2026年高考化学4月模拟试卷必刷题-有机物的合成

第1页（共1页）2026年高考化学4月模拟试卷必刷题——有机物的合成一．解答题（共25小题）1．（2026•山东模拟）化合物I（）是合成降压药硝苯地平的中间体，其合成路线如下：已知：Ⅰ.Ⅱ.Ⅲ.回答下列问题：（1）A→B反应类型为；检验A中是否含有B的试剂为（填化学式）。（2）C→D化学方程式为；D+F→H碱性不宜过强，否则会与（填官能团名称）反应。（3）H的同分异构体中，同时满足下列条件的结构简式为（写出一种即可）。①含—NO2②含苯环③含3种不同化学环境的氢原子（不考虑立体异构）（4）根据上述信息，在虚线框中补全以I合成硝苯地平（J）的合成路线。2．（2026•厦门模拟）治疗干眼症处方药立他司特的中间体I的合成路线如图。回答下列问题：（1）B的结构简式为。（2）C中含氧官能团有、。（填名称）（3）C→D的反应类型为。（4）C→E过程中两步反应顺序不能调换的原因是。（5）F→G的化学方程式为，该步的目的是。（6）G中C—H键极性更强的是（填“①”或“②”），理由是。（7）D的同分异构体J能与FeCl3溶液发生显色反应，其核磁共振氢谱有四组峰，面积之比为1：2：2：6，且N与3个C原子直接相连。J的结构简式为。（写出一种即可，不考虑立体异构）3．（2026•南充模拟）猫薄荷中的重要成分荆芥内酯（K）的一种合成路线如下所示。已知Ph﹣表示苯基。回答下列问题。（1）荆芥内酯（K）中官能团名称分别是，的名称是。（2）A中b处α—H比a处更活泼的原因是。（3）C发生羟醛缩合伴随脱水，所得产物D（C10H14O）的结构简式为。（4）结合上述路线，对羰基的还原更具选择性的是（填“H2/Pt”或“NaBH4”）。（5）“H→I”中，H与NaOH水溶液发生反应的化学方程式为。（6）I通过分子内加成得到内酯中间体J（I的同分异构体），J再经消去反应得到最终产物K，J的结构简式为。（7）A的同分异构体中，同时满足下列条件的共有种（不考虑立体异构）。a．含有2个六元环且共用1个边b．含羟基，但不能被Cu催化氧化c．能发生水解反应4．（2026•仁寿县校级一模）药物奥卡西平的一种合成路线如图：（1）化合物A的结构简式是。（2）反应①所需的试剂与条件是；B的名称为。（3）奥卡西平中含有的官能团有。a．酯基b．酮羰基c．醛基d．酰胺基（4）合成路线中属于还原反应的是。a．反应②b．反应③c．反应④d．反应⑤（5）写出符合下列要求的D的一种同分异构体的结构简式。i）含有联苯（）结构，且除苯环外不含其他环状结构ⅱ）核磁共振氢谱显示苯环上的氢原子有四种不同的化学环境，且个数比为1：1：1：1（6）已知：。反应④进行时，若NH3过量，有利于反应正向进行，原因是。（7）合成路线中B→C的转化过程是构建碳骨架的常见方法之一、已知：（R1、R2为烃基或D结合相关信息，写出B→C的转化路线（无机试剂任选）。5．（2026•文安县校级一模）某研究小组按下列路线合成双氯芬酸钠的中间体J。回答下列问题：（1）A的结构简式为；H的化学名称为。（2）F→G的反应类型为；G中官能团名称为。（3）D→E的化学方程式为。（4）下列说法错误的是（填标号）。a．A→B→C是为了把氯原子引入到指定位置b．化合物A的碱性强于甲胺c．H分子中所有碳原子可能共平面d．1molI中含有13molσ键（5）I的同分异构体中，同时满足下列条件的有种（不考虑立体异构），其中核磁共振氢谱有4组峰的结构简式为。①能与Na2CO3溶液发生反应但不产生气体；②含甲基（6）参照上述合成路线，设计以苯和1﹣丙醇为原料制备的合成路线（其他试剂任选）。6．（2026•太原模拟）伏诺拉生（化合物H）是一种可逆性质子泵抑制剂，主要用于治疗反流性食管炎，一种合成路线如图所示：已知：Me表示—CH3，Et表示—C2H5，Ac表示乙酰基。回答下列问题：（1）EtOAc中含有的官能团是（填名称）。（2）A的一种同分异构体的化学名称是。（3）反应B→C的过程中，K2CO3的主要作用是。（4）写出反应G→H的化学方程式：；反应F→G的类型是。（5）写出满足以下条件A的所有同分异构体：（填结构简式，不考虑立体异构）。①属于芳香族化合物②与A具有相同的官能团，不含（6）富马酸伏诺拉生（化合物Z）可由H经过以下转化得到：已知X存在顺反异构，写出它们的结构简式：、。7．（2026•重庆校级模拟）有机物M是新一代JAK2选择性抑制剂，一种合成路线如图所示（部分试剂及反应条件略）。（1）A中含有的官能团名称是羟基、和，B生成C的反应类型是。（2）E的结构简式为。（3）L转化为M的反应生成的有机产物分别为M和（填分子式）。（4）下列说法正确的是（填标号）。A．B可以形成分子间氢键B．Mr（L）＝Mr（E）+Mr（K）C．K中所增官能团的碳原子由提供D．的碱性强于（5）C（C9H10ClNO4）的同分异构体同时满足下列条件的有种。（不考虑立体异构）①苯环上有四个取代基，且—NO2与苯环直接相连②能使FeCl3溶液显紫色③分子中不同化学环境氢原子的个数比为1：2：2：2：3（6）写出以、COOHC|OOH为原料制备的合成路线流程图（无机试剂和有机溶剂任用）8．（2026•焦作一模）化合物J是治疗斑秃的新药物，其一种合成路线如图所示（部分反应条件及部分副产物已简化或略去）。已知：﹣Boc、—Cbz、﹣Et、﹣Me均为有机基团。回答下列问题：（1）A的结构简式是。（2）A生成B的过程中引入—Boc的作用是；从化学平衡的角度分析，C生成D的过程中“NaHCO3”的作用是。（3）E→G反应的化学方程式是。（4）X为I的同分异构体，满足条件：①仅含一个碳碳双键；②不含醚键，则X有种（不考虑立体异构，已知C＝C﹣OH、C＝C＝O不稳定）。其中，加热条件下能与新制Cu（OH2）反应生成砖红色沉淀，且核磁共振氢谱显示有3组峰的X的结构简式是。（5）在最后一步合成J的步骤中，研究人员分离并鉴别出了多种杂质，其中有Y（），Y的含氧官能团名称是；由H和I生成Y分两步进行，其反应类型依次为取代反应、。9．（2026春•上海校级月考）盐酸恩沙替尼（J）是首个由中国企业主导在全球上市的小分子肺癌靶向创新药，标志着我国在肿瘤靶向药物领域取得了非常大的突破和进展，其合成路线如图：已知：①Boc2O是（1）B的结构简式为。（2）反应条件X可选择。A．Br2/CCl4B．NaOH/H2OC．新制Cu（OH）2悬浊液D．Fe/HCl（3）E中官能团的名称是。（4）F生成G的反应类型为。A．氧化反应B．取代反应C．消去反应D．加成反应（5）写出G到H的化学方程式。（6）在G转化为H的过程中，加入足量三乙胺[（C2H5）3N]可提高H的产率，请解释产率提高的原因。而加入足量乙胺C2H5NH2反而会降低H的产率，请解释产率降低的原因。（7）写出一种符合下列条件的Boc2O的同分异构体：。①含4个—OCH3；②含非三元环的环状结构；③核磁共振氢谱显示有2组峰；④使酸性KMnO4溶液褪色。