崇文区高三物理目标检测答案

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综合练习一力学（一）

一、选择题

123456789101112

CCCABCACBCAA

二、计算题

13.（1）弹簧枪对弹丸所作的功等于弹丸

射出弹簧枪时的动能由功能关系：

W=EKZ\=—mV.\2=O.75J

2

⑵弹丸从弹簧枪膛射出至落到沙坑时（A到B）的过程中，不计空气阻力，机械能守恒

2

初态：EA=-mVA+mgh

末态：EB=­mVB2

2

2

弹丸落到沙坑时的动能EKB=VA+mgh=3.75J

⑶弹丸在沙坑中运动（B到C）的过程

2

初态：EB=ymVB+mgs

末态：Ec：=O

由于弹丸受到沙坑的阻力，因此机械能不守恒，由功能关系：

WRI=EC-EB=-3.78J

14.不正确。第三个2s时间内力F做功较多。

第二个2s内物块通过的位移是S2=（2=4m；力F做功W2=3X4=12J

2

第三个2s内物块通过的位移是S3=4X2=8m；力F做功W3=2X8=16J

可知W3>W2，即力F在第三个2s时间内做功较多。

物块的动能变化等于作用在物块上所有力做功的代数与，即等于力F做功与摩擦力f

做的仇功的代数与。力F与f对物块做功除了跟力的大小有关外,还跟那段时间内物块通过

的位移有关。

15.解：⑴。=竽=8m/s2；f=infi—ma=160N

⑵大约是39.5格，因此〃=39.5X4=158m；

叼=mgh—阳v2=1.25Xx1（户J

（3）/72=5OO-158=342m.r2=342/6=57s,r=71s

16.解：⑴设4在绳被拉断后瞬间的速度为如，到达C点的速度为。c，有

1212

3mB%=5〃%%+2%R

得。=5m/s

⑵设弹簧恢复到自然长度时B的速度为0,取水平向右为正方向,有

1

匚2

Ep=Q"Mi

/=〃〃八'〃一〃，”1

得/=—4N$其大小为4N.S

⑶设绳断后A的速度为外,取水平向右为正方向，有

〃格="?WB+〃U办

卬=；啊说

得W=8J

综合练习二力学(二)

一、选择题

123456789101112

CABDBDDDCBCA

二、填空、计算题

13.返回舱与人在火星表面邻近G^=mg

R2

MrnV2

设轨道舱速度为VG-)=mo—

宇航员乘坐的返回舱与轨道舱对接时具有的动能EA二L〃八尸mgR?

22r

R

返回舱返回轨道舱需要的能量至少为E=Ek+VV=mgR(1-—)

14.(1)沿x轴物体运动的加速度

F

a、二——

m

0.1N

W0.lm/s2

第Is末物体的位移S,

Si=­at~

2

=0.05m

(2)Is末物体的速度V<x=af=0.1m/s

第2s内物体沿x轴方向做匀速运动，沿y轴方向做匀加速直线运动

小=V,x=9.1m/s

F

3y———0.Im/s

in

Vzy二&yt~0.1m/s

—=—mv2+mgh①

解得小汽车冲上桥顶时的速度v=15m/so

(2)小汽车通过桥顶时做圆周运动，受重力mg、支持力F,有

圆弧半径R,有炉=(万)2+(口一加2,解得圆弧的半径R=260m

小汽车对桥面的压力大小等于支持力F=9500N

16.(l)375kW(2)25000N

17.(1)设物体A、B相关于车停止滑动时，车速为心根据动量守恒定律

m(vi-V2)=(M+2/n)v

v=0.6m/s(2分)方向向右

(2)设物体A、B在车上相关于车滑动的

距离分别为心，车长为心由功能关系

〃mg(Li+L：)=—inv/2+—mV22——(M+2m)\r

222

Li+£2=6.8m

车长最小为』=Lj+[2=6.8m

因此，在这两个位置时弹簧的弹性势能相等：EN=E累

对4、C,从原平衡位置到最高点，根据机械能守恒定律

上弹+—+〃。/2=2mg(Ax+Ax')+E/

解得

综合练习三电磁(一)

