弹簧始终在弹性

限度内，忽略空气阻力，重力加速度为g,下列说法正确的是()

A.释放A、B瞬间，A、B之间摩擦力不为零

B.A、B之间的动摩擦因数〃至少为lan，

gsin0

C.释放A、B之后，A、B的最大速度为

D.释放A、B之后，弹簧的最大弹性势能为2(M+〃,小疝厂0

k

【答案】D

【解析】A.A、B始终相对静止，则二者加速度相同，释放A、B瞬间，根据牛顿第二定

律可得(〃?+M)gsin夕=(〃?+A/)a

所以。=gsin。

对B有机gsin0+耳=ma

所以耳=0,故A错误；

D.根据简谐运动的对称性可知，当A、B运动到最低点时,有

依一(〃?+M)gsine=(〃2+M)a

此时弹簧的弹性势能最大，则与m=gh2

联立可得£=2(〃?+M)grin一',故D正确；

叫k

B.当A、B运动到最低点时，对B有及一根gsinO=，M

且6.W4〃?gcos0

联立解得〃N2tanO,故B错误；

C.当二者加速度为零时，速度达到最大，则丘'=(〃z+M)gsin。

由能量守恒得(〃2+M)gsinex'=-Zi”+—(〃?+M)y；

22

J^^gsine,故C错误。

联立解得vm二

故选D。

二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。每小题有多项符合题目要求，全

部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

8.如图甲所示，一单摆做小角度摆动，从某次摆球由左向右通过平衡位置开始计时，摆球

相对平衡位置的位移x随时间，变化的图像如图乙所示。不计空气阻力，取重力加速度为

A.单摆的摆长约为1.0m

B.单摆的位移随时间变化的关系式为x=8cosm(cm)

C.从，=O.5s到/=1.0s的过程中，摆球的重力势能逐渐增大

D.从/=L0s到/=L5s的过程中，摆球所受回复力为正且逐渐增大

【答案】AD

【解析】A.由题图乙可知单摆的周期丁=2s

根据单摆的周期公式7二

解得单摆的捏长约为1.0m,故A正确;

」2兀,.

B.由口=—=7irad/s

T

则单摆的位移随时间变化的关系式为x=8sin7tr(cm)

故B错误；

C.由题图乙可知，从f=0.5s到/=1.0s的过程中，摆球偏离平衡位置的位移逐渐变小，

重力势能逐渐减小，故C错误；

D.由题图乙可知，从/=1.0s到/=1.5s的过程中，摆球偏离平衡位置的位移为负值，且大

小逐渐变大，所受回复力尸=-收

故回复力为止且逐渐增大，故D止确。

故选ADo

9.甲、乙两电路图分别是滑动变阻器R的两种连接方式。。是滑动变阻器的滑片，。、〃是

滑动变阻器的两端，R,是待测电阻，下列说法正确的是()

.Rx

Rx

—11——1~^~1

ESaRb

甲

A.乙电路中的滑动变阻器只有两个接线柱连入电路

B.在闭合开关前，甲、乙两图中滑片。都应置于〃端

C.甲、乙两图中待测电阻R|上的电压都可以调到零

D.要求R,上电压和电流调节范围比较大时，选择图乙旦路连接

【答案】BD

【解析】A.乙图电路中的滑动变阻器采用分压式接法，是一上两下共有三个接线柱连入

电路,A错误；

B.在闭合开关测量前，甲图中滑动变阻器应该全部接入电路，滑片P应置于b端，乙图

中RV两端的电压应该从零开始变化，滑片P也应置于b端，B正确；

C.图甲属于限流式接法，滑片滑到。时，待测电阻两端的电压最小，但无法调节到零，C

错误；

D.乙图中电压和电流都可以从零开始，而甲图中电压和电流都无法调节到零，故图乙的

电压和电流调节范围较大，故D正确。

故选BDo

10.如图所示，在光滑的水平面上有一足够长的长木板以初速度vo=2m/s向右做匀速直线运

动，长木板质量为M=3kg,在片0时刻，在长木板右端经放上第一个小物块，经过1s的时

间长木板与小物块恰好共速，此时再在长木板右端轻放上第二个小物块，经过一段时间，

当长木板与第二个小物块恰好共速时.，又在长木板右端里放上第三个小物块。已知所有小

物块均相同，质量为〃-Ikg,g取lOm/s2,小物块大小忽略不计,则()