（8）据题中信息，以苯为原料，设计合成食品香料的路线（用流程图表示，其他无机试剂任选）。10．（2026春•江苏月考）苯烯莫德（G）可用于治疗自身免疫性疾病，其合成路线如下：（1）A的熔点高于B，其原因是。（2）B→C实现了由（填官能团名称）到（填官能团名称）的转化。C→D的反应类型是。（3）D→E中D还与（CH3CO）2O发生副反应，生成H和CH3COOH两种产物。H的分子式为C14H18O4，其结构简式为。（4）写出同时满足下列条件的F的一种同分异构体的结构简式：。碱性条件下水解后酸化，生成X和Y两种芳香族化合物。X不能使2%酸性KMnO4溶液褪色；Y与FeCl3溶液作用显紫色，但不能与溴水反应。X和Y分子中均含有4种不同化学环境的氢原子。（5）上述合成路线中设计了官能团的保护，其中步骤引入保护基，步骤F→G脱除保护基。（6）化合物I（）是合成树脂的增塑剂。写出以为原料制备化合物I的合成路线流程图（无机试剂和有机溶剂任用，合成路线流程图示例见本题题干）。11．（2026•抚顺模拟）西诺沙星为喹诺酮类抗菌药，临床上主要用于治疗尿路感染。合成路线如图：已知：（R1，R2为—C≡N，，）（1）B中含氮官能团的名称为。（2）B→C的反应类型为反应。（3）D的结构简式为。（4）E→F的第一步反应的化学反应方程式为。（5）G中碳的杂化类型为。（6）A的含有苯环（不含其他环状结构）的异构体有种。（7）参考上述路线，设计如下转化，X和Y的结构简式为和。12．（2026•上海校级模拟）异氰酸（H—N＝C＝O）和氰酸（H—O—C≡N）是由德国化学家维勒（FriedrichWohler）在研究氰酸铵时发现，这两种酸是化学史上发现的第一个同分异构体。（1）异氰酸分子中σ键与π键个数之比为，C、N、O三种元素中第一电离能最小是（填元素符号）。（2）能说明氮元素的电负性比碳元素强的事实是。A．共价键极性：N—H＞C—HB．氧化性：NO2＞CO2C．含氧酸酸性：HNO2＞H2CO3D．气态氢化物的热稳定性：CH4＞NH3（3）氰酸的熔点比异氰酸高，可能由所致。A．分子间氢键强度差异B．分子内氢键强度差异C．分子内共价键强度差异用烃基R替换异氰酸中H可得到异氰酸酯（R—N＝C＝O）。异氰酸酯是重要的有机化工原料，现有一种通过异氰酸酯制备杀虫剂氟铃脲（G）的合成路线，过程如下：已知：Ⅰ．异氰酸酯结构中的碳氮双键比碳氧双键活性更强，更容易与含有活泼氢的物质（如ROH、RNH2等）发生加成反应，如：R1—NH2+O＝C＝N—R2→一定条件Ⅱ．→OH（4）关于有机物G说法正确的是。A．存在顺反异构体B．可与水合茚三酮发生显色反应C．有2种不同杂化方式的碳原子D．最多可与8molH2发生加成反应（5）在系统命名卤代芳烃时，卤原子往往作取代基，如有机物的系统命名为2﹣氯甲苯，据此规则A的名称应为。（6）化合物B→C的反应类型是。A．取代反应B．加成反应C．消去反应D．氧化反应（7）D中含氧官能团的名称为。（8）E的结构简式为，在D→E的过程中会生成另一个分子，其化学式为。（9）G还有另外一种合成线路，是由D和另一种异氰酸酯H通过一步反应制得，写出H的结构简式：。（10）有机物I是比E多2个碳原子的同系物，写出符合下列要求且属于有机物I的一种同分异构体的结构简式：。ⅰ．存在1个不对称碳原子；ⅱ．在一定条件下，可形成内盐结构；ⅲ．分子中共有四种化学环境不同的氢原子，个数比为1：2：2：2。（11）结合以上合成路线及题目信息，设计一条以1，3﹣丁二烯和为主要有机原料制备一种聚氨酯材料（）的合成路线。13．（2026•鼓楼区校级模拟）化合物F是合成富马西林的重要中间体，其合成路线如图：（1）F中含氧官能团的名称和。（2）B→C的反应类型为。（3）A→B的反应中有与B互为同分异构体的副产物X生成，写出X的结构简式：。（4）写出同时满足下列条件的D的一种同分异构体的结构简式：。①可发生水解反应得到M、N两种产物，M在一定条件下可氧化为N。②M、N具有相同碳原子数，且所有碳原子一定在同一平面上。（5）已知：R1—C≡CH+R2—CHO→R1—C≡。写出以CH3OH和CH≡CH为原料制备的合成路线流程图（无机试剂任用，合成路线流程图示例见本题题干）。14．（2026春•铜陵月考）奥昔布宁是具有解痉和抗胆碱作用的药物。其合成路线如图：已知：ⅰ.ⅱ.R请回答：（1）G中官能团的名称为。（2）下列说法不正确的是。A.化合物HN（C2H5）2结合H+能力比氨气弱B.试剂a的结构简式为CH3OHC.在浓氨水催化下，苯酚和过量的甲醛反应能生成网状结构的酚醛树脂D.E+C→F的过程经历了加成、水解两个步骤（3）奥昔布宁的结构简式是。（4）写出由D生成E反应的化学方程式：。（5）由H生成K的反应中，可能得到分子式为C9H22N2的副产物，其结构简式为（写出1种）。（6）根据以上信息，设计以苯和甲苯为原料合成的路线（用流程图表示，无机试剂任选）。15．（2026•四川开学）帕罗西汀是一种常用的抗抑郁药物。其重要合成中间体I的一种合成路线如图：已知：回答下列问题：（1）A的化学名称是。（2）C中官能团名称是。（3）D→E的反应类型为。E的核磁共振氢谱有组峰。（4）F→G的化学方程式为。（5）H的结构简式为。（6）G的同分异构体中，同时满足下列条件的共有种（不考虑立体异构）。①属于芳香族化合物，只有两种官能团，能与银氨溶液反应②只有一个手性碳原子，手性碳不连接氢原子③不含甲基（7）以、NH3、HCHO、SOCl2为原料合成。补全下列合成路线。16．（2026•青岛一模）M（）是合成药物的重要中间体，其合成路线如图：已知：①；②；③R-NO（1）B可由二元羧酸和醇反应生成，该二元羧酸的名称为。（2）A中不含氧官能团的名称为。I结构简式为。（3）F+G→H实际经历两步反应，两步反应的反应类型依次为。（4）E→F化学方程式为。（5）G在此路线中的作用为。（6）B的同分异构体中，同时满足下列条件的结构简式为（写出一种即可）。①含结构；②含4种不同化学环境的氢原子（不考虑立体异构）（7）以、和为原料合成。参照题给信息设计合成路线。17．（2026•滨海新区模拟）G是一种四环素类药物合成中间体，其合成路线如图：（1）A分子中，与2号碳相比，1号碳的C—H键极性相对（填“较大”或“较小”）。（2）A+B→C的化学方程式是。（3）D→E会产生与E互为同分异构体且含五元环的副产物，其结构简式为。（4）D分子中含氧官能团的名称为，D的分子式为。（5）下列说法正确的有。A．1molB物质与足量NaOH溶液反应，最多消耗3molNaOHB．C分子中有大π键，存在手性碳原子C．D在水中的溶解度比HOOCCH2CH2COOH小，D与H2O之间可形成氢键D．E生成F中的“2）（CH2OH）2，H+”，分两步完成，第一步是取代反应（6）写出同时满足下列条件的G的一种同分异构体的结构简式：。①含有3种不同化学环境的氢原子；②碱性条件下水解后酸化，生成X和Y两种有机产物，n（X）：n（Y）＝2：1，X相对分子质量为60，Y含苯环且能与FeCl3溶液发生显色反应。