一、选择题

123456789101112

BBCBCACACDBB

二、填空、计算题

13.3X103

14.(l)Ti=O(2)T2=2mg(l-cos0)

15.(1)此情况下，终端功率：

P'=P-AE/T=800kw-9600kwh24h=4(X)kw

输电效率rj=PfP=400kw800kw=50%

(2)设：高压输送线路的导线电阻为r.由题意知：原先线路损耗:

Pfiii=Ii2r=40€'kw

而：UI,=P

2

现在线路损耗:P损2=PX(1-98%)=I2r,

而：U'L=P,U/U'=m/n2

得nin2=l/5

16.(1)cd边刚进入磁场时，线框速度v=y)2gh

(2)如今线框中电流啖

cd两点间的电势差U=K;A尸(8/J荻

一一B-IsJlgh

(3)安培力F=BIL=——合邑■

R

根据牛顿第二定律〃g-FTM,由4=0

解得下落高度满足心”第F

2B4A

17.(1)设粒子过N点的速度为0,有

—=cos3

v

v=2vo

粒子从M点到N点的过程，有

7

,,1212

⑵粒子在磁场中以O,为圆心做匀速圆周运动，半径为O7V,有

mv2

qvB=

厂二2g,

qB

⑶由几何关系得：ON=rsinO

设粒子在电场中运动的时间为小有

ON=v()t\

_Bn

“=而

粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期

T2兀阳

1=----

设粒子在磁场中运动的时间为『2,有

一必

2兀

2兀/〃

’2=

t=h+t2

得_(36+2n)m

~3qB

18.(1)当时棒与cd棒速度相同时，cd棒的速度最大，设最大速度为P

由动量守恒定律

//zvo=2z??v

(2)由能量守恒关系Q=-mvl--2inv2

22

Q=-mvl

4

(3)设：ab棒的速度为3%时，cd棒的速度为吠

4

_3

由动量守恒定律"7%=m—v0+mv'

1

••・「%

3

Mb=Bq%

%=BL；%

31

人"%一%%/)

2R2R

/一孙

4R

T'

cd棒受力为F=JBL=——

4R

£一位

如今cd棒加速度为Ci——

in4Rm

综合练习四电磁(二)

一、选择题

1234567891

0

ACDCAC1)I)I)C

二、计算题

11.开关S2接通时外电路的总电阻R==1.20.

R2+%

开关S2断开时外电珞的总电阻R'=g+&*2=24Q.

Ri+&+&

/pR'+r9

开关S2接通与断开时的电流比一=—=——=-

rPR+r5

解得电源内阻r=0.3Q

开关S?接通与断开时的电压表的示数之比且=—=—

U'VR'1()

开关S2接通与断开时的电流表的示数之比K=—"勺一=-

(/‘/(%+&)5

12.(I)由e=220收sinlOOnt(V)

Em=311V

有效值E=220V

频率f=50Hz

(2)Em=NBS3得

B=Em/NS^=311/100X314X0.02T=0.5T

⑶线圈从中性面转过八/3,即3t=n/3

e=220VisinJi/3=110N%V

13.(1)设小球对轨道的压力为N

由动能定理

mgR(l—cos0)+EqRsin()=mv2/2

v=』Rg+4^EqRIm

N-mg-mv2/R

由牛顿第三定律

N'=N=mg+mv2/R=2mg+yf3Eq

(2)设小球落地点距B点水平距离为S

S=V-t

h=gt2/2

S=42Rh+Z^EqRh/mg

14.(1)0—1秒内电场力方向向下

据F合=ma

(qEo+mg)sin。=ma

VEo=mg/qAqE()=mg

2mgsin0=ma

a=2gsin。

S=at2/2=gsin0

(2)1—2秒内电场力方向向上

qEo=mg

・••小球受洛伦兹力作用在竖直平面内作匀速圆周运动

/.V=at=2gsin。

T=2nm/Bq=1s

R=mv/Bq=gsin。//

Smax=2R=2gsin。/克

P23f)f)xI03

15.(1)导线上缺失的功率为P』R=(2R=\)2x10W=9kW

U10xl03

pQxIO3

缺失的功率与输送功率的比值二==0.03

4300xlO3

(2)风垂直流向风轮机时，提供的风能功率最大.

