陕西省宝鸡市2026届高考模拟检测（三）化学试卷（含解析）

陕西省宝鸡市2026届高考模拟检测（三）化学试卷学校：___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．下列关于AI在化学研究中的使用错误的是(

)A.优化合成条件，降低药品生产成本 B.解析新药药理，替代传统临床试验C.搜寻文献信息，筛选新型储能介质 D.设计目标分子，开发特种功能材料2．下列化学用语或图示表述正确的是(

)A.甲醛()分子的空间填充模型：B.和是同一物质C.中S的杂化轨道模型示意图：D.的系统命名：2，4，4-三甲基戊烷3．下列陈述Ⅰ与陈述Ⅱ均正确，且具有因果关系的是(

)选项陈述Ⅰ陈述ⅡA苯甲酸钠显酸性苯甲酸钠可用作食品防腐剂B浓硝酸保存在棕色试剂瓶中浓硝酸具有强氧化性C肉桂醛()使溴水褪色分子中存在碳碳双键D工人将模具干燥后再注入熔融钢水铁与高温下会反应A.A B.B C.C D.D4．下列指定反应的离子方程式正确的是(

)A.沉淀溶于氨水：B.向溶液中加入铝粉：C.用氢氟酸刻蚀玻璃：D.溶液与溶液混合：5．5-羟基色氨酸()是天然色氨酸()的一种衍生物，对人体睡眠可能具有调节作用，二者的结构简式如图所示。下列说法错误的是(

)A.可用溶液鉴别和B.和都可以与盐酸和溶液分别发生反应C.与甘氨酸()互为同系物D.等物质的量的和消耗的质量相等6．某离子液体的阴离子结构如下图所示，其中X、Y、Z、R、Q是核电荷数依次增大的短周期主族元素，X、Z原子序数之和等于R的原子序数，Z原子价电子数是Q原子价电子数的2倍。下列说法正确的是(

)A.简单离子的半径： B.电负性：C.键角： D.的键长：7．下列化学实验目的与相应实验示意图相符的是(

)A.用①探究熔融条件下烧碱的导电性 B.用②检验溴乙烷消去反应的产物C.用③可以制备并干燥氨气 D.用④的仪器进行重结晶法提纯苯甲酸8．2025年诺贝尔化学奖授予金属有机框架材料开发领域。是其中最具代表性的材料之一，由(摩尔质量为)与对苯二甲酸根()(摩尔质量为)通过配位键连接，形成立方晶系结构，其中与同一配体相连的两个的取向不同，晶体内部的空腔可以吸附小分子。下列说法正确的是(

)A.的配位数为8B.在配体上引入可增强的吸水性C.已知A粒子的分数坐标为，则B粒子的分数坐标D.该晶体的密度是9．如图所示的物质转化关系中，N为常见的无色无味的液体，N与固体M剧烈反应，产生无色气体R和固体Q，R燃烧时伴有浓烟，Q的焰色为砖红色，E可发生银镜反应，F为某类调味品的主要成分之一、下列说法错误的是(

)A.实验室常用M与N反应制RB.的过程含加成反应C.M和Q中均含离子键和非极性共价键D.R可用于切割和焊接金属10．乙醛由乙烯在催化剂作用下直接氧化制得，乙烯氧化法制乙醛的原理如图所示(部分相关离子未画出)。下列说法正确的是(

)A.反应过程中使用了2种催化剂，中间产物共有3种B.乙烯催化氧化法制乙醛的化学方程式为C.过程Ⅰ∼Ⅴ均为氧化还原反应D.、、均为非极性分子11．工业上通过修饰的某分子筛的吸附-脱附可实现和混合气的分离。常温常压下，将和等体积混合以一定流速通过某吸附剂，测得两种气体出口浓度(c)与进口浓度()之比随时间变化关系如图所示。下列推断不合理的是(

)A.前，两种气体均已被吸附B.b点时吸附剂不能再吸附两种物质C.分子中的孤电子对易与的空轨道形成配位键而被吸附D.a-b对应的时间段内，吸附的逐渐被替代12．可见光照射下，光伏电池产生“空穴()”和电子，空穴驱动阳极反应，促进苯甲醇转化，电子驱动阴极产生(如图)。下列叙述错误的是(

