2026年高考物理预测模拟试卷3（含答案解析）

第第页参考答案题号12345678910答案DACBDCBABCDCD1．D【详解】A．根据核反应电荷数、质量数守恒，反应前后电荷数满足得质量数满足得故X为电子，不是粒子，故A错误；B．三种射线中，射线电离能力最强，射线电离能力最弱，故B错误；C．衰变放出的电子是原子核内中子衰变为质子时产生的，来自原子核内部，不是核外电子，故C错误；D．根据半衰期公式当时，年即古木距今约5730年，故D正确。故选D。2．A【详解】A．根据多普勒效应，当波源与观察者相互靠近时，观察者接收到的波的频率升高。“彩超”中血液相当于反射超声波的运动波源，若血液靠近探头，探头接收的反射超声波频率变大，故A正确；B．主动降噪技术是利用声波的干涉，发射与噪声相位相反的声波叠加抵消噪声，与多普勒效应无关，故B错误；C．偏振是横波特有的性质，光的偏振现象说明光是横波，纵波不存在偏振现象，故C错误；D．3D电影技术利用的是光的偏振原理，通过让左右眼接收偏振方向不同的光产生立体视觉，与光的干涉无关，故D错误。故选A。3．C【详解】A．由光路可知，玻璃对b光的偏折程度较大，可知玻璃对b光的折射率比对a光的折射率大，A错误；B．根据可知，光在玻璃中的传播速度比光大，B错误；C．a光折射率较小，可知光的频率比光的频率小，C正确；D．因光线从空气射向玻璃时的折射角等于从玻璃射向空气时的入射角，可知光线不可能在玻璃球内发生全反射，则即使增大入射角光也不可能在玻璃球内发生全反射，D错误。故选C。4．B【详解】A．已知额定功率，两个灯泡的总功率为由能量守恒可知，原线圈的输入功率为220W，故A错误；B．由图乙可知，灯泡的​电压峰值，则​电压有效值为通过灯泡的电流有效值由，得原线圈电流有效值电流表测量的是电流的有效值，即为0.5A，故B正确；C．电压表测量的是电压的有效值，不是瞬时值，故C错误；D．由图乙可知，周期，则频率为变压器不改变电流的频率，因此输入原线圈的电流频率也为50Hz，故D错误。故选B。5．D【详解】A．由万有引力定律可以计算中心天体的质量，依题意哈雷彗星是环绕天体，其质量无法由万有引力提供向心力模型计算，故A错误；B．由开普勒第三定律可得，其中年解得年，故B错误；C．根据开普勒第二定律，取时间微元，根据扇形面积公式可得解得，故C错误；D．在近日点时，由牛顿第二定律可得在远日点时，由牛顿第二定律可得联立解得，故D正确。故选D。6．C【详解】对风筝和小朋友受力分析，如图所示对风筝，由平衡条件有，解得风筝线的拉力对小朋友，由平衡条件有，解得，故选C。7．B【详解】两球相遇时，由运动学公式得解得两球相遇时的速度大小分别为，小球A的速度竖直向上，小球B的速度竖直向下，两球碰撞时，由动量守恒定律得，取竖直向上为正解得可知碰后两球一起做上抛运动，碰前与碰后加速度均为重力加速度，那么v-t图像的斜率相同，故B正确，ACD错误。故选B。8．AB【详解】A．电场线与等势线垂直，且沿着电场线方向电势逐渐降低，可知电场指向左，则电子在A点受电场力向右，故A正确;B．电场线由高电势指向低电势，可知A点附近的点电荷带负电，D点附近的点电荷带正电，故B正确;C．将一个电子从A点移至D点，电势由-3V变为5V，根据可知，电子从A点移至D点，该电子的电势能减少了，故C错误；D．等差等势线越密的地方场强越强，可知B点场强大于C点场强，故D错误。故选AB。9．CD【详解】A．线框在磁场中的面积，时间内，向里的磁通量逐渐增大，根据楞次定律，感应电流的磁场方向垂直纸面向外，由右手螺旋定则可知，电流方向为逆时针，故A错误；B．