单位时间内垂直流向叶片旋转面积的气体质量为pvS,S=兀r

风能的最大功率可表示为

Pw=—(p/5)v2=—pt7rt2v2=—7rpr2v2

采取措施合理，如增加风轮机叶片长度，安装调向装置保持风轮机正面迎风等。

(3)按题意，风力发电机的输出功率为尸2=乜・《=修)x540kW=160kW

5

最小年发电量约为VV=P2z=160X5000kW•h=8X10kW•h

16.(1)ab棒下落过程中切割磁感线，产生感应电动势，但没有感应电流，只有落到

最低点时接触导轨与导轨构成闭合回路时，才有感应电流产生。棒在向下、向上

运动的过程中，只有重力做功，机械能守恒。

最低点的速度为v/=、2gh[=4m/s

vi>=12gliy=3m/s

当ab运动到最低点的瞬间，回路产生感应电流，磁场对ab、cd棒均有安培力

作用，系统在水平方向上合外力为零，设cd棒获得的速度大小为了2,由动量守恒

nnvj=mvj'+m2v2'

V2，=0.5m/s

(2)当ab棒与导轨接触的一段时间内，安培力对ab棒有冲量作用，使棒的动量发生变化

-B1L•At=mi—mivi

—BL,q=imvir—miv；

q二IC

(3)根据能量转化与守恒定律，对系统有

mighi=nug〃2+；也”+Q

(2=0.325J

综合练习五光学原子物理学

一、选择题

123456789IC

ACBABCBBBB

1112131415161711920

8

BI)DACCCBBI)

二、填空、论证与计算题

21.(1):H+：H-：He+"

(2)AE=(im+ig—ni4—mi)c2=2.8X1012

(3)一年中产生的电能发生的核反应次数为〃=一^—=6.84X1027

0.5xAE

27

所需笊核的质量m=nXm2X1.66X10-=23kg

22.一波长为4光子能量为凡=9

设灯泡每秒内发出的光子数为〃，灯泡电功率为尸，则〃二竺

E

LP2

式中，2=5%是灯泡的发光效率。联立①②式得〃=竺?

he

代入题给数据得〃=1.4x1(^s-i

23.⑴驾&-扭J型+E

(2)4.l8MeV,0.07MeV(3)如图所示:

24.(1)4；H/He+2：e(2)7=——=15%(3)=1.30x10"5(4)

稣s

，=也=5*1()9年

A/n

综合练习六物理实验

一、演示实验：

ke，

1.(1)CD(2)-----2.②®<D®、B3.C4.B5.B6.D7.B8.B

mm'I

9.B10.All.D12.C13.14.15.BC16.B17.AD18.D

19.ABC20.D21.ABD22.B23.D24.B25.D26.C27.AB

28.C29.ABD30.2.8,后者不必保持木板做匀速运动31.假如物体的大小

与形状对所研究的问题是无关紧要的因素时，即可把物体看成质点；或者将一枚硬币用力

斜向上抛，猜测它落地时正面朝上还是背面朝上时不能将硬币看成质点，估算硬币能抛多

高时可将硬币看成质点；或者研究硬币的运动轨迹时可将硬币看成质点，研究硬币在空中

的翻滚情况时不能将硬币看成质点；或者……32.在没有阻力作用的情况下，羽毛与

苹果具有相同的下落加速度。33.(1)刻度尺(钟表同样得分)；(2)-Air,2；

2

〃〃吆(王+工2)(说明：第(2)问中的答案没有先后顺序，各自独立计分。)34.①电

容器充电完毕时所带的电量②1.0X104③小35.负，8.0x101936.乙，100037.