（7）写出以和为原料制备的合成路线流程图（无机试剂和两碳以下的有机试剂任用，合成路线示例见本题题干）。18．（2026春•浙江月考）冠醚是有机合成中重要的相转移催化剂。12﹣冠﹣4是其中一种，其键线式为，12﹣冠﹣4可以通过以下流程制取：回答下列问题：（1）12﹣冠﹣4的分子式为。（2）反应③的反应类型是，C分子中含有的官能团名称。（3）在铜催化下乙二醇发生氧化反应的方程式。（4）乙二醇与甲胺在一定条件按1：1反应，产生H2O和一种有机物，有机物的结构简式。（5）下列有关说法正确的是。A．12﹣冠﹣4分子中所有C、O原子同平面B．乙烯分子中存在sp2﹣sp2π键C．乙二醇的沸点比乙醇高，主要原因是乙二醇相对分子质量大D．A能与CO2生成一种能降解的聚合物（6）为了实现高选择性，反应④还需加入模板剂LiClO4，Li+能提高选择性的原因是。（7）碱性溶液中的乙二醇在通电条件下能转化为羟基乙酸盐，装置如图所示：写出阳极的电极反应式。19．（2026•怀仁市校级一模）佐匹克隆（Zopiclone）是一种具有显著镇静催眠效果的催眠药，其副作用轻微而被广泛应用。其合成路线如图：已知：①→RNH2；②SOCl2+H2O＝2HCl+SO2回答下列问题：（1）化合物C中含氧官能团的名称为、。（2）化合物（CH3CO）2O的名称为。（3）下列有关说法不正确的是（填序号）。A．D→E的过程中发生了还原反应B．CH3CN可在酸性条件下水解生成CH3COOHC．已知甲基是推电子基团，F的碱性比弱D．与E互为同系物（4）化合物C与SOCl2生成化合物D的反应方程式为。（5）E和G生成佐匹克隆的反应中NaH的作用为。（6）相对分子质量比F大14、且含有“”原子团的化合物的同分异构体共有种（不考虑立体异构），写出其中一种核磁共振氢谱上显示峰值比为3：2：1：1的同分异构体的结构简式。（7）化合物M转化为K的路线如图（部分反应条件及产物略），其中化合物N、K的结构简式分别为、。20．（2026•齐齐哈尔一模）喹啉酮及其衍生物是一类重要的杂环化合物，因其具有多样的生物活性被广泛应用于医药和农药。一种喹啉酮衍生物H的合成路线如图：已知：狄克曼酯缩合反应为。回答下列问题：（1）A的名称为，B→C的反应类型为。（2）C→D实现了由到的转化（填官能团名称）。（3）D→E的化学方程式为，其中吡啶（）的作用为。（4）A有多种同分异构体，符合下列条件的同分异构体有种（不考虑立体异构）。①含有官能团—NH2和；②能发生银镜反应；③水解产物可以使FeCl3溶液显紫色。（5）参考上述路线，设计如下转化：Y的结构简式为，Y→Z的反应中会生成与Z互为同分异构体的副产物，其结构简式为。21．（2026•新余校级一模）W是一种抗肿瘤药物，其合成路线如图所示，回答下列问题（部分反应条件已略去）。已知：“Et”代表乙基；“DMF”代表N，N—二甲基甲酰胺。（1）化合物A的分子式为。（2）由D转化为E的反应类型为，化合物G中含氧官能团的名称为。（3）化合物B中手性碳原子有个。（4）写出由F生成G的化学方程式。（5）A的同分异构体有多种，其中满足下列条件的同分异构体有种（考虑立体异构）。①与A含有相同的官能团，“—NO2”与苯环直接相连②苯环上有2个取代基写出核磁共振氢谱有4组峰，且峰的面积之比为2：2：2：1的结构简式。（6）写出由和HCONHCH3合成的路线（无机试剂任选）。已知：LiAlH4能与酯基反应；在Pb/C催化下，H2能将硝基转化为氨基。22．（2026春•小店区校级月考）茉莉酮酸甲酯是一种具有茉莉花香的天然化合物，常用于高级香水配制，某合成路线如图：已知：Ⅰ：Ⅱ：（1）化合物G中含氧官能团的名称为；（2）B到C的化学方程式为。（3）C→D的反应类型为。（4）D→E过程中反应物的系统命名的名称为。（5）F的同分异构体有多种，请写出两种符合下列条件的同分异构体的结构简式。①只有苯环一个环状结构；②能发生银镜反应；③核磁共振氢谱有4组峰（6）根据上述信息，写出以环戊烯和乙醇为原料合成的路线。23．（2026春•洛阳月考）林扎戈利胆碱是一种口服小分子药物，用于治疗成年女性中度至重度的子宫肌瘤。合成路线如图（Me代表甲基，部分反应条件略去）：回答下列问题：（1）物质A的顺反异构体结构简式为。（2）物质B中的含氧官能团有（填名称）。（3）D→E过程中，K2CO3的作用为。（4）M的结构简式为。（5）H与N反应转化为I的同时生成NaCl，则H→I的化学方程式为。（6）J→K的反应类型为。（7）物质G（）有多种同分异构体，满足下列条件的有种。a.遇FeCl3发生显色反应b.可发生银镜反应c.F原子直接连在苯环上d.分子中无甲基其中核磁共振氢谱有4组峰的同分异构体的结构简式为（写出其中一种）。24．（2026•合肥一模）新型抗流感病毒药物玛巴洛沙韦广泛用于甲流、乙流的临床治疗。其重要合成中间体P的一种合成路线如图：已知：①②回答下列问题：（1）A的化学名称是。（2）A与乙酰氯（CH3COCl）反应的目的是。（3）C中官能团名称是。（4）H的结构简式为。由O生成P的反应类型是。（5）L的同分异构体中，满足下列要求的同分异构体数目是。a．芳香族化合物，且苯环上有四个取代基，除苯环外无其他环状结构b．核磁共振氢谱只有两组峰，且峰面积比为1：1（6）根据上述合成路线，以制备的一种合成路线如图：①生成中间产物1的化学方程式为。②由中间产物1到中间产物3的流程为（必要的无机反应物，试剂任选）。25．（2026•河北开学）头孢克洛是20世纪80年代初开发上市的第二代高效口服头孢菌素，由于疗效显著，加上口服药的优势，连续数年创抗生素销售额第一的纪录。头孢克洛关键中间体7﹣ACCA的合成路线如图：已知：1.﹣Ph表示苯基；2.O3可将碳碳双键氧化为碳氧双键，碳氧双键可进行酮﹣烯醇互变异构（⇌，R为烃基或氢）。回答下列问题：（1）A中含氧官能团名称为。（2）B的结构简式为。（3）B→C反应的目的。（4）F→G的反应类型为。（5）H→I的化学方程式为。（6）有机物X是7﹣ACCA的同分异构体，写出满足下列条件的同分异构体的结构简式（写出一种即可）。a．属于芳香族化合物，且与FeCl3溶液发生显色反应；b．红外光谱表明分子中含有酰氯基团（）和巯基（—SH）；c．核磁共振氢谱有三组峰，峰面积比为4：2：1。（7）参照上述合成路线，设计由有机物Y（）为原料合成的合成路线（无机试剂任选）。