)A.能量转化形式：光能最终转化为化学能B.阳极产物可能有C.电池工作时，向a极移动D.b极电极反应式为213．邻硝基苯胺的催化氢化反应的原理和实验装置图如图(夹持装置和搅拌装置略)。装置Ⅰ用于储存和监测反应过程。已知：①雷尼暴露在空气中可自燃，在制备和使用时，需用水或有机溶剂保持其表面“湿润”；②邻硝基苯胺在极性有机溶剂中更有利于反应的进行。下列说法错误的是(

)A.反应前应向装置Ⅱ中通入一段时间B.判断氢化反应完全的现象是集气管内液面不再上升C.在无水乙醇中的反应速率大于在四氯化碳中的反应速率D.向集气管中充入时，三通阀的孔路位置如图所示：。发生氢化反应时，集气管向装置Ⅱ供气，孔路位置需调节为：。14．常温下，将的水杨酸(用表示)和的氨水等体积混合，通入气体或加入固体调节混合液的(忽略溶液体积的变化)，混合液中和的浓度对数(实线)、含A微粒的分布系数(虚线)与溶液的关系如图所示。下列说法正确的是(

)A.Ⅰ表示与的关系曲线B.C.D.当时，体系中二、填空题15．化学家徐光宪及其团队创立的串级萃取理论，使我国在稀土资源生产应用方面实现质的飞跃。镨()是一种重要的稀土元素，采用如图工艺流程可由孪生矿(主要含、、、等)制备。已知：可由溶液制备，主要包含沉淀、灼烧两个步骤。已知镨元素的常见价态为、。(1)滤渣Ⅰ中除含有外，还含有一种淡黄色沉淀，写出在“溶浸”中反应的离子方程式______________________。(2)从绿色化学的角度考虑，相比于在空气中煅烧孪生矿，该工艺的优势在于______________________。(3)“除铁”后确认已被除尽的实验操作是______________________。(4)用有机萃取剂萃取的原理为，反萃取后，存在于(填“水相”或“有机相”)___________。徐光宪提出的串级萃取理论，可以提高萃取率，若要实现这一目的，你认为还可优化的工艺条件有___________(写一条即可)。(5)搅拌下，将一定量的溶液与沉淀剂溶液充分反应，过滤得到沉淀。若改用溶液为沉淀剂，制得沉淀的离子方程式为______________________；制得的沉淀颗粒较为疏松，原因是______________________。(6)将置于空气中灼烧，测得剩余固体质量与起始固体质量的比值随温度变化的曲线如图所示。制备最适宜的温度为______________________。A. B. C. D.(7)将固体加到酸性溶液中产生大量气泡，反应后镨元素仅以的形式存在，该反应的离子方程式为______________________。三、实验题16．对乙酰氨基酚(俗称扑热息痛)是一种常用的解热镇痛药。一种实验室合成对乙酰氨基酚的反应原理如下：Ⅰ.制备对乙酰氨基酚(简化的实验装置如图1所示)实验步骤：向圆底烧瓶中加入对氨基苯酚，冰醋酸，减压条件下(装置略)，维持温度在反应，水和醋酸同时被蒸出进入锥形瓶。已知：①对氨基苯酚与对乙酰氨基酚均为白色结晶，在空气中易被氧化成棕褐色。②刺形分馏柱内壁有很多向下倾斜的刺状突起，使用时通常外壁裹有保温材料。③相关物质的性质如下：回答下列问题：物质相对分子质量熔点沸点溶解性冰醋酸6016.6118与水，乙醇等有机溶剂以任意比例互溶对氨基苯酚109189~190284微溶于冷水，易溶于热水，乙醇等有机溶剂对乙酰氨基酚151168~172379微溶于冷水，易溶于热水，乙醇等有机溶剂(1)仪器X应选用图2中的___________(填名称)。(2)从物质结构的角度分析水和醋酸能被同时蒸馏出来的原因______________________。(3)可说明制备反应已完成的实验现象是______________________。(4)下列说法正确的是___________(填标号)。A.实验时加热速度越快，分馏效率越高B.