2026届河北省沧州市十二校联考高三上学期一模物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE12026届河北省沧州市十二校联考高三上学期一模物理试题一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。）1.用图1所示装置研究光电效应现象，三次用同一光电管在不同光照条件下实验，记录微安表的示数I随光电管电压U的变化情况，得到甲、乙、丙三条光电流与电压之间的关系曲线，如图2所示。下列说法正确的是（）A.甲光的频率大于乙光的频率B.丙光的波长小于乙光的波长C.甲光和丙光的强弱程度相同D.甲光和丙光产生的光电子最大初动能相同【答案】D【解析】A．甲光的饱和电流大于乙光的饱和电流，说明单位时间内甲光的光电子数目多于乙光的光电子数目，即单位时间甲光的光子数目多于乙光的光子数目，在光强度相同的情况下，根据普朗克的量子理论，甲光的频率小于乙光的频率，A错误；B．甲和丙遏制电压相同，频率相同，都小于乙光的频率，根据可知，丙光的波长大于乙光的波长，B错误；C．甲光饱和电流大于丙光的饱和电流，甲光的光子数多以乙的饱和电流，所以甲丙频率相同，甲光强丙光弱，C错误；D．甲丙遏制电压相同，频率相同，根据爱因斯坦的光电效应方程可知甲丙的光电子的最大初动能相同，D正确；故选D。2.甲、乙两弹簧振子的振动图像如图所示，由图像可知（）A.任一时刻两振子的回复力方向都相同B.甲、乙两振子振动频率之比为2：1C.甲的加速度为零时，乙的加速度也为零D.甲的速度为零时，乙的速度也为零【答案】C【解析】A．任一时刻两振子回复力方向可能相同，也可能相反，所以A错误；B．由图像可知甲、乙两振子振动周期之比为2：1，根据可知，甲、乙两振子振动频率之比为1：2，所以B错误；C．由图像可知处于平衡位置时，加速度为0，所以甲的加速度为零时，乙的加速度也为零，则C正确；D．甲的速度为零时，乙的速度也最大，所以D错误；故选C。3.若火星的质量为，半径为，引力常量为，则火星的第一宇宙速度为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】第一宇宙速度是物体在星球表面做圆周运动的速度，由万有引力提供向心力：，解得，故选A。4.甲、乙两车在同一条平直公路上行驶，从时刻起，甲车一直做匀速直线运动，乙车先做初速度为的匀加速直线运动，时刻接着做匀减速直线运动，时刻速度减为，两车位移随时间变化的关系图像如图所示。则关于和的大小关系，下列说法正确的是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】作出两车的速度—时间变化图像，如图图像面积代表位移，由于时刻两车位移相等，根据几何关系可知。故选B。5.如图所示，通过接在家庭电路上的理想降压变压器给小灯泡L供电，仅减少副线圈的匝数，其他条件不变，则（）A.小灯泡变暗B.小灯泡两端电压变大C.原、副线圈两端电压比值变小D.通过原、副线圈电流的比值不变【答案】A【解析】AB．对理想变压器有，当仅减少副线圈的匝数时，减小，则小灯泡两端电压变小，小灯泡变暗，A正确，B错误；C．原、副线圈两端电压的比值变大，C错误；D．根据，原、副线圈电流的比值变小，D错误。故选A。6.如图所示，有一半径为R的均匀带电圆形薄板，其中心轴线上与圆心O相距2R处C点固定一电量为+Q的点电荷，A点位于OC的中点，B是A关于圆形薄板的对称点，若B点的电场强度为零，静电力常量为k，则下列说法正确的是（）A.圆形薄板在B点产生的电场强度大小为，方向B指向OB.圆形薄板所带电荷量为C.A点的电场强度大小为，方向A指向OD.过A点与轴线垂直的平面上各点电势为零【答案】C【解析】A．B点的电场强度为零，表明点电荷在B点产生的电场强度与圆盘在B点产生的电场强度大小相等，方向相反，则有点电荷带正电，其在B点产生的电场强度方向O指向B，则圆形薄板在B点产生的电场强度大小为，方向B指向O，圆盘带负电，故A错误；B．若圆形薄板所带电荷量集中在圆心O，则电荷量应为，而实际上圆形薄板的电荷量是均匀分布在薄板上的，除了圆心O处距离B点的距离与点电荷距离B点的距离相同外，其余各点距离B点的距离都大于，若将电荷量均匀的分布在薄板上，则根据点电荷在某点处产生的场强公式可知此时圆盘在B点的场强一定小于E1，故圆形薄板所带电荷量的绝对值一定大于，故B错误；C．点电荷在A点产生的电场强度，方向向右，根据对称性，结合上述可知，圆盘在A点产生的电场强度方向向右，则A点的电场强度大小为方向A指向O，故C正确；D．