广东东莞市大岭山中学、松山湖莞美学校、众美中学2025-2026学年度第二学期期中考试高二物理试卷（含解析）

第=page11页，共=sectionpages11页广东东莞市大岭山中学、松山湖莞美学校、众美中学2025-2026学年度第二学期期中考试高二物理试卷一、单选题：本大题共7小题，共28分。1.下列关于电磁波的说法正确的是(

)A.5G网比4G网传输数据快，是因为5G的电磁波在真空中传播速度更快

B.红外体温计可发射红外线，进而根据人体反射的红外线来测量人的体温

C.麦克斯韦预言了电磁波的存在，并通过实验捕捉到了电磁波

D.蓝牙通讯采用的电磁波和太阳光一样，传播时都可能发生折射、衍射、干涉等现象2.无线话筒是LC振荡电路的一个典型应用。图示为某时刻电路的工作状态，则下列说法正确的是(

)

A.该时刻，电路中的电流正在减小

B.该时刻，电容器的电场能正在减小

C.其他条件不变，仅在线圈中插入铁芯，则振荡周期减小

D.其他条件不变，仅增大电容器的电容，则振荡周期减小3.如图所示，空间中存在着方向竖直向上大小为E的匀强电场与方向垂直于纸面向里磁感应强度大小为B的匀强磁场叠加的区域。一质量为m、电荷量为q的带电粒子以某一速度射入该区域。已知粒子在该区域恰做直线运动。不计粒子重力，则该粒子(

)

A.可能做匀加速直线运动 B.入射速度的大小一定为EB

C.入射速度的方向水平向右 D.4.如图所示为一时间久远的山洞隧道，隧道内的墙体深处存在大量磁性矿石，为探究山洞隧道内的磁场方向，正对山洞内部发射一带负电的探测小球，若小球向上偏转，则山洞内的磁场方向为(

)A.向左 B.向右 C.向上 D.向里5.如图所示为远距离输电的简易图，M和N为理想升压变压器和理想降压变压器，已知变压器M的原、副线圈匝数比为1:n，变压器N的原、副线圈匝数比为n:1，变压器M原、副线圈两端的电压分别为U1，U2，变压器N原、副线圈两端的电压分别为U3、U4，发电厂输出电压恒定，输电线的总电阻为r。则下列说法正确的是(

)A.U1的频率大于U4的频率

B.用户增多，U2、U4均不变

C.通过变压器M原线圈的电流等于通过变压器N6.如图所示，一质量为m、带电量为+q的粒子从x轴上的P点以速度v射入第一象限内的匀强磁场中，并恰好能垂直于y轴射出，已知OP=a，v与x轴夹角θ=60°，不计粒子重力，则粒子在第一象限运动的时间为(

)

A.43πa3v B.837.如图所示，一正五边形金属线框，边长为L，线框平面处在磁感应强度为B、垂直于纸面向外的匀强磁场中。线框粗细均匀，每边电阻均为R，将a、b两点接在电压为U的恒压电源上，则五边形金属线框受到的安培力大小为(

)A.0 B.BLUR C.2BLUR 二、多选题：本大题共3小题，共18分。8.某风力发电机的原理如图所示，在图示位置时线圈ABCD所在平面与磁感线平行，线圈所处空间可视为匀强磁场，AB、CD边通过滑环分别与电刷E、F相连。则线圈ABCD转至图示位置时(

)

A.穿过线圈的磁通量最小

B.穿过线圈的磁通量的变化率最大

C.流过电阻R的电流方向为右→左

D.AB边受到的安培力方向垂直线圈平面向下9.如图所示，通电导体棒分别置于粗糙斜面上，导体棒的电流方向和匀强磁场的方向如四幅图所示，导体棒均保持静止。则导体棒与斜面间的摩擦力可能为零的是(

)A. B.

C. D.10.如图甲所示，一单匝带缺口(缺口很小)的刚性金属圆环固定在水平面内，圆环阻值r=1Ω，缺口两端引出两根导线，与阻值R=9Ω的定值电阻构成闭合回路，圆环内的磁通量变化如图乙所示，规定磁通量方向向里为正，不计导线的电阻，下列说法正确的是(

)

A.0∼1s内圆环中的感应电流方向沿顺时针方向

B.0∼1s和1∼2s内感应电流方向相同

C.2∼4s内，电阻R两端电压Uab=4.5V

D.0∼1s三、实验题：本大题共2小题，共16分。11.某小组用图甲所示装置做“探究影响感应电流方向的因素”实验。该小组同学记录了磁极运动的四种情况(如图乙中A、B、C、D)下灵敏电流计指针的偏转方向，并列表(见附表)对相关情况进行推理和分析。附表图号电流计指针偏转感应电流的方向(俯视)感应电流的磁场方向磁体磁场方向以及运动引起的磁通量的变化A右逆时针向上向下、增大B左顺时针向下②C左顺时针向下向下、减小D右逆时针①向上、减小请完成下列任务：(1)请补全表格内容。①