(I)RiWRi，(2)B38.-,+,向下39.正；大于4().暗条纹变宽

二、学生实验：

1.游标卡尺与螺旋测微器的度数

(1)11.7(2)1.995

2.0.80,0.64

3.075,16

②6.85(6.84-6.86),14.05(14.04-14.06)

③匕-/3，7.20(7.18-7.22)

④(4+4+4+4),175

4x4

⑤28

4.将橡皮条的一端、弹簧秤、C、(a)、用平行四边形法则画出的力能够与橡皮条不

在一条直线上，而实际用弹簧秤拉出的力，务必与橡皮条在一条直线上

5.(1)图略(2)当M一定时，a与F成正比；当F一定时，a与M成反比。(3)0.5kg

(4)斜面倾角太小(5)13:15

6.(1)轨迹图略(任意画出。点不给分)

(2)参考方法一：在轨迹上选两个点A、B(如图1),

量出XI、32、h

推导：KI=VOt\，X2=卬12

,1212

力=六，2二"

参考方法二：在轨迹上选三个点4、4、C(如图2),

量出△■¥、△》、

推导：—△yi=g/2

△X=VQt

导出

其它方法：根据抛物线方程推导等(略)。

7.(1)②接通电源、移放小车；断开开关

(2)5.06,0.49

(3)钩跌的重力，小车受摩擦阻力

(4)小车初末速度的平方差与位移成正比，小车的

质量

8.2.13，2.28，2.26，有阻力做负功

22

9.①AF；②A、C；③BC；®m(lOA+mhOC

10.①2.06cm②2.24s③C@D

⑤方案一：AFE,重物的重力G、重物的质量〃?，g=—o

m

Ar

方案二：BCDEG,连续相等时间内的位移之差At,^=—o

(其它方案只要合理均给分)

11.①外接法②答案见下图

R"-U

12.⑴略；⑵随电压增大小灯泡的电阻增大

13.(1)164.30(2)CADBFE2000：偏小

串联；2.8X104

核对的实验电路图如右图所示

14.(1)0〜3V,R”

(2)实物连接见下左图所示；

(3)见下右图所示，1.46(1.43~1.47V),0.73(0.60~0.80Q)；

(4)由实际连接图确定答案，推断正确均可得分。

iUN

1.00111IL11111111III1I1I1I1r1111口

00.100.200.300.400.500.60

15.a、200

16.A.6、7；

B.光斑成为一条亮线(或者凫斑移动变快);

C.10,一

17.(I)如答图1所示.

(2)如答图2所示。

答图2

(3)<1>往保温杯中加入一些热水，待温度稳固时读出温度计值；

<2>调节滑动变阻器，快速测出几组电流表与电压表的值；

<3>重复测景不一致温度下的数据；

<4>绘出各测量温度下热敏电阻的伏安特性曲线。

18.在白纸上另画一条与y轴正方向的夹角较小的直线0A,把大头针Pi、P2竖直地插在所

画的直线上，直到在y<0的区域内透过玻璃砖能看到Pi、P2的像.

插上P,后，P3刚好能挡住巳、P?的像.〃=里2

sina

19.(I)EDB

(2)单缝与双缝间距5cm~10cm使单缝与双缝相互平行

(3)13.8702.310

(4)6.6xlO2

I

三、实验

1.C

2.(1)D(2)B(3)变大

3.(1)断路(2)10(结果在9.5~10.5之间均可得分),

50(结果在50〜55之间均可得分)

4.①图略。

②闭合Si，Vi的读数S，V2的读数S。

再闭合S2,V|的读数

③设电源内阻为外电压表V］的内阻为用I

E=U；+L「

导出E~U\L

E=U.+U,十2rq'-q

跖

5.①如图

②将单刀双掷开关K掷于〃，电流表的示数记为人

将单刀双掷开关K掷于a,电流表的示数记为£

R=―1―8

2一5

③将单刀双掷开关K掷于空挡，电流表的示数记为4

E=I+13T

£=/用2+/

一R+R2

6.(1)电路如图所示

(2)7；6.3

7.①II.将红、黑表笔短按，转动调零旋钮

Q使指针指向零；

(或者红黑表笔短接，调节欧姆表调零旋钮,

②D（2分）：③0.260（2分）；④12~13（3分）；⑤&=0__

20.①A.将S向a端闭合，读出电流表的读数为/；

R.将S向h端闭合,适当调节电阻箱的阻值，使得电

流表读数仍为/,并记下如今电阻箱的读数"；C.在

本实验中，厩的测量值就为A

②电路如图所示

8.(1)0.415(2)略(3)9500(4)D(5)12

理科综合模拟练习

物理试题一

题号

12345678

答案ACDBBCAD

J,P/W

9.(18分)