结合上述，点电荷带正电，圆盘带负电，可知，点电荷与圆盘之间的电场线方向整体向右，但电场线的分布在A点左右并不对称，即过A点与轴线垂直的平面并没有与任意电场线垂直，即该平面不是等势面，则过A点与轴线垂直的平面上各点电势并不都为零，故D错误。故选C。7.如图甲所示，倾角为、宽度为l、电阻不计的光滑平行金属轨道足够长，整个装置处于垂直轨道平面向下的匀强磁场中。轨道上端的定值电阻阻值为R，金属杆MN的电阻为r，质量为m。将金属杆MN由静止释放，杆始终与轨道垂直且接触良好。通过数据采集器得到电流i随时间t的变化关系如图乙所示。当金属杆下滑的位移为x时，可认为电流达到最大值。已知时刻的电流为，重力加速度为g，下列说法中不正确的是（）A.磁感应强度的大小B.时刻金属杆的加速度大小C.金属杆最大速度大小D.杆下滑位移为x的过程中，电阻R产生的焦耳热【答案】D【解析】A．由图像可知，金属杆稳定运动的电流为，杆受重力、支持力和安培力三个力平衡，根据平衡条件有解得，故A正确，不符题意；B．在时刻，对金属杆根据牛顿第二定律可得解得金属杆的加速度大小为，故B正确，不符题意；C．金属杆速度最大时，克服安培力做功的功率等于重力做功的功率，则有解得金属杆的速度大小为，故C正确，不符题意；D．当金属杆下滑的位移为时，可认为电流达到最大值，此过程中，根据动能定理可知根据功能关系可得产生的总焦耳热为杆下滑位移为的过程中，电阻产生的焦耳热为解得故D错误，符合题意。故选D。二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分。每个小题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）8.如图所示，一束平行于直径的光束射到透明介质球的表面P点，经折射后射到B点，已知，介质球的半径为R，光在真空中的传播速度为c，则（）A.介质球的折射率为B.介质球的折射率为C.光在B点可能发生全反射D.光从P传到B点的时间为【答案】BD【解析】AB．根据几何关系，光在P点入射角，折射角，根据折射定律，解得，故A错误，B正确；C．由几何知识知，折射光线射到B点时入射角等于，根据光路可逆，光在B点不可能发生全反射，故C错误；D．光在介质球中的传播速度为传播距离为光从P传到B点的时间为，解得故D正确。故选BD。9.园林工人给水平的草坪浇水时，某一时刻从水管喷口斜向上喷出的水流可视为斜抛运动。水流初速度大小为，与水平方向夹角为，水管出水点和水落地点的连线与水平草坪夹角为，重力加速度，忽略空气阻力。下列说法正确的有（）A.水流的水平分速度为B.水流在空中运动的时间为0.8sC.喷口到草坪的高度为1.6mD.水流上升的最大高度处到草坪距离为0.2m【答案】BC【解析】A．水平分速度，故A错误；BC．水平位移喷口到地面的高度竖直位移其中解得，故BC正确；D．竖直方向仅受重力，相对抛出点最大高度则相对草坪最大高度为m+0.2m=1.8m，故D错误。故选BC。10.如图甲所示，光滑且足够长的固定斜面与水平面的夹角为，斜面上两平行水平虚线MN和PQ之间有垂直于斜面向下的匀强磁场；PQ以下区域有垂直于斜面向上的匀强磁场，PQ两侧匀强磁场的磁感应强度大小相等。正方形导线框abcd四条边的阻值相等，时刻将处于斜面上的导线框由静止释放，开始释放时ab边恰好与虚线MN重合，之后导线框的运动方向始终垂直于两虚线，其运动的图像如图乙所示，时间内导线框的速度大小为，重力加速度为g，下列说法正确的是（）A.时间内，导线框的ab边一定没有经过虚线PQB.时间内，导线框的速度大小为C.时间内，导线框a、c两点间的电势差为0D.时间内，导线框的位移大小为【答案】CD【解析】A．导线框在下滑过程中，若导线框的边长大于MN和PQ之间的磁场宽度，导线框的ab边可以经过虚线PQ，故A错误；B．时间内，设导线框的总电阻为R，根据平衡条件可得其中时间内，根据平衡条件可得其中则时间内，导线框的速度大小为，故B错误；C．时间内，a、b两点间的电势差为c、b两点间的电势差为所以a、c两点间的电势差为0，故C正确；D．时间内，根据动量定理其中解得导线框的位移大小为故D正确。故选CD。三、实验题（共2小题，共14分）11.某实验小组采用如图甲所示的装置验证机械能守恒定律。实验装置安装好后，用手提住纸带上端，之后让纸带由静止开始下落。（1）关于下列实验操作，不必要或不正确的是______。A.实验前先用天平测出重物和夹子的质量B.为减小阻力，用电火花打点计时器比用电磁计时器好一些C.在重物大小合适的情况下，选择木块比选择铁块好D.用秒表测出重物下落的时间E.释放纸带前应先接通电源（2）某次实验中所用重物的质量。某同学选取了一条纸带，如图乙所示，0是打下的第一个点，1、2、3、4是连续打的点，根据纸带上的测量数据，从打下点0至打下点3的过程中，重物重力势能的减少量为______J，动能增加量为______J。