时间内，线框受到的安培力向上，绳子的拉力小于线框的重力，时间内，线框中向里的磁通量减小，线圈中的电流方向为顺时针，线框受到的安培力向下，绳子的拉力大于线框的重力，故B错误；C．磁通量与线圈匝数无关，时磁通量，时磁通量，因此磁通量变化量大小，故C正确；D．流过横截面的电荷量公式为，，得，故D正确。故选CD。10．CD【详解】A．重力做功A错误；B．小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力，则有解得机械能减少B错误；C．根据动能定理C正确；D．根据动能定理解得所以克服摩擦力做功为，D正确。故选CD。11．(1)AD(2)0.260.40(3)AD【详解】（1）A．调节滑轮高度使牵引细线与长木板平行，可以保证小车运动过程中合外力恒定，故A正确；B．实验应先接通打点计时器电源，待打点稳定后再释放小车，故B错误；C．补偿阻力时，不应悬挂小桶，只需要让小车自身重力平衡阻力即可，故C错误；D．实验中把小桶和砂的总重力近似等于绳子拉力，只有小车质量远大于小桶和砂总质量时，该近似才成立，故D正确。故选AD。（2）[1]每相邻两个计数点间还有4个点未画出，因此相邻计数点的时间间隔点速度等于段的平均速度[2]由逐差法得（3）A．探究实验需要让小车合力等于绳子拉力，因此都需要补偿阻力，丙已经垫高，丁水平木板也需要垫高补偿阻力，故A正确；B．丙装置弹簧测力计直接测量绳子拉力，丁装置力传感器直接测量绳子拉力，两种装置都直接测量绳上的拉力，不用近似处理，不需要满足小车质量远大于砝码质量，故B错误；C．补偿阻力后，小车合力等于绳子拉力，弹簧测力计和力传感器都直接测出绳子拉力，但是丁图实验装置未补偿阻力，则示数不可以表示小车受到的合力，故C错误；D．弹簧测力计是直接测量绳上的拉力，即为小车的合外力，滑轮质量不会影响测力计的测量，故D正确。故选AD。12．(1)49.204.7005.0(2)C(3)(4)偏小【详解】（1）[1]游标卡尺（20分度）主尺读数+游标尺读数=49.0mm+0.05×4mm=49.20mm[2]螺旋测微器读数方法是固定刻度+可动刻度=4.5mm+20.0×0.01mm=4.700mm[3]多用电表（×1Ω挡）指针示数为5Ω，故（2）较小，电流表应用外接法（减小系统误差）；电压调节范围尽可能大，滑动变阻器应用分压式接法，选项C正确（3）图线的斜率横截面积联立解得（4）电流表外接法中，电压表测量值为真实电压，电流表测量值为与电压表的总电流，故，测量值偏小13．(1)(2)(3)【详解】（1）未发生火灾时，对活塞有解得（2）活塞刚到达卡柱时的温度为，对等压变化有，，解得之后气体做等容变化，可得容器内气体的图像如图所示（3）气体仅在等压膨胀阶段做功，有从至过程中容器中气体内能增加了9.6J，代入热力学第一定律可得气体吸收的热量为14．(1)2N(2)(3)获三等奖【详解】（1）获得一等奖时，物块1从E点飞出后做平抛运动，设飞出的速度为，则，解得在E点，根据牛顿第二定律可得解得由牛顿第三定律可得，物块1在E点对轨道的压力大小为2N。（2）在DE圆弧段脱离轨道获二等奖，则物块刚好到达D点，对应的速度为0，根据动能定理可得解得物块在E点刚好脱离轨道，对应的速度设为，则有解得根据动能定理可得解得所以物块1碰后的速度范围为。（3）弹簧的弹性势能转化为动能，即，解得物块1与物块2碰撞过程，根据动量守恒定律和机械能守恒定律可得，解得，设物块1在圆轨道上升的高度为h，则解得即物块1进入轨道CD间，获三等奖。15．(1)(2)(3)(4)【详解】（1）离子通过加速电场离子在静电分析器中做匀速圆周运动，可得离子进入圆形