A.长木板与小物块间的动摩擦因数均为〃=0.15

B.长木板与小物块间的动摩擦因数均为〃=0.25

C.当小物块与木板都相对静止时，第1个小物块与第3个小物块之间的间距为0.4m

D.当小物块与木板都相对静止时，第1个小物块与第3个小物块之间的间距为0.6m

【答案】AD

【解析】AB.根据题意，当放上第I个小物块后，对小物块和长木板，根据牛顿第二定律

可得jLimg=maQ,"mg=MaA

二者共速，即匕=%由=%—

联立解得〃=。15,故A正确，B错误；

CD.当放上第2个小物块后，对长木板和第I个小物块，根据牛顿第二定律可得

pmg=(m+M)a2

三者达到共速,即匕=矶=%-a2f2

2

联立解得彩=1.2m/s,a2=0.375m/s,t2=0.8s

当放上第3个小物块后，对长木板和第1、2个小物块，根据牛顿第二定律可得

=(2m4-M)%

四者达到共速,即匕=砧=匕一。式3

,2

联立解得匕=1・°m/sGy=0.3m/s~,/3=ys

此时第I个小物块与第3个小物块之间的间距为

M3=（%；匕4也q_]，3）=06m,故C错误，D正确。

故选ADo

三、非选择题，本题共5小题，共54分。其中13~15小题解题时请写出必要的文字说叨、

方程式和重要的演算步骤；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。

11.如图甲所示为验证碰撞中的动量守恒的实验装置.，其中A3是斜槽，8C是水平槽，斜

槽与水平槽平滑相接，实捡操作如下：

（1）利用重垂线，记录水平槽末端在白纸上的投影点0；

（2）将小球1从斜槽上某一位置由静止释放，落在垫有复写纸的白纸上留下点迹，重复本

操作多次；

（3）把小球2放在水平槽的末端，将小球1从（2）中同一位置由静止释放，与小球2碰

撞后，落在白纸上留下各自的落点痕迹，重复本操作多次；

（4）在白纸上确定平均落点的位置M、N、P。

①实验中小球1质量为叫，半径为4,小球2的质量为〃4,半径为5，则两小球的质

量和半径关系需满足（填选项前的字母）：

A.>m2,弓>5B.g=m2,r^<r2

C.m]>m2,i\=r2D.<m2,=r2

②正确操作实验后，测量出各落点距0点的水平距离0"、ON、OP,则在实验误差允许

的范围内本实验中用来验证动量守恒定律的表达式为（用町、〃4、OM、0P、

ON表示）；若两球发生弹性碰撞，则OM、OP、ON一定满足的关系式是（月

（JM、。尸、CW表示）

【答案】（4）CWjOP=OM+RONOP+OM=ON

【解析】（4）[1]实验中，需要避免碰撞过程发生反弹，则有班＞〃％

实验中为了使得两小球发生对心正碰，两小球的半径应用等，即有4

故选C。

⑵小球飞出做平抛运动，则有〃=OP=v0/,OM=v/,ON=v2t

根据动量守恒定律有班%二机力|+M2匕

解得m「OP=m^OM+gON

⑶若两球发生弹性碰撞

则有g班说J%破

222

解得m}OP=m}OM+m2ON

结合上述有叫•。尸=m/OM+m2ON

解得OP+OM=ON

12.某物理兴趣小组选用以下器材测定电池组的电动势和内阻，要求测量结果尽量准确。

A.待测电池组电动势约为3V,内阻约为0.7C：

B.电压表V（量程3V,内阻约5kQ）；

C.电流表A（量程60mA,内阻rA=9Q）；

D.定值电阻Ri（阻值1。）

E.定值电阻&（阻值81C）；

F.滑动变阻器4（0〜50C,允许最大电流为1A）；

G.开关一只，导线若干,

（1）实验小组设计的电路如图甲所示，虚线框内是将电流表A改装成量程为0.6A的电流

表,需要（选填“串联”或“并联”）一个定值电阻（选填“Ri”或“R2”）