(1)0.80；0.16

(2)26.0；0.47

R

(3)①尸二-

②如图所示

③0.8；5.0；4.0

10.（16分）

（1）卫星所受的万有引力提供向心力

GMm4-r

——=m——①.................（4分）

r2T2

②.................（4分）

.................（2分）

.................（4分）

^2arcco^

.................（2分）

VgT

11.（18分）

（1）据牛顿第二定律：

-qE）Sina=ma（2分）

sina/八、

a=(mg—qE).......................(2分)

m

（2）若小球刚好在4点不下落，据牛顿第二定律

2

mg_qE=^-①..................（3分）

小球由A到B,据动能定理mv2/!

2

（mg-qE）（h-2R）=笠~②...............（3分）

①②式联立，得力二』R...............（2分）

2

（3）小球从静止开始沿圆弧轨道运动到B点的过程中，机械能的变化量为也

由AEfi!=Wf（l...............（3分）

Wm=TREq

得•上级=-3REq...............（3分）

用/£依=瓦-日方法解答同样得分

12.（20分）

（1）因a环由静止稀放后向右运动，因此a环带正电，a环与b环碰后仍带正电。环碰后

速度水平向右，进入右侧场区，因环做匀速圆周运动，因此重力与电场力平衡，只受洛

仑兹力。据左手定则可推断P点在N点的正下方。................（2分）

NP=2r=0.20m...............（2分）

（2）设电场强度为E,磁感应强度为从〃环的最大速度为匕而两环碰后质量为小，电荷

量为如由受力分析可知，a环在杆上速率达到最大时做匀速运动

qE-〃FN

qE=P（mg+qvmaxB）①...............（3分）

碰撞时动量守恒inv,nax=2/ZZV,②...............（3分）

碰后两环在右侧场区做匀速圆周运动重力与电场力平衡

qE=2mg（3）...............（3分）

2

洛仑兹力提供向心力qv'B=2m--④...............（3分）

r

①②③④联立解得：Vmax="）g=3m/s...............（4分）

物物理理试试题题二二

题号12345678

答案DCAAACDB

9.(18分)

(1)1.61........................................（4分）

(2)500；2..............................（每空3分，共6分）

(3)①b；②图略；③999.9（①@题各3分，②题2分，共8分）

10.(16分)

（1）（8分）设两板间电为强度为E

U=—..............................................（3分）

C

U=300V

E=4..............................................（3分）

E=1500v/m(2分)

（2）（8分）设电场力对带电小球做功为W

W=qESsMO°............................................（5分）

W=4.8X1（）-8J............................................（3分）

11.（18分）

（1）（5分）夯杆加速上升阶段：

加速度〃J44一殁.........................已分）

m

a-2m/s2.............（1分）

夯杆在一个运动周期内内图象..............（2分）

2

（2）（8分）夯杆加速上升的高度h}=—

2a

在加速上升阶段,电动机对夯杆做的功W/二2/FN〃，=4.8X104J.......（2分）

夯杆匀速上升阶段上升高度112=11-/1,=2.4m.....................（1分）

4

电动机对夯杆做的功W2=mgh2=2.4x10J.......................（2分）

每个打夯周期中，电动机对夯杆所做的功W=IV/+IV2=7.2x104J.....（1分）

（3）（5分）夯杆加速上升的时间=-=2s.........................（1分）

a

滚轮边缘转过的距离是s=v//=8m.................（.1..分..）.......

相对夯杆的位移是L=8m-4m=4m............................（1分）

摩擦产生的热量Q=2再L...............................（1分）

=4.8x104J.............................（1分）

12.（20分）

（1）（6分）。棒匀速运动，F=mag+BIaL.............................（2分）

力棒静止；/,=4.........................................

（1分）

2

B1J

mbg=r~..........................（..1.分..）...............

F=m（lg+2/n/,^=0.4N.....................................（2分）

（2）（8分）当“匀速运动时&=3"/............................（1分）

/』..............................................

（1分）

"3R

BIaL=2BIhL=2

解得匕=霁①...................................