②

。(2)综合分析表格得出结论：当穿过线圈的磁通量增大时，感应电流的磁场方向与条形磁铁在线圈内的磁场方向

；当穿过线圈的磁通量减小时，感应电流的磁场方向与条形磁铁在线圈内的磁场方向

。12.实验小组在“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”实验中使用的可拆式变压器如图甲所示，图中各接线柱对应的数字表示倍率为“×100”的匝数。(1)除图甲中的器材和多用电表外，下列器材中还需要的是

。

A.干电池

B.磁铁C.低压交流电源

D.直流电压表(2)小明同学将变压器按照要求组装好后，原线圈接“0”“4”接线柱，副线圈接“0”“14”接线柱。原线圈两端的交流电压表量程为10V，示数如图乙所示，其读数值为

V，此时副线圈实际输出的电压为

。(填写正确选项)A.5.19V

B.14.6V

C.15.5V

D.19V(3)小李同学将原线圈接在交流电源上，将副线圈接在电压传感器(可视为理想电压表)上，观察到副线圈电压U2随时间变化的图像如图丙所示，在t1∼t2时间内该同学先断开开关，其后仅进行的一项操作可能是

。

AC.减少了副线圈的匝数

D.减少了原线圈的匝数四、计算题：本大题共3小题，共38分。13.如图所示，金属棒MN的长度L=0.2m，两端由等长的轻质细线水平悬挂，处于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度大小B=0.5T。金属棒中通以沿棒方向，大小I=1A的电流。平衡时两悬线向右偏离竖直方向的夹角均为θ=45°，重力加速度g取10m/s2(1)求金属棒的质量m；(2)如果将匀强磁场的方向变为沿绳向上，要使金属棒依然在原位置处于平衡状态，求匀强磁场磁感应强度的大小。14.某肿瘤治疗新技术是通过电子撞击目标靶，使目标靶放出X射线，对肿瘤进行准确定位，再进行治疗，其原理如图所示。竖直平面的圆形区域内充满方向垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B。水平放置的目标靶长为74L，靶左端M与磁场圆心O间的水平距离为94L，竖直距离为3L，从电子枪逸出的电子(质量为m，电荷量为e，初速度可以忽略不计)经加速电场加速后，从磁场边界上的P点沿PO方向(PO与水平方向的夹角为53∘)射入半径(1)电子击中靶右端N点时电子的速度大小v0(2)电子击中靶右端N点时从P点运动到N点所用的时间是多少。15.如图所示，间距均为L=1m的光滑平行倾斜导轨与足够长光滑平行水平导轨在M、N处平滑连接，虚线MN右侧存在方向竖直向下、磁感应强度为B=1T的匀强磁场。a、b是两根完全相同粗细均匀的金属棒，每根棒的质量为m=0.2kg，电阻为R=2Ω，刚开始a棒垂直固定在倾斜轨道上距水平面高h=0.2m处；b棒与水平导轨垂直并处于静止状态，距离MN的距离s=2.8m。现让a棒由静止释放，运动过程中与b棒始终没有接触且始终垂直于导轨；不计导轨电阻，重力加速度为g=10 m/s2(1)a棒刚进入磁场时b棒上的电流大小；(2)稳定时b棒上产生的焦耳热；(3)稳定时a、b两棒间的间距d。

答案解析1.【答案】D

【解析】A.电磁波在真空中传播速度都相同，选项A错误；B.红外体温计可接收红外线，进而根据人体发出的红外线来测量人的体温，选项B错误；C.麦克斯韦预言了电磁波的存在，赫兹通过实验捕捉到了电磁波，选项C错误；D.蓝牙通讯采用的电磁波和太阳光一样，传播时都可能发生折射、衍射、干涉等现象，选项D正确。故选D。2.【答案】B

【解析】B.由图知，电容器上极板带正电，下极板带负电，电流方向沿回路由上极板流出，再回到下极板，这表明此时电容器正在放电。所以电容器所带电荷量正在减小，电容器的电场能也正在减小，而线圈中的磁场能正在增大，故B正确。A.在电容器放电过程中，回路电流由零逐渐增大到最大值，所以该时刻电流不是正在减小，故A错误。C.