为提高对乙酰氨基酚的产率，须加入过量乙酸C.外壁使用保温材料的目的是确保高沸点物质维持蒸汽状态D.分馏柱内壁的刺状突起可增大气液接触面积，提高分馏效率Ⅱ.提纯对乙酰氨基酚：在搅拌下趁热将制得的粗品倒入冰水中，有白色液体析出，抽滤。所得白色固体用热水溶解，稍冷后加入活性炭和适量亚硫酸氢钠，趁热过滤，将滤液冷却结晶，抽滤、洗涤、干燥后称重得对乙酰氨基酚。(5)加入亚硫酸氢钠的目的为：①与对氨基苯酚生成可溶于水的盐，便于提纯；②___________。(6)趁热过滤的原因是______________________。(7)本实验中对乙酰氨基酚的产率为___________(结果保留1位小数)。四、填空题17．的催化重整可生产高纯度合成气(、)，实现碳资源的二次利用。主要反应如下：反应Ⅰ：反应Ⅱ：反应Ⅲ：回答下列问题：(1)反应的______________________。(2)已知：，则反应Ⅱ的随温度T的变化趋势是______________________。(填编号)A. B.C. D.(3)一定温度下，在恒容的密闭容器中发生反应Ⅱ，下列说法正确的是______________________。(填编号)A.升高温度或缩小容器体积均可增加反应物分子中活化分子百分数B.加入催化剂可以降低该反应的C.及时分离出可以提高的平衡转化率D.混合气体的平均摩尔质量不变时反应达平衡(4)在温度分别为和下，的平衡转化率与压强的关系如图1所示，则温度由低到高的顺序为______________________。(5)已知：ⅰ.反应Ⅲ的正、逆反应速率可分别表示为、(k为速率常数)。ⅱ.阿伦尼乌斯公式是表示了反应速率常数与温度之间的经验公式，该经验公式为(式中为活化能，k为速率常数，R和C为常数)。如图2所示的斜线为、与的变化关系，回答下列问题：①图2所示的实线a、b中，能表示随变化关系的是___________(填字母)。②当改变外界条件时，随变化关系如图中的虚线c所示，则实验可能改变的外界条件是______________________。③正反应的活化能______________________。④时，反应Ⅲ平衡常数______________________。18．有机光电子材料是一类具有光电转换功能的材料，某种有机光电子材料Ⅰ的合成路线如下：已知：。回答下列问题：(1)物质A的化学名称是______________________。(2)有机物H中含有的官能团有___________(填名称)。(3)的反应类型是______________________。(4)写出的化学反应方程式___________(同时生成两种气体)。(5)试剂K的结构简式为______________________。(6)参考上述路线，设计如下转化：的反应条件为______________________；Z的结构简式为______________________。(7)写出一种同时符合下列条件的化合物B的同分异构体的结构简式___________(不考虑立体异构)。a.苯环上只有一个取代基；b.含有一个手性碳；c.不存在过氧键(-O-O-)。参考答案1．答案：B解析：A.AI可通过算法模拟、优化反应的合成条件，减少实验消耗，能够降低药品生产成本，A不符合题意；B.AI可以辅助解析新药药理，但临床试验需要验证药物在生物体内的实际有效性、安全性等核心指标，无法被AI替代，B符合题意；C.AI能够快速处理海量文献数据，从中筛选出符合性能要求的新型储能介质候选物，C不符合题意；D.AI可根据预设的功能需求进行分子结构设计，辅助开发特种功能材料，D不符合题意；故选B。2．答案：C解析：A.甲醛()分子结构式为，是甲醛的球棍模型，故A错误；B.和互为对映异构体，故B错误；C.