（打点计时器频率为50Hz，取，结果均保留3位有效数字）（3）若由于打点计时器的两限位孔不在同一竖直线上，这样会导致计算的动能增加量______（填“<”“=”或“>”）重力势能减少量；其原因是______。【答案】（1）ACD（2）5.44；5.28（3）<；见解析【解析】【小问1】A．由于验证机械能守恒的表达式中质量可以约去，所以不需要用天平测出重物和夹子的质量，故A错误，满足题意要求；B．C．在重物大小合适情况下，为了减小空气阻力，选择铁块比选择木块好，故C错误，满足题意要求；D．由于打点计时器可以得到纸带上计数点间的时间间隔，所以不需要用秒表测出重物下落的时间，故D错误，满足题意要求；E．为了充分利用纸带，释放纸带前应先接通电源，故E正确，不满足题意要求。故选ACD。【小问2】从打下点0至打下点3的过程中，重物重力势能的减少量为打下点3时重物的速度为从打下点0至打下点3的过程中，重物动能增加量为【小问3】若由于打点计时器的两限位孔不在同一竖直线上，这样会导致计算的动能增加量小于重力势能减少量；其原因是打点计时器的两限位孔不在同一竖直线上，纸带通过打点计时器时受到的阻力较大，阻力对重物做负功，会使其动能增加量小于重力势能减少量12.某实验小组测量待测电阻的阻值大小。（1）先用欧姆表“”挡粗测的阻值，示数如图甲所示，对应的读数是_____。（2）为了进一步精确测量该待测电阻的阻值，设计了如图乙所示的测量电路。①图乙中电压表V量程为、内阻为，发现电压表量程太小，需将该电压表改装成3V量程的电压表，应将的阻值调为_____；②在闭合电路开关前应该把滑动变阻器的滑片移到_____（填“左”或“右”）端；③用笔画线代替导线补充完成图丙中实物间的连线_____；④某次测量时，电压表与电流表的示数分别为、，则待测电阻的阻值_____（用、和电压表内阻表示）。【答案】（1）110（2）①.1000②.右③.见解析④.【解析】【小问1】欧姆表读数为【小问2】①把量程为电压表改装成量程的电压表，应串联电阻箱，由串联电路的特点可得解得②为了保证电路的安全，闭合开关前应将滑动变阻器滑片滑到右端，从而使待测电阻两端的电压为零。③依据电路原理图，对实物连线进行补充完善，如图所示:④某次测量时，电压表与电流表的示数分别为，通过电压表的电流为通过的电流为则待测电阻的阻值为，联立解得四、计算题（本题共4小题，共40分。作答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13.乒乓球在中国不仅是体育的象征，也是中国文化的重要组成部分。已知乒乓球的直径为40mm，在27℃时，内部压强为Pa，在某次比赛中，由于撞击，发生了变形，体积减少了，温度不变。小明想到了用水加热可以使乒乓球恢复球状，于是他把乒乓球放于水中缓慢加热直到恰好恢复原状，这一过程可近似看作等压过程，整个过程中乒乓球内气体总量保持不变。。求：（1）乒乓球变形后，内部气体的压强；（2）乒乓球刚好恢复原状时的温度。【答案】（1）（2）【解析】【小问1】由玻意耳定律得又，解得【小问2】由盖-吕萨克定律得又，解得14.如图所示，一质量M=4kg的长木板B放在光滑水平地面上，在其右端放一质量m=4kg可视为质点的小木块A，现A和B以大小为v0=2m/s的共同初速度向左运动。一与长木板等高，前端有胶，质量为m0=2kg，长度L0=0.16m的短木板C，以v=10m/s的初速度水平撞击长木板并粘为一体，撞击时间极短，A始终没有滑离B、C，A和B、C间的动摩擦因数均为，g取。求：（1）C与B撞击后的速度大小及此时木块A、B的加速度大小；（2）从C与B撞击到A、B、C具有共同速度所需的时间；（3）长木板B至少要多长。【答案】（1）2m/s，5m/s2，（2）0.48s（3）0.8m【解析】【小问1】取向右为正方向，由于C和B碰撞时间极短，对C、B系统由动量守恒定律有m0v-Mv0=（m0+M）v1，解得v1=2m/s对A、B和C分别由牛顿第二定律有μmg=maA，μmg=（m0+M）aBaA=5m/s2，【小问2】从C和B碰撞到A、B、C共速，对A、B、C系统由动量守恒定律m0v-（m+M）v0=（m0+m+M）v2，解得v2=0.4m/s对A由动量定理有μmgt=mv2-m（-v0），解得t=0.48s【小问3】对C和B碰撞后的A、B、C系统由能量守恒定律有解得A与B、C面之间由于摩擦产生的热量为Q=19.2J由功能关系有Q=μmgx相对，解得x相对=0.96m由于L+L0≥x相对，解得L≥0.8m所以木板B至少长0.8m。15.如图所示，在直角坐标系xoy的第四象限内有半径为R的圆形匀强