2026年高考化学4月模拟试卷必刷题——解答一．解答题（共25小题）1．（2026•山东模拟）化合物I（）是合成降压药硝苯地平的中间体，其合成路线如下：已知：Ⅰ.Ⅱ.Ⅲ.回答下列问题：（1）A→B反应类型为加成反应；检验A中是否含有B的试剂为Na（填化学式）。（2）C→D化学方程式为CH3COCH2COOH+CH3OH⇌△浓硫酸（3）H的同分异构体中，同时满足下列条件的结构简式为或（写出一种即可）。①含—NO2②含苯环③含3种不同化学环境的氢原子（不考虑立体异构）（4）根据上述信息，在虚线框中补全以I合成硝苯地平（J）的合成路线和。【答案】（1）加成反应；Na；（2）CH（3）或；（4）和。【分析】根据A→B的反应条件，再结合已知信息ii，根据B的分子式推断A为乙醛，2分子乙醛经羟醛缩合得到B（3﹣羟基丁醛，结构简式），B氧化得到C（乙酰乙酸，结构简式：CH3COCH2COOH），C与甲醇发生酯化反应得到D（乙酰乙酸甲酯，结构简式：CH3COCH2COOCH3），D和NH3发生加成、脱水得到E（），然后E异构化得到G，然后D和F（邻硝基苯甲醛）发生反应，根据已知Ⅱ，羟醛缩合，题目说碱性不宜过强，D有酯基，则H的结构简式为，H与G发生加成反应生成I，据此解答。【解答】解：（1）2分子乙醛发生羟醛缩合得到3﹣羟基丁醛，A（乙醛）无羟基，B含羟基，可用钠检验，羟基与钠反应生成氢气，故答案为：加成反应；Na；（2）C（乙酰乙酸）与甲醇发生酯化反应生成D，化学方程式：CH3COCH故答案为：CH（3）H的分子式为C12H11NO5，不饱和度为8，满足：含硝基、苯环、3种氢，高度对称即可：或，故答案为：或；（4）根据已知Ⅰ和Ⅲ，I中亚胺结构先异构化为氨基，再分子内缩合闭环得到J：第一步：得到异构化的中间体：，（核心是将原I的C＝NH异构化为H2N—C（CH3）＝结构）；第二步：分子内氨基与羰基按已知Ⅲ加成、缩合脱水，得到六元环结构，最终异构化生成J，故第二步中间体的结构简式为：，故答案为：和。【点评】本题考查有机合成，侧重考查学生基础知识的掌握情况，试题难度中等。2．（2026•厦门模拟）治疗干眼症处方药立他司特的中间体I的合成路线如图。回答下列问题：（1）B的结构简式为H2NCH2CH2OH。（2）C中含氧官能团有羟基、酰胺基。（填名称）（3）C→D的反应类型为还原反应。（4）C→E过程中两步反应顺序不能调换的原因是C中酰胺基会在酸性条件下水解。（5）F→G的化学方程式为，该步的目的是保护亚氨基。（6）G中C—H键极性更强的是①（填“①”或“②”），理由是氯原子是吸电子基团，①位C—H相邻连接两个氯原子，吸电子作用更强，使C—H键电子对更偏向碳原子，因此极性更强。（7）D的同分异构体J能与FeCl3溶液发生显色反应，其核磁共振氢谱有四组峰，面积之比为1：2：2：6，且N与3个C原子直接相连。J的结构简式为、、。（写出一种即可，不考虑立体异构）【答案】（1）H2NCH2CH2OH；（2）羟基；酰胺基；（3）还原反应；（4）C中酰胺基会在酸性条件下水解；（5）；保护亚氨基；（6）①；氯原子是吸电子基团，①位C—H相邻连接两个氯原子，吸电子作用更强，使C—H键电子对更偏向碳原子，因此极性更强；（7）、、。【分析】结合A和C的结构简式可知，A→C发生了取代反应，可得B的结构简式为H2NCH2CH2OH。C→D的过程中，酰胺基变为了亚氨基，发生还原反应。D的亚氨中的N原子的孤对电子和HCl中H+的空轨道形成配位键，发生中和反应得到E。E在AlCl3、165℃的条件下发生分子内环化反应得到F，两分子的F和一分子的甲醛缩合，生成G，G通入CO2，在n﹣BuLi、THF、LiCl条件下向苯环所连的两个Cl之间的碳原子上引入一个羧酸根，发生取代反应生成H，再酸化复原得到仲胺盐酸盐，即I，据此进行解答。【解答】解：（1）根据分析可知，B的结构简式为H2NCH2CH2OH，故答案为：H2NCH2CH2OH；（2）由C的结构简式可知，其含氧官能团为羟基和酰胺基，故答案为：羟基；酰胺基；（3）由分析可知，C→D的反应类型为还原反应，故答案为：还原反应；（4）C→E的顺序为：先还原（C→D），再酸化成盐（D→E）；不能调换顺序的原因是酰胺基会在酸性条件下水解，最终无法得到E，故答案为：C中酰胺基会在酸性条件下水解；（5）F为仲胺盐酸盐，两分子F与一分子甲醛缩合生成G，脱去一分子水和两分子HCl，化学方程式为；该步将仲胺转化为叔胺，避免N—H与强碱n﹣BuLi反应，起到保护氨基的作用，故答案为：；保护亚氨基；（6）氯原子是吸电子基团，①位C—H处于两个Cl之间，两个Cl的吸电子作用比②位（仅邻位一个Cl）更强，因此C—H极性更强，故答案为：①；氯原子是吸电子基团，①位C—H相邻连接两个氯原子，吸电子作用更强，使C—H键电子对更偏向碳原子，因此极性更强；（7）D的不饱和度为4，其同分异构体J能和FeCl3溶液发生显色反应，必含有酚羟基，苯环的不饱和度为4。核磁共振氢谱有四组峰，面积之比为1：2：2：6；结构必须对称，含有两个对称的甲基。N与3个C原子直接相连，说明其中两个为甲基，其中一个C原子连了N原子之后与苯环相连。还剩两个Cl原子，可以连在苯环上，也可以连在与苯环相连的C原子上。综上，可写出结构简式为、、，任选其一即可，故答案为：、、。【点评】本题考查有机物推断和合成，侧重考查分析、推断及知识综合应用能力，利用某些结构简式、分子式或反应条件、题给信息正确推断各物质结构简式是解本题关键，注意反应中断键和成键方式，题目难度中等。3．（2026•南充模拟）猫薄荷中的重要成分荆芥内酯（K）的一种合成路线如下所示。已知Ph﹣表示苯基。回答下列问题。（1）荆芥内酯（K）中官能团名称分别是酯基、碳碳双键，的名称是3﹣溴﹣1﹣丁炔。（2）A中b处α—H比a处更活泼的原因是b处C—H受两个吸电子基团影响，而a处只受一个吸电子基团影响，b处C—H键极性更强，更活泼。（3）C发生羟醛缩合伴随脱水，所得产物D（C10H14O）的结构简式为。（4）结合上述路线，对羰基的还原更具选择性的是NaBH4（填“H2/Pt”或“NaBH4”）。（5）“H→I”中，H与NaOH水溶液发生反应的化学方程式为。（6）I通过分子内加成得到内酯中间体J（I的同分异构体），J再经消去反应得到最终产物K，J的结构简式为。（7）A的同分异构体中，同时满足下列条件的共有6种（不考虑立体异构）。a．含有2个六元环且共用1个边b．含羟基，但不能被Cu催化氧化c．能发生水解反应【答案】（1）酯基、碳碳双键；3﹣溴﹣1﹣丁炔；（2）b处C—H受两个吸电子基团影响，而a处只受一个吸电子基团影响，b处C—H键极性更强，更活泼；（3）；（4）NaBH4；（5）；（6）；（7）6。【分析】A在NaOC2H5的作用下与发生取代反应生成B，B在HgSO4、H3O+、加热条件下发生反应生成C，C在强碱作用下发生羟醛缩合脱水生成D，D与氢气发生加成反应生成E，对比C和E的结构可知，D的结构简式为，E在NaOC2H5的作用下与苯甲醛发生羟醛缩合脱水生成F，F先被NaBH4还原后与发生取代反应生成G，G在O3、（CH3）2S作用下发生氧化反应生成H，H先在NaOH水溶液作用下水解后被NaIO4氧化生成I，I通过分子内加成得到J，J发生消去反应得到最终产物K，则J的结构简式为，据此分析。