LC

振荡电路的周期为

T=2πLC

，仅在线圈中插入铁芯时，线圈电感

L

增大，所以周期

T

增大，不是减小，故D.仅增大电容器的电容

C

时，周期

T

也增大，不是减小，故D错误。故选B。3.【答案】B

【解析】A.由题知，粒子做直线运动，且电场力是恒力，若粒子做加速直线运动，则洛伦兹力会随速度变化而变化，合力方向就会改变，则粒子就不能做直线运动，所以粒子只能做匀速直线运动，故A错误；BCD.若粒子带正电，电场力方向竖直向上，则洛伦兹力方向竖直向下，根据左手定则，可知粒子入射速度方向水平向左；若粒子带负电，电场力方向竖直向下，洛伦兹力方向竖直向上，根据左手定则，可知粒子入射速度方向也是水平向左，故不管粒子是带正电，还是带负电，其入射速度的方向水平向左，且电场力与洛伦兹力平衡，则有

qE=qBv解得

v=EB

，可知入射速度的大小与粒子的电性无关，则无法判断粒子的电性，故B正确，故选B。4.【答案】B

【解析】小球带负电，由左手定则可知，小球受到的洛伦兹力向上，故磁场方向向右。故选B。5.【答案】C

【解析】A、由变压器的工作原理可知U1的频率等于U4的频率，故A错误;

C.假设通过变压器M原、副线圈的电流分别为I1、I2，通过变压器N原、副线圈的电流为I2、I3，则由变压器的工作原理得I1I2=n2n1=n1、I2I3=n4n3=1n，解得I1=I3，故C正确;

BD.变压器M原、副线圈匝数比不变，原线圈输入电压不变，则副线圈输出电压不变，即U16.【答案】C

【解析】【详解】由左手定则结合题意画出带电粒子在第一象限运动轨迹，其对应圆心角为

120易知轨道半径为

r=则粒子在第一象限运动的时间为

t=

故选C。7.【答案】D

【解析】ab边的电流为

I所受的安培力

F根据左手定则，可知ab边所受的安培力向下bcdea边的电流

I所受的安培力为

F根据左手定则，可知ab边所受的安培力向下故五边形金属线框受到的安培力大小为

F=故选D。8.【答案】AB

【解析】A.此时穿过线圈的磁通量为零，而磁通量的变化率最大，故AB均正确；C.此时，电流方向为DCBAEFD，则流过电阻R的电流方向为左→右，故C错误；D.由左手定则，AB边受到的安培力方向垂直线圈平面向上，故D错误。故选AB。9.【答案】BC

【解析】A.导体棒受重力、水平向左的安培力、支持力，若导体棒保持静止，一定受摩擦力，故A错误；B.导体棒受重力、沿斜面向上的安培力、支持力，若导体棒保持静止，导体棒与斜面间的摩擦力可能为零，故B正确；C.导体棒受重力、竖直向上的安培力，若导体棒保持静止，导体棒与斜面间的支持力、摩擦力可能为零，故C正确；D.导体棒受重力、竖直向下的安培力、支持力，若导体棒保持静止，一定受摩擦力，故D错误。故选BC。10.【答案】AB

【解析】A.0∼1s内，磁通量减小，由楞次定律可知，感应磁场与原磁场方向相同，根据右手螺旋定则可知，感应电流方向为顺时针，故A正确；B.1∼2s内，磁通量反向增加，根据楞次定律可知，感应磁场与原磁场方向相反，根据右手螺旋定则可知，感应电流方向为顺时针，与0∼1s内电流方向相同，故B正确；C.2∼4s内，由法拉第电磁感应定律可得

E=n由闭合电路欧姆定律可得

U由楞次定律“增反减同”和右手螺旋定则可知，电流为逆时针方向，所以

Uab=−URD.根据楞次定律“增缩减扩”可知，0∼1s内圆环有扩张趋势，

由法拉第电磁感应定律可得

E=n由闭合电路欧姆定律可得

I=联立求解可得

I=0.1A

，故D错误。故选AB。11.【答案】向上向上、增大相反相同

【解析】(1)[1]因为从上往下看感应电流逆时针环绕，由右手螺旋定则知感应电流的磁场方向向上[2]条形磁铁内部的磁场方向是从S极指向N极，故条形磁铁磁场方向向上，条形磁铁插入线圈时，引起穿过线圈的磁通量增加(2)[1]综合分析表格得出结论：当穿过线圈的磁通量增大时，感应电流的磁场方向与条形磁铁在线圈内的磁场方向相反

[2]当穿过线圈的磁通量减小时，感应电流的磁场方向与条形磁铁在线圈内的磁场方向相同12.【答案】C4.4BAD

【解析】(1)探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系实验需要交流电，不需要干电池和条形磁铁，需要低压交流电源和交流电压表。故选C。(2)[1]由于电压表量程为10V，每一小格为0.2V，所以图示读数为4.4V[2]根据原副线圈两端电压与匝数的关系

U可得

U由于实际变压器存在能量损失，副线圈两端的电压略小于15.4V。故选B。(3)由图可知，

U2

最大值增大，则

U2故选AD。13.【答案】(1)对金属棒受力分析，如图受到的安培力

F又

F