中S原子价电子对数为，S原子采用杂化，杂化轨道模型示意图：，故C正确；D.的系统命名：2，2，4-三甲基戊烷，故D错误；选C。3．答案：D解析：A.苯甲酸钠是强碱弱酸盐，显碱性，A错误；B.浓硝酸见光易分解，故保存在棕色试剂瓶，因果关系不符，B错误；C.肉桂醛中的醛基也能和溴水发生氧化还原反应使其褪色，C错误；D.铁与高温下会反应生成四氧化三铁和氢气，所以模具干燥后再注入熔融钢水，D正确；故选D。4．答案：A解析：A.AgCl为难溶物，为弱电解质，二者反应生成可溶性银氨络离子，离子方程式的拆分、配平都正确，A正确；B.铝和NaOH溶液反应的离子方程式未配平，正确应为，氢气系数应为3，B错误；C.氢氟酸是弱酸，离子方程式中不能拆分为和，需写化学式HF，正确应为，C错误；D.和会发生彻底双水解，生成沉淀和，不存在沉淀，正确应为，D错误；故选A。5．答案：C解析：A.5-HTP含酚羟基，遇溶液显紫色，Trp不含酚羟基，无此现象，可用溶液鉴别二者，A正确；B.二者均含氨基，可与盐酸反应；均含羧基可与溶液反应，均可分别与盐酸、溶液发生反应，B正确；C.同系物要求结构相似、分子组成相差一个或若干个原子团，Trp含苯环等复杂结构，甘氨酸无苯环等结构，二者结构不相似，不互为同系物，C错误；D.二者分子中均仅含1个羧基，羧基可与反应，等物质的量的Trp和5-HTP消耗的物质的量相等，故消耗的质量相等，D正确；故选C。6．答案：C解析：X、Y、Z、R、Q为核电荷数依次增大的短周期主族元素，结合阴离子结构及成键特点，推断如下：X：成键数为1，原子序数最小，应为H（1号）；Y：形成Y—Y键及4个单键，推测为C（6号，四价，常见于有机链）；Z：价电子数是Q的2倍，短周期主族元素中价电子数为偶数，且原子序数大于Y（6），Z形成2个单键，推测为O（8号，价电子数6）；则Q的价电子数，Q为Al（13号，ⅢA族）；R：X、Z原子序数之和等于R，即R的原子序数=1+8=9，故R为F（9号），据此回答。A.三种离子具有相同的电子层结构，核电荷数越大，离子半径越小，简单离子半径：，A错误；B.同周期主族元素电负性从左到右增大，故电负性，B错误；C.（）为直线形（键角180º），（）为正四面体（键角109º28´），（）中O为杂化（2对孤电子对，V形，键角小于109º28´），故键角：，C正确；D.（）中C为杂化（s成分33%），（）中C为杂化（s成分25%）；s成分越大，杂化轨道离核越近，键长越短；因此的C-H键长短于的C-H键，即键长：，D错误；故选C。7．答案：B解析：A.石英坩埚的主要成分为，熔融烧碱（）时，会与发生反应，腐蚀坩埚，不能用于熔融烧碱，A错误；B.溴乙烷在的乙醇溶液中加热发生消去反应，生成乙烯，乙烯可以与溴发生加成反应，使溴的溶液褪色；挥发出来的乙醇不与溴反应，不会干扰产物检验，因此该装置可以检验溴乙烷的消去产物，B正确；C.氨气能与无水反应生成八氨合氯化钙，因此不能用无水干燥氨气，氨气干燥应用碱石灰，C错误；D.重结晶法提纯苯甲酸的具体操作为加热溶解、趁热过滤和冷却结晶，用图示为球形冷凝管，用于蒸馏，该装置不能完成整个重结晶过程，D错误；故选B。8．答案：B解析：A.由晶胞结构图示可知，距最近且相等的配体有6个，故的配位数为6，A错误；B.、含极性基团，可与形成氢键，增强MOF-5对的吸附作用，B正确；C.已知A粒子的分数坐标为(0，0，0)，分析晶胞结构图示，B分数坐标应为(，1，1)，C错误；D.由晶胞结构图示可知，每个重复单元中的个数为，的个数为，晶胞体积为，所以密度为，D错误；故选B。9．答案：C解析：N为常见的无色无味的液体，N与固体M剧烈反应，产生无色气体R和固体Q，R燃烧时伴有浓烟，Q的焰色为砖红色，钙元素的焰色反应为砖红色，结合乙炔的制取实验可知，N为，M为，Q为，R为，与水在一定条件下反应生成，催化氧化生成，是食醋的主要成分之一，则E为，F为。