【解答】解：（1）根据K的结构，荆芥内酯含有的官能团有酯基、碳碳双键；的系统命名为3﹣溴﹣1﹣丁炔，故答案为：酯基、碳碳双键；3﹣溴﹣1﹣丁炔；（2）α—H的活泼性受相邻吸电子基团影响，b处C—H受两个吸电子基团影响，而a处只受一个吸电子基团影响，b处C—H键极性更强，故b处α—H更活泼，故答案为：b处C—H受两个吸电子基团影响，而a处只受一个吸电子基团影响，b处C—H键极性更强，更活泼；（3）分析知，D的结构简式为，故答案为：；（4）根据流程中D到E的转化，H2/Pt在此条件下选择性还原碳碳双键；根据F到G的转化，NaBH4选择性还原羰基，因此NaBH4对羰基还原选择性更强，故答案为：NaBH4；（5）H中含乙酸酯基，在NaOH水溶液中发生水解反应，化学反应方程式为，故答案为：；（6）I分子含有羧基和醛基，发生分子内加成反应得到分子内酯J，J经消去反应得到K，对比I和K的结构可知，J的结构简式为，故答案为：；（7）A分子式为C9H14O3，满足条件：含羟基，但不能被Cu催化氧化，则羟基碳上没有H，能发生水解反应，则分子中含有酯基，两个六元环共用1条边，则一个六元环全为碳，另一个六元环为内酯环，其结构有、、、、、共6种，故答案为：6。【点评】本题考查有机合成，侧重考查学生基础知识的掌握情况，试题难度中等。4．（2026•仁寿县校级一模）药物奥卡西平的一种合成路线如图：（1）化合物A的结构简式是。（2）反应①所需的试剂与条件是浓硫酸，浓硝酸，加热；B的名称为邻硝基甲苯或2﹣硝基甲苯。（3）奥卡西平中含有的官能团有bd。a．酯基b．酮羰基c．醛基d．酰胺基（4）合成路线中属于还原反应的是ab。a．反应②b．反应③c．反应④d．反应⑤（5）写出符合下列要求的D的一种同分异构体的结构简式、、（任一种）。i）含有联苯（）结构，且除苯环外不含其他环状结构ⅱ）核磁共振氢谱显示苯环上的氢原子有四种不同的化学环境，且个数比为1：1：1：1（6）已知：。反应④进行时，若NH3过量，有利于反应正向进行，原因是NH3与氯化氢反应生成氯化铵，生成物减少，使平衡正向移动。（7）合成路线中B→C的转化过程是构建碳骨架的常见方法之一、已知：（R1、R2为烃基或D结合相关信息，写出B→C的转化路线（无机试剂任选）。【答案】（1）；（2）浓硫酸，浓硝酸，加热；邻硝基甲苯或2﹣硝基甲苯；（3）bd；（4）ab；（5）、、（任一种）；（6）NH3与氯化氢反应生成氯化铵，生成物减少，使平衡正向移动；（7）。【分析】采用逆推法，由A、B的分子式和C的结构简式，可推出A为、B为；由流程中两物质的结构简式和D的分子式，可确定D为；由E前后物质的结构简式，可推出E为；由F和H的结构简式及G的分子式，可推出G为。【解答】解：（1）A的结构简式为，故答案为：；（2）反应①为发生硝化反应生成等，所需的试剂与条件是：浓硫酸、浓硝酸、加热；由分析可知，B为，名称为：邻硝基甲苯或2﹣硝基甲苯，故答案为：浓硫酸，浓硝酸，加热；邻硝基甲苯或2﹣硝基甲苯；（3）奥卡西平的结构简式为，含有的官能团有酮羰基和酰胺基，故答案为：bd；（4）合成路线中，①为取代反应、②为还原（加成）反应、③为还原反应、④为取代反应、⑤为氧化反应，则属于还原反应的是ab，故答案为：ab；（5）由分析可知，D为，符合要求：“含有联苯（）结构，且除苯环外不含其他环状结构；核磁共振氢谱显示苯环上的氢原子有四种不同的化学环境，且个数比为1：1：1：1”的D的一种同分异构体分子中，除含有外，还可能含—CH、—CH＝NH或—N＝CH，或HN—、—CH＝CH，则可能结构简式为：、、（任写一种），故答案为：、、（任一种）；（6）已知：。反应④进行时，①若NH3过量，过量的NH3将与反应产物HCl继续反应生成NH4Cl，减少生成物浓度，有利于反应正向进行，原因是：NH3与氯化氢反应生成氯化铵，生成物减少，使平衡正向移动，故答案为：NH3与氯化氢反应生成氯化铵，生成物减少，使平衡正向移动；（7）由信息（R1、R2为烃基或H）：可得出，以为原料合成时，应将中—CH转化为—CHO，则可先一卤代再水解成醇，然后氧化为—CHO，最后依据信息进行合成，则由B（）→C（）的转化路线为：，故答案为：。【点评】本题考查有机物的合成等，侧重考查学生基础知识的掌握情况，试题难度中等。5．（2026•文安县校级一模）某研究小组按下列路线合成双氯芬酸钠的中间体J。回答下列问题：（1）A的结构简式为；H的化学名称为2﹣苯乙醇。（2）F→G的反应类型为氧化反应；G中官能团名称为醚键。（3）D→E的化学方程式为+2H2O→H++CH3COOH+H2（4）下列说法错误的是bd（填标号）。a．A→B→C是为了把氯原子引入到指定位置b．化合物A的碱性强于甲胺c．H分子中所有碳原子可能共平面d．1molI中含有13molσ键（5）I的同分异构体中，同时满足下列条件的有13种（不考虑立体异构），其中核磁共振氢谱有4组峰的结构简式为。①能与Na2CO3溶液发生反应但不产生气体；②含甲基（6）参照上述合成路线，设计以苯和1﹣丙醇为原料制备的合成路线CH3CH【答案】（1）；2﹣苯乙醇；（2）氧化反应；醚键；（3）+2H2O→H++CH3COOH+H（4）bd；（5）13；；（6）CH3【分析】由流程结合物质化学式，A为苯胺，A与乙酸发生取代反应生成B，B再与浓硫酸反应引入磺酸基生成C，C与Cl2在FeCl3作催化剂作用下发生取代反应引入氯原子生成D，D酸性条件下生成E；结合J的结构简式可知I为，E、I在一定条件下生成J。【解答】解：（1）由分析可知，A的结构简式为，结合合成路线，由苯与环氧乙烷（G）反应得到的H为2﹣苯乙醇，故答案为：；2﹣苯乙醇；（2）F（乙烯）在催化剂、氧气条件下生成G（环氧乙烷类衍生物），属于氧化反应；G为环氧化物，官能团为醚键，故答案为：氧化反应；醚键；（3）D在酸性条件下水解，酰胺键断裂，生成E、乙酸和硫酸，化学方程式为：+2H2O→H++CH3COOH+H故答案为：+2H2O→H++CH3COOH+H（4）a．氨基乙酰化（A→B）可保护氨基，磺化（B→C）引入的磺酸基作为定位基，引导后续氯代反应（C→D）在苯环指定位置引入氯原子，a正确；b．苯胺（A）中氨基与苯环共轭，氮原子电子云密度降低，碱性弱于脂肪胺甲胺，b错误；c．H为2﹣苯乙醇，侧链的饱和碳原子为sp3杂化，单键旋转时可能所有碳原子共平面，c正确；d．I为苯乙酸（），1molI中含有18molσ键，d错误；故答案为：bd；（5）I为苯乙酸（C8H8O2），同分异构体需满足：①与Na2CO3反应但无气体（含酚羟基，无羧基）；②含甲基。苯环上取代基为—OH、—CH3、—CHO共10种结构，苯环上取代基为—OH、—COCH3共3种组合，因此共13种；核磁共振氢谱4组峰的结构简式为，故答案为：13；；（6）参考题中合成路线，以苯和1﹣丙醇为原料制备，首先CH3CH2CH2OH在浓硫酸加热条件下发生消去反应生成CH3CH＝CH2，然后CH3CH＝CH2与氧气反应生成，结合G→H的变化过程，与在AlCl3作用下生成，最后被氧化，羟基转化为酮羰基得到目标产物，合成路线为：CH3CH2CH2故答案为：CH3【点评】本题考查有机合成，侧重考查学生基础知识的掌握情况，试题难度中等。