（2）实验中测得V表示数U和A表示数/的多组数据，作出的U—/图线如图乙所示，

则该电池组的电动势。E=V,内阻尸C（结果保留两位有效数字）

4

3

2

—

O

rS0.10.20.30.4//A

丙T

（3）如图丙所示，将实验所用的电池组串联一个小灯泡和一个定值电阻Ro。

R°=9.3Q,图丁是小灯泡的电压和电流关系图像，试估算小灯泡的实际功率是

W。（结果保留两位有效数字）

【答案】（1）并联R（2）2.90.74（3）0.23

【解析】（1）［I］将电流表A改装成量程为0.6A的电流表，需要并联一个定值电阻。

［2］根据

以=（/一3

解得

R=1Q

则并联定值电阻用。改装后电流表的电阻为

R、=仄凡=0.9C

（2）根据闭合电路欧姆定律，可得

U=E-10/（r+Rj

结合乙图可知

2.()-2.9

E=2.9V,10困+r)=网=55x10-3

r=0.74Q

(3)在丙图电路中，把定值电阻R)看成电池组的一部分，则其内阻为

/=r+R。

两图线的交点横纵坐标分别表示小灯泡的电流和电压值，所以小灯泡的实际功率是

p="=0.15xl.5W=0.23W

13.部分健身爱好者通过快速、有节奏地上下甩动绳子，达到提升爆发力、增强力量笨锻

炼目的。若健身爱好者以每分钟30次的频率上下抖动长绳的一端，长绳呈波浪状起伏，可

近似为单向水平传播的简谐横波。某健身爱好者手握绳最右端抖动，某时刻绳波传到C

点，波形如图所示(绳子未完全画出)，绳上4点位于波峰，B点位于波谷，4、B两点的

平衡位置相距3m,高度相差40cm0当长绳完全抖动后，长绳左右两端点的平衡位置相

距12m。

(1)求绳波的波速；

(2)从该时刻到绳最左端质点第一次运动到波峰的过程中，求质点C通过的路程。

【答案】(1)lm/s(2)3m

【解析】(1)波的周期

T60c

T=—s=2s

30

波长为

13c

Z=——m=2m

1.5

可知波速

v=—=lm/s

（2）振幅A=20cm,从该时刻到绳最左端质点第一次运动到波峰过程中，波向左传播

x=\2m-2—A=7.5m

4

用时间

r753

r=-=—s=7.5s=3-F

v14

则质点C运动的路程

s=3—x4A=15/4=300cm=3m

4

14.在如图所示的电路中，定值电阻凡、R2阻值均为10Q,电容器电容为C=3xl（）〃F,电

（1）在滑动变阻器的滑片从最左端。滑到最右端力的过程中，电容器的电荷量变化量：

（2）电路稳定后，滑动变阻器R消耗功率最大时，此时滑动变阻器接入电路的阻值和消

耗的功率。

【答案】（1）9.6x10%（2）25Q,0.36W

【解析】（1）当滑动变阻器的滑片处于最左端。时，有

E6

A=0.08A

，+R+N+&5+50+10+10

电容器两极板间电压为q=//K+&）=L6V

7

电容器所带电荷量为Q=C（71=4.8X10-C

E6

当滑动变阻器的滑片处于最右端匕时，有"77K=苒诲A=0.24A

电容器两极板间电压为q=4（N+&）=4.8V

电容器所带电荷量为Q2=CU2=1.44xl（）Yc

所以电容器的电荷量变化量为AQ==9.6X1（TC

（2）滑动变阻器R消耗的功率为

£

P=I2Rf=(-------------------)2*

，•+6+&+*

+R'+2(/-+/?,+R,)

R'~

当(/+凡+&)2二*

~Rf-

,

即R=r+Ri+R2=25Q

时，滑动变阻器消耗的功率最大，最大值为

百F?

p=—=0.36W

m=

+?+2(r+凡+%)4*

R

15.一游戏装置竖直截面如图所示。固定在水平直轨道八的