A.根据题干和图示分析可知，N为，M为，实验室中常用此两种物质反应制取乙炔，反应方程式为，A正确；B.由上述分析可知，的过程为，该反应先发生加成反应生成乙烯醇，后异构化为乙醛，B正确；C.M为，Q为，中含离子键和非极性共价键，中含离子键和极性共价键，C错误；D.乙炔在氧气中燃烧产生氧乙炔焰，火焰温度可达3000℃以上，可用于金属切割和焊接，D正确；故选C。10．答案：B解析：A.催化剂为和，共2种；中间产物包括、、、和，共5种。选项称“中间产物共有3种”，A错误；B.总反应由三步循环叠加得出：乙烯被氧化为乙醛；钯和铜离子循环再生；氧气参与最终氧化。总反应式为：，符合图示与化学计量关系，B正确；C.过程Ⅳ为与结合形成配合物，无元素化合价变化，不属于氧化还原反应。选项称“均为氧化还原反应”，C错误；D.：对称结构，非极性分子；：同核双原子分子，非极性；：含极性键且分子不对称，为极性分子。选项称“均为非极性分子”，D错误；故选B。11．答案：C解析：首先明确图像含义：纵轴是出口浓度与进口浓度之比，数值接近0说明气体全部被吸附、无气体流出；数值等于1说明出口浓度等于进口浓度，吸附达到饱和；越容易被吸附的气体，越晚出现在出口。A.前30min，两种气体的都接近0，说明出口几乎没有气体逸出，两种气体均已被吸附，A推断合理；B.b点两种气体的，说明出口浓度等于进口浓度，吸附剂已经饱和，无法继续吸附两种物质，B推断合理；C.（乙烷）中所有C、H原子的价电子全部成键，不存在孤电子对；实际是乙烯的碳碳双键的π电子更容易与的空轨道形成配位键，乙烯更易被吸附，C推断不合理；D.乙烯对的吸附能力强于乙烷，吸附剂吸附容量有限，因此时间段，吸附的乙烷会逐渐被乙烯置换出来，使乙烷出口浓度高于进口，，D推断合理；故选C。12．答案：C解析：A.在可见光照射下，光伏电池产生“空穴()”和电子，这导致化学反应的发生，在该过程中，光能先转化为光伏电池的电能，电能再转化为化学能，A正确；B.在电解池中，阳极发生氧化反应，苯甲醇可能在阳极被氧化为苯甲醛，B正确；C.在电池工作时，a极为阴极，b极为阳极，带负电荷，向阳极（b极）移动，C错误；D.已知阳极有空穴()，需要化合物失去电子来填补空穴，故苯甲醇中与羟基相连的碳原子失去个电子，同时产生个，失去电子和的苯甲醇与另一个失去电子和的苯甲醇结合，故b极电极反应式为2，D正确；故答案选C。13．答案：D解析：A.根据已知信息①，雷尼Ni暴露在空气中可以自燃，因此反应前应向装置Ⅱ中通入一段时间，可以排除装置中的空气，防止雷尼Ni自燃，A正确；B.氢化反应不断消耗氢气，集气管内的氢气持续流入装置Ⅱ，集气管内气体减少、压强降低，水从水准瓶流入集气管，因此集气管液面会逐渐上升，当反应完全后，不再消耗氢气，液面停止变化，即不再上升，B正确；C.已知邻硝基苯胺在极性有机溶剂中更有利于反应，无水乙醇是极性溶剂，四氯化碳是非极性溶剂，因此邻硝基苯胺在无水乙醇中反应速率更大，C正确；D.向集气管中充入氢气时，氢气从左侧进入，向下进入集气管，图示为，则由集气管向装置Ⅱ供气，此时气体由下方的集气管向右进入装置Ⅱ，图示为，不是；D错误；故答案选D。14．答案：B解析：实线中曲线Ⅰ随pH增大减小，对应，曲线Ⅱ随pH增大增大，对应；虚线中曲线Ⅲ随pH升高持续递减代表，曲线Ⅳ先增后减为中间体，曲线Ⅴ随pH升高持续递增代表，据此分析。A.随着pH增大，溶液中浓度升高，正向移动，减小、增大，故Ⅰ表示与pH的关系曲线，Ⅱ表示与pH的关系曲线，A错误；B.由图像可知，时，，，此时；当时，，代入表达式：，解得，B正确；C.pH=12.6时，，则；pH=7.8时，，则，得。反应的平衡常数，C错误；D.pH=7.8时，含A物料守恒：，且；由，得，因此，远大于和；由曲线得，因此浓度关系为：，D错误；故选B。