6．（2026•太原模拟）伏诺拉生（化合物H）是一种可逆性质子泵抑制剂，主要用于治疗反流性食管炎，一种合成路线如图所示：已知：Me表示—CH3，Et表示—C2H5，Ac表示乙酰基。回答下列问题：（1）EtOAc中含有的官能团是酯基（填名称）。（2）A的一种同分异构体的化学名称是2﹣氟苯乙醛或邻氟苯乙醛。（3）反应B→C的过程中，K2CO3的主要作用是中和反应生成的HBr，促进反应正向进行。（4）写出反应G→H的化学方程式：；反应F→G的类型是氧化反应。（5）写出满足以下条件A的所有同分异构体：、、（填结构简式，不考虑立体异构）。①属于芳香族化合物②与A具有相同的官能团，不含（6）富马酸伏诺拉生（化合物Z）可由H经过以下转化得到：已知X存在顺反异构，写出它们的结构简式：、。【答案】（1）酯基；（2）2﹣氟苯乙醛或邻氟苯乙醛；（3）中和反应生成的HBr，促进反应正向进行；（4）；氧化反应；（5）、、；（6）；。【分析】A发生取代反应生成B，B和发生取代反应生成C，C和HCl、EtOAc成环生成D，D和H2发生取代反应生成E，E发生取代反应生成F，F反应生成G，G和反应生成H，结合F、H的结构，G为，据此解答。【解答】解：（1）C和HCl、EtOAc成环生成D，结合D的结构，EtOAc中含有的官能团是酯基，故答案为：酯基；（2）A的一种同分异构体的化学名称是2﹣氟苯乙醛或邻氟苯乙醛，故答案为：2﹣氟苯乙醛或邻氟苯乙醛；（3）反应B→C的过程中，K2CO3的主要作用是中和反应生成的HBr，促进反应正向进行，故答案为：中和反应生成的HBr，促进反应正向进行；（4）反应G→H的化学方程式；反应F→G为羟基氧化为醛基，类型是氧化反应，故答案为：；氧化反应；（5）A为，①属于芳香族化合物、②与A具有相同的官能团，不含，符合条件的同分异构体为、、，故答案为：、、；（6）减水生成X为、，X还原生成Y，Y和富马酸反应生成Z，X存在顺反异构，结构简式、，故答案为：；。【点评】本题考查有机物的合成，侧重考查对比、分析、判断及知识综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，易错点是限制性条件下同分异构体。7．（2026•重庆校级模拟）有机物M是新一代JAK2选择性抑制剂，一种合成路线如图所示（部分试剂及反应条件略）。（1）A中含有的官能团名称是羟基、硝基和醛基，B生成C的反应类型是还原反应。（2）E的结构简式为。（3）L转化为M的反应生成的有机产物分别为M和C2H4（填分子式）。（4）下列说法正确的是CD（填标号）。A．B可以形成分子间氢键B．Mr（L）＝Mr（E）+Mr（K）C．K中所增官能团的碳原子由提供D．的碱性强于（5）C（C9H10ClNO4）的同分异构体同时满足下列条件的有6种。（不考虑立体异构）①苯环上有四个取代基，且—NO2与苯环直接相连②能使FeCl3溶液显紫色③分子中不同化学环境氢原子的个数比为1：2：2：2：3（6）写出以、COOHC|OOH为原料制备的合成路线流程图（无机试剂和有机溶剂任用）。【答案】（1）硝基；醛基；还原反应；（2）；（3）C2H4；（4）CD；（5）6；（6）。【分析】A中羟基上的H被中的ClCH2CH2﹣取代生成B，B中醛基被还原生成C，C发生两步取代生成D，对比D、K、L的结构简式，E与K生成L发生的是取代反应，可知E的结构简式为，I与发生取代反应生成J；由此分析解答。【解答】解：（1）根据A的结构简式，A含有的官能团是羟基、硝基、醛基；B生成C的反应类型为还原反应，故答案为：硝基；醛基；还原反应；（2）E的结构简式为，故答案为：；（3）L转化为M发生“烯烃的复分解反应”，断开2个碳碳双键，CH2＝相互结合生成的小分子为CH2＝CH2，分子式为C2H4，故答案为：C2H4；（4）A．B中没有与N、O、F相连的H，不能形成分子间氢键，故A错误；B．E与K生成L发生的是取代反应，生成的小分子为HCl，故Mr（L）＜Mr（E）+Mr（K），故B错误；C．J上羟基上的H被断开Br原子后的基团取代后生成K，故C正确；D．中N上的电子参与形成大π键，使N上的电子云密度降低，碱性减小，故D正确；故答案为：CD；（5）C的同分异构体满足以下条件：①苯环上有四个取代基，且—NO2与苯环直接相连；②能使FeCl3溶液显紫色，含有酚羟基，再结合等效氢的要求，应该是两个酚羟基；则最后一个取代基包含3个碳原子和1个氯原子；③分子中不同化学环境氢原子的个数比为1：2：2：2：3，说明含有1个甲基，符合条件的结构简式为：、、、、；共6种，故答案为：6；（6）是二元酯，可以由HOOC—COOH与酯化反应得到，结合上述流程中L到M的反应，先发生消去反应得到，继续在Grubbs催化剂作用下生成，再通过加成，取代可以得到，即合成路线为，故答案为：。【点评】本题考查有机物的合成，侧重考查分析、判断及知识的综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题的关键，难点是（6）题有机合成。8．（2026•焦作一模）化合物J是治疗斑秃的新药物，其一种合成路线如图所示（部分反应条件及部分副产物已简化或略去）。已知：﹣Boc、—Cbz、﹣Et、﹣Me均为有机基团。回答下列问题：（1）A的结构简式是。（2）A生成B的过程中引入—Boc的作用是保护氨基；从化学平衡的角度分析，C生成D的过程中“NaHCO3”的作用是与生成的HCl反应，降低反应体系中HCl的浓度，使平衡正向移动。（3）E→G反应的化学方程式是。（4）X为I的同分异构体，满足条件：①仅含一个碳碳双键；②不含醚键，则X有4种（不考虑立体异构，已知C＝C﹣OH、C＝C＝O不稳定）。其中，加热条件下能与新制Cu（OH2）反应生成砖红色沉淀，且核磁共振氢谱显示有3组峰的X的结构简式是ClCH＝CHCHO。（5）在最后一步合成J的步骤中，研究人员分离并鉴别出了多种杂质，其中有Y（），Y的含氧官能团名称是酰胺基；由H和I生成Y分两步进行，其反应类型依次为取代反应、加成反应。【答案】（1）；（2）保护氨基；与生成的HCl反应，降低反应体系中HCl的浓度，使平衡正向移动；（3）；（4）4；ClCH＝CHCHO；（5）酰胺基；加成反应。【分析】该路线是治疗斑秃的药物J的分步合成流程：首先以化合物A为起始原料，先引入﹣Boc保护A的氨基得到B，结合A的分子式，由B逆推可知A的结构简式为，加氢还原B的吡啶环得到C，再向C的仲氨基上引入—Cbz保护基得到D，之后用HCl脱除﹣Boc保护，得到氨基盐酸盐中间体E；E和F发生亲核取代得到G，对比E、G的结构特点，由F的分子式可知，其为，G经Pd/C催化，脱除—Cbz保护同时脱除杂环上的氯原子得到中间体H，最终H和丙烯酰氯I（）发生反应，得到目标药物J。【解答】解：（1）结合A的分子式，由B逆推可知A是，故答案为：；（2）A→B的过程中引入了﹣Boc，D→E过程中释放出﹣Boc，结合C→D在氨基中引入了—Cbz可知，A→B的过程中引入﹣Boc的作用是保护氨基。从化学平衡的角度分析，C→D的过程中还生成了HCl，故加入NaHCO3的作用是与生成的HCl反应，降低反应体系中HCl的浓度，使平衡正向移动，故答案为：保护氨基；与生成的HCl反应，降低反应体系中HCl的浓度，使平衡正向移动；（3）对比E、G的结构特点，由F的分子式可知，其为，由此可写出E→G反应的化学方程式为，故答案为：；（4）对比H、J的结构简式，由I的分子式可知，其为，含3个C原子，不饱和度为2。其同分异构体有ClCH＝CHCHO、CH2＝CClCHO、、，共4种。其中，加热条件下能与新制Cu（OH）2反应生成砖红色沉淀，且核磁共振氢谱显示有3组峰的X的结构简式是ClCH＝CHCHO，故答案为：4；ClCH＝CHCHO；（5）Y的含氧官能团名称是酰胺基；H和I生成Y，第一步为取代反应，第二步碳碳双键打开发生加成，反应类型加成反应，故答案为：酰胺基；加成反应。【点评】本题考查有机合成，侧重考查学生基础知识的掌握情况，试题难度中等。9．（2026春•上海校级月考）盐酸恩沙替尼（J）是首个由中国企业主导在全球上市的小分子肺癌靶向创新药，标志着我国在肿瘤靶向药物领域取得了非常大的突破和进展，其合成路线如图：已知：①Boc2O是（1）B的结构简式为。（2）反应条件X可选择D。A．Br2/CCl4B．NaOH/H2OC．新制Cu（OH）2悬浊液D．Fe/HCl（3）E中官能团的名称是氨基、酰胺基、酯基。（4）F生成G的反应类型为B。A．氧化反应B．取代反应C．消去反应D．加成反应（5）写出G到H的化学方程式。（6）在G转化为H的过程中，加入足量三乙胺[（C2H5）3N]可提高H的产率，请解释产率提高的原因三乙胺[（C2H5）3N]是碱性物质，可以和产物HCl反应，促进平衡正向移动，提高H的产率。而加入足量乙胺C2H5NH2反而会降低H的产率，请解释产率降低的原因加入乙胺（C2H5NH2），会和乙胺（C2H5NH2）发生信息反应得到副产物（含酰胺基），降低H的产率。（7）写出一种符合下列条件的Boc2O的同分异构体：或。①含4个—OCH3；②含非三元环的环状结构；③核磁共振氢谱显示有2组峰；④使酸性KMnO4溶液褪色。（8）据题中信息，以苯为原料，设计合成食品香料的路线（用流程图表示，其他无机试剂任选）。【答案】（1）；（2）D；（3）氨基、酰胺基、酯基；（4）B；（5）；（6）三乙胺[（C2H5）3N]是碱性物质，可以和产物HCl反应，促进平衡正向移动，提高H的产率；加入乙胺（C2H5NH2），会和乙胺（C2H5NH2）发生信息反应得到副产物（含酰胺基），降低H的产率；（7）或；（8）。【分析】由图可知，C发生类似F→G的反应生成D，由D的结构简式可知C为，对比A、C的结构简式，结合B的分子式可以推知A和B发生取代反应生成C，则B为，D发生还原反应生成E，F和Boc2O发生取代反应生成G，G发生已知信息的反应原理生成H，H和LiOH发生取代反应生成I，E和I经过多步反应生成J，以此解答。【解答】解：（1）根据分析，B的结构简式为，故答案为：；（2）化合物D中的硝基被还原为氨基，发生还原反应，故所加试剂要有还原性，故答案为：D；（3）E中含有的官能团有氨基、酰胺基、酯基，故答案为：氨基、酰胺基、酯基；（4）结合分析，F生成G的反应类型为取代反应，故答案为：B；（5）按照G与H的结构简式，结合加入的CO和乙醇可知，G到H的化学方程式，故答案为：；（6）在G转化为H的过程中生成HCl，加入足量三乙胺[（C2H5）3N]可以和产物HCl反应，促进平衡正向移动，提高H的产率；若加入乙胺（C2H5NH2）过量，会和过量的乙胺（C2H5NH2）发生信息反应得到副产物（含酰胺基），降低H的产率，故答案为：三乙胺[（C2H5）3N]是碱性物质，可以和产物HCl反应，促进平衡正向移动，提高H的产率；加入乙胺（C2H5NH2），会和乙胺（C2H5NH2）发生信息反应得到副产物（含酰胺基），降低H的产率；（7）Boc2O的分子式为C10H18O5，不饱和度为2。符合条件①含4个—OCH3；②含非三元环的环状结构；③核磁共振氢谱显示有2组峰，需18个氢中的12个H相同、剩余6个以2个相同的—CH3；④使酸性KMnO4溶液褪色，说明含有碳碳双键。综上符合要求的结构简式有或，故答案为：或；（8）根据目标产物中的酯基可利用合成路线中的方法，由羟基与酰氯发生取代反应，故最后一部的两个有机物为和，第一步由苯引入碳氯键形成氯苯，再利用G→H合成路线合成，再合成苯甲醇，具体合成路线为，故答案为：。【点评】本题考查有机合成，侧重考查学生基础知识的掌握情况，试题难度中等。10．（2026春•江苏月考）苯烯莫德（G）可用于治疗自身免疫性疾病，其合成路线如下：（1）A的熔点高于B，其原因是A分子间存在氢键，而B分子间仅存在范德华力，氢键强于范德华力。（2）B→C实现了由酯基（填官能团名称）到羟基（填官能团名称）的转化。C→D的反应类型是氧化反应。（3）D→E中D还与（CH3CO）2O发生副反应，生成H和CH3COOH两种产物。H的分子式为C14H18O4，其结构简式为。（4）写出同时满足下列条件的F的一种同分异构体的结构简式：。碱性条件下水解后酸化，生成X和Y两种芳香族化合物。X不能使2%酸性KMnO4溶液褪色；Y与FeCl3溶液作用显紫色，但不能与溴水反应。X和Y分子中均含有4种不同化学环境的氢原子。（5）上述合成路线中设计了官能团的保护，其中步骤A→B引入保护基，步骤F→G脱除保护基。（6）化合物I（）是合成树脂的增塑剂。写出以为原料制备化合物I的合成路线流程图（无机试剂和有机溶剂任用，合成路线流程图示例见本题题干）。【答案】（1）A分子间存在氢键，而B分子间仅存在范德华力，氢键强于范德华力；（2）酯基；羟基；氧化反应；（3）；（4）；（5）A→B；（6）。【分析】在合成路线图中，A→B的反应将酚羟基转化为甲氧基，为取代反应，且保护了酚羟基；B→C的反应使用了强还原剂LiAlH4，将酯基还原为羟基；C→D反应中醇羟基被氧化为醛基；D→E发生了两部分反应，D中的醛基先发生了加成反应，生成的醇羟基再发生消去反应得到E；E→F为脱去羧基的反应；F→G为甲氧基转化为酚羟基，为取代反应。【解答】解：（1）A含羧基和两个酚羟基，可形成更多分子间氢键；B中羟基和羧基都被甲基化，无法形成更多分子间氢键，分子间作用力更弱，熔点更低，故答案为：A分子间存在氢键，而B分子间仅存在范德华力，氢键强于范德华力；（2）B中官能团为酯基，其被LiAlH4还原为羟基，实现酯基到羟基的转化；C中醇羟基被氧化为醛基，属于氧化反应，故答案为：酯基；羟基；氧化反应；（3）D→E为芳醛和苯乙酸的反应，第一步先发生醛基与羧基β—C的加成反应得到，第二步羟基发生消去反应生成E物质；副反应为D（芳醛）和乙酸酐发生类似反应，产物分子式为C14H18O4，故其为，故答案为：；（4）F的一种同分异构体要求：水解得两种芳香族化合物，说明含酯基；X不能使酸性高锰酸钾褪色，X为苯甲酸；Y与FeCl3溶液作用显紫色，故其含酚羟基；其不能和溴水反应，故其邻对位均被取代；且含4种等效氢，Y为，故答案为：；（5）A中酚羟基在A→B步骤中被甲基化为甲氧基，保护酚羟基不被后续氧化等反应破坏，最后F→G脱保护重新得到酚羟基，故答案为：A→B；（6）首先用溴水与碳碳双键发生加成反应，再在氢氧化钠醇溶液加热条件下发生卤代烃的消去反应，得到共轭双烯的结构，根据E→F的反应除去羧基，最后共轭二烯发生1，4﹣加聚得到目标聚合物，该合成路线流程图为，故答案为：。