15．答案：(1)(2)不产生有害气体(3)取少量除铁后的滤液于试管中，滴加几滴溶液，若滤液不变红，证明已除尽(4)水相；调节；更换萃取剂；增大有机相体积；多次萃取(答出一条，答案合理即可)(5)；碳酸氢铵沉淀过程生成大量气体(6)C(7)解析：孪生矿加入溶液溶浸，将金属硫化物中的S元素氧化为硫单质，金属阳离子进入溶液，和生成的硫单质不溶为滤渣Ⅰ，过滤除去，滤液中加入双氧水将氧化为更容易除去的，之后调节pH除去，滤渣Ⅱ为氢氧化铁沉淀，再除和氢氧化锌，过滤后将所得滤液进行多次反复萃取（稀土元素在孪生矿中含量较低），多次萃取后，反萃取，得到。（1）滤渣Ⅰ主要为不和氯化铁溶液反应且难溶于水的，以及反应生成的S单质；ZnS在溶浸中和铁离子发生氧化还原生成硫单质、亚铁离子，同时生成锌离子，离子方程式为。（2）煅烧过程中S元素会与氧气反应产生污染空气的二氧化硫，该工艺的优势在于避免产生污染性气体。（3）实验室常用检验，若不变红说明已除尽，故“除铁”后确认已被除尽的实验操作是取少量除铁后的滤液于试管中，滴加几滴溶液，若滤液不变红，证明已除尽。（4）反萃取时加入酸，提高氢离子浓度，使得进入水相，故存在于水相。要提高萃取率，可使平衡正向移动，如适当降低浓度（调低酸性），或更换萃取剂；增大有机相体积；多次萃取等。（5）与反应，既提供，又与生成的结合放出，配平后离子方程式为。碳酸氢铵沉淀过程生成大量二氧化碳气体，气体产生气泡导致制得的沉淀颗粒较为疏松。（6）置于空气中灼烧制备，则由元素守恒存在：，则剩余固体质量与起始固体质量的比值为，由图，则最适宜的温度为，故选C。（7）将固体加到30%酸性溶液中产生大量气泡，反应后镨元素仅以的形式存在，则反应为氧化还原反应生成和氧气，结合质量守恒，还生成水，反应为。16．答案：(1)直形冷凝管(2)水和醋酸形成分子间氢键，可共同被蒸出(3)无液滴流入锥形瓶(合理即可)(4)BD(5)保护对乙酰氨基酚不被氧化(6)防止对乙酰氨基酚在过滤过程中析出(7)71.5%解析：（1）仪器X用于冷凝水蒸气和冰醋酸蒸气，图中是斜放的冷凝管，应选用直形冷凝管；（2）水和醋酸能同时蒸出，是因为二者分子间能形成氢键，形成共沸或共同蒸出，从而带出反应生成的水，推动平衡向生成对乙酰氨基酚方向移动，所以答案为水和醋酸形成分子间氢键，可共同被蒸出；（3）反应过程中水和醋酸被蒸出并进入锥形瓶，因此若锥形瓶中无液滴流入，说明水基本不再生成，反应基本完成；所以答案为无液滴流入锥形瓶(合理即可)；（4）A.加热速度过快会导致暴沸或副反应，不一定提高分馏效率，A错误；B.乙酸过量可使平衡向生成对乙酰氨基酚方向移动，提高产率，B正确；C.外壁保温主要是防止热量散失和蒸气过早冷凝，不是“确保高沸点物质维持蒸汽状态”，C错误；D.分馏柱内壁的刺状突起能增大气液接触面积，提高分馏效率，D正确；故答案为BD；（5）根据题干信息“对氨基苯酚与对乙酰氨基酚均为白色结晶，在空气中易被氧化成棕褐色”可知，亚硫酸氢钠作为还原剂，可以防止原料对氨基苯酚和产品对乙酰氨基酚在加热溶解、过滤时被空气中的氧气氧化。（6）趁热过滤是因为对乙酰氨基酚热水中溶解度较大，若冷却后再过滤，产物会析出并被滤去，所以要趁热过滤，防止对乙酰氨基酚在过滤过程中析出；（7）对氨基苯酚的物质的量为：；理论上生成对乙酰氨基酚0.100mol，质量为0.100×151=15.1g。实际得到10.8g，所以产率为。17．答案：(1)206(2)B(3)CD(4)(5)a；使用更高效的催化剂(或增大催化剂的表面积)；45；1解析：（1）根据盖斯定律，；（2）反应Ⅱ的，故高温自发，即高温时，故选B；（3）A.升高温度可增加反应物分子中活化分子百分数，缩小容器体积相当于增大浓度，活化分子百分数不变，错误