【点评】本题主要考查有机物的合成等，注意完成此题，可以从题干中抽取有用的信息，结合已有的知识进行解题。11．（2026•抚顺模拟）西诺沙星为喹诺酮类抗菌药，临床上主要用于治疗尿路感染。合成路线如图：已知：（R1，R2为—C≡N，，）（1）B中含氮官能团的名称为硝基。（2）B→C的反应类型为还原反应。（3）D的结构简式为。（4）E→F的第一步反应的化学反应方程式为。（5）G中碳的杂化类型为sp、sp2、sp3。（6）A的含有苯环（不含其他环状结构）的异构体有5种。（7）参考上述路线，设计如下转化，X和Y的结构简式为和。【答案】（1）硝基；（2）还原；（3）；（4）；（5）sp、sp2、sp3（6）5；（7）；。【分析】由流程，结合物质结构和化学式，化合物A经过硝酸硝化得B，B在Pd/C催化剂下用H2将硝基还原得C，C发生已知反应原理生成D，D与在丙酮中发生取代反应生成E，E在碱性条件下水解，再酸化得到F，F在氯苯中与SOCl2作用生成G，G与乙酸在酸性条件下生成产物H。【解答】解：（1）由结构，B中含氮官能团的名称为硝基，故答案为：硝基；（2）B在Pd/C催化剂下用H2将硝基还原为氨基得到C，为还原反应，故答案为：还原；（3）由分析，D为，故答案为：；（4）E中含酯基，在碱性条件下发生碱性水解生成羧酸钠和乙醇，反应为：，故答案为：；（5）G中—CN碳为sp杂化，苯环碳和羰基碳、双键碳为sp2杂化，饱和碳为sp3杂化，故答案为：sp、sp2、sp3；（6）A除苯环外含有1个碳、2个氧、1个不饱和度，A的含有苯环（不含其他环状结构）的异构体，若有1个取代基可以为—COOH或—OOCH，若含2个取代基，可以为—COOH、—OH，存在邻间对3种，故共有5种，故答案为：5；（7）由流程，和X发生D生成E的反应原理生成，则X为，发生碱性水解后酸化得到Z，Z发生F生成G的反应原理生成Y，Y为，故答案为：；。【点评】本题考查有机物的推断与合成，侧重考查分析、推断及知识的综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，注意反应中断键和成键方式，题目难度中等。12．（2026•上海校级模拟）异氰酸（H—N＝C＝O）和氰酸（H—O—C≡N）是由德国化学家维勒（FriedrichWohler）在研究氰酸铵时发现，这两种酸是化学史上发现的第一个同分异构体。（1）异氰酸分子中σ键与π键个数之比为3：2，C、N、O三种元素中第一电离能最小是C（填元素符号）。（2）能说明氮元素的电负性比碳元素强的事实是AC。A．共价键极性：N—H＞C—HB．氧化性：NO2＞CO2C．含氧酸酸性：HNO2＞H2CO3D．气态氢化物的热稳定性：CH4＞NH3（3）氰酸的熔点比异氰酸高，可能由A所致。A．分子间氢键强度差异B．分子内氢键强度差异C．分子内共价键强度差异用烃基R替换异氰酸中H可得到异氰酸酯（R—N＝C＝O）。异氰酸酯是重要的有机化工原料，现有一种通过异氰酸酯制备杀虫剂氟铃脲（G）的合成路线，过程如下：已知：Ⅰ．异氰酸酯结构中的碳氮双键比碳氧双键活性更强，更容易与含有活泼氢的物质（如ROH、RNH2等）发生加成反应，如：R1—NH2+O＝C＝N—R2→一定条件Ⅱ．→OH（4）关于有机物G说法正确的是C。A．存在顺反异构体B．可与水合茚三酮发生显色反应C．有2种不同杂化方式的碳原子D．最多可与8molH2发生加成反应（5）在系统命名卤代芳烃时，卤原子往往作取代基，如有机物的系统命名为2﹣氯甲苯，据此规则A的名称应为2，6﹣二氯甲苯。（6）化合物B→C的反应类型是A。A．取代反应B．加成反应C．消去反应D．氧化反应（7）D中含氧官能团的名称为酰胺基（酰胺键）。（8）E的结构简式为，在D→E的过程中会生成另一个分子，其化学式为HCl。（9）G还有另外一种合成线路，是由D和另一种异氰酸酯H通过一步反应制得，写出H的结构简式：。（10）有机物I是比E多2个碳原子的同系物，写出符合下列要求且属于有机物I的一种同分异构体的结构简式：。ⅰ．存在1个不对称碳原子；ⅱ．在一定条件下，可形成内盐结构；ⅲ．分子中共有四种化学环境不同的氢原子，个数比为1：2：2：2。（11）结合以上合成路线及题目信息，设计一条以1，3﹣丁二烯和为主要有机原料制备一种聚氨酯材料（）的合成路线，。【答案】（1）3：2；C；（2）AC；（3）A；（4）C；（5）2，6﹣二氯甲苯；（6）A；（7）酰胺基（酰胺键）；（8）；HCl；（9）；（10）；（11），。【分析】根据流程及A的分子式为C7H6Cl2，可推出A的结构式为，A在氨气和氧气的作用下，生成了B（），B与KF反应，生成C（），根据题给信息，C与过氧化氢反应，生成D（），D和COCl2反应生成E，E的分子式为C8H3F2NO2，推出E的结构式为，E与F（）反应生成了氟铃脲G（），据此分析。【解答】解：（1）异氰酸结构H—N＝C＝O，单键均为σ键，双键含1个σ键和1个π键，共3个σ键、2个π键，故比值为3：2；同周期元素第一电离能从左至右增大（N的2p轨道半满稳定，第一电离能大于O），第一电离能：N＞O＞C，第一电离能最小的是C，故答案为：3：2；C；（2）电负性越大，对共用电子对吸引力越强，共价键极性越强，N—H极性大于C—H，说明N电负性更大，故A正确；B．氧化性与电负性无直接关系，故B错误；C．含氧酸酸性越强，中心原子吸引电子能力越强，HNO2酸性强于H2CO3，可说明N电负性更大，故C正确；D．电负性越强，气态氢化物稳定性越强，气态氢化物稳定性NH3＞CH4，故D错误；故答案为：AC；（3）氰酸含H—O—，更容易形成分子间氢键，分子间氢键使分子间作用力增大，熔点升高，故熔点差异由分子间氢键强度差异导致，故答案为：A；（4）A．G中无碳碳双键，不存在顺反异构，故A错误；B．水合茚三酮与α﹣氨基酸发生显色反应，G无此结构，故B错误；C．G中苯环碳、羰基碳均为sp2杂化，—CF2CF2H中碳为sp3杂化，只有两种杂化方式，故C正确；D．G中只有两个苯环可与H2加成，最多共消耗6molH2，酰胺基不加成，故D错误；故答案为：C；（5）A的结构式为，A为甲基在1位，两个氯在2、6位的甲苯，按命名规则（卤原子作取代基，甲苯为母体），命名为2，6﹣二氯甲苯，故答案为：2，6﹣二氯甲苯；（6）B中苯环上的Cl被F取代生成C，属于取代反应，故