（2分）

9D2"

2

当b匀速运动时:mhg=BI'L=....................（1分）

3R

行需②

（2分）

①②式联立得V2=5m/s（1分）

AOSABBLh

（3）（6分）E=—（1分）

\tt

E

（1分）

~2R

2BIL=m,g（1分）

R2r2

由①式得R=...................................（1分）

3叫g

9

得h=­m

3

物理试题三

12345678

ACCBCDBD

9.（18分）

（1）A2;Q;甲

（2）7.8；7.6

10.（16分）

（1）CQ杆产生的电动势为£,电流表的示数为/,电玉表示数为U

E=BLv（2分）

1=^-（2分）

R+r

/=2A（I分）

（/=//?=1.0V（1分）

（2）设C。杆受到的拉力为尸

FA=RIL（2分）

F=FA=I.6N（2分）

（3）由能量守恒，回路中产生的电热。等于CO棒动能的减少量

Q=-inv2=02（3分）

2

电阻R上产生的口热

R

QR=----2=0.125J（3分）

R+r

11.（18分）

（1）微粒从平行X轴正方向射入电场区域，由A到尸做类平抛运动，微粒在x轴上做匀

速直线运动

Sx=vot（1分）

S

t=—=0.05s（2分）

%

微粒沿y轴方向做初速度为零的匀加速直线运动

2

Sv=—at（1分）

,2

«=2.4X103m/s2（2分）

（2）vy=at（1分）

Vv

tga=­（］分）

%

a=arctg——=45°（1分）

vo

轨迹如图（2分）

（3）qE=ma（I分）

E=24N/C（1分）

设微粒从P点进入磁场以速度v做匀速圆周运动

v=V2\>o（1分）

v2

由qvR=m——得R二F（1分）

RqB

由几何关系R3（1分）

mv

B=一=1.2T（2分）

qR

12.（20分）

（1）设物体从A滑至B时速率为vo

1

mgh=—tnv（）（2分）

1为=，2gR（1分）

物体与小球相互作用过程中，系统动量守恒，设共同速度为V/

mvo=2invi（2分）

_屈

V/"2（1分）

(2)设二者之间的摩擦力为了

ml21，

JOCD--wvo――inv/（2分）

22

m121c2

fR=—mvo——2mv；（2分）

'22

得SCD=—R（2分）

2

（3）设物体从E/滑下后与车达到相对静止，共同速度为也，相对车滑行的距离为S/,车停

后物体做匀减速运动，相对车滑仃距离为S2

m\>i=2mi，2（1分）

Y,1，1.2

/S/=-invj——2m也（1分）

22

fS2=—inV2（1分）

/

（2分）

解得s/=£

（1分）

4

sj

（1分）

8

3

S=Si+Sz=-R（1分）

8

物理试题四

12345

BAADD

9.(18分)

（1）逆时针（4分）

（2）乙、丙（各2分）

(3)①A2R2（各1分）

②电路如图（2分）

③6.4mA；240uA；187.5Q（各2分）

10.（16分）

（1）.（6分）设匀加速运动时加速度的大小为a,摩托车发动机牵引力的大小为F,恒定阻力

为/

1

s=—ar7（2分）

2

a=2m/s（I）2（1分）

F-f=ma（2分）

F=600N（1分）

⑵（5分）摩托车的额定功率为P,当厂可时，有最大速度v,„

P=fVm（2分）

vw=50m/s（2分）

(3)（5分）制动后，摩托车做匀减速运动，滑行距离为s'

Vm=2as（2分）

，//

a=---=口g（2分）

m

s=250m（1分）

11.（18分）

（I）（6分）电动机的输出功率（即绳对金属棒的拉力功率）为尸

P=lU-l2r（4分）

P=7W（2分）

（2）（6分）金属棒受到拉力、重力、安培力作用向上做加速度减小的加速运动，当加速度

减为零时，棒获得稳固速度，此后棒做匀速运动。

P=（mg+F^）v（1分）

F尸BIL（1分）

E=BLv（1分）

E

/=—（1分）

/I:

P=（mg+-）v（1分）

v=1m/s（1分）

（3）（6分）由能量守恒

Pt=mgh+—inv2^^（4分）

2

z=ls（2分）

12.（20分）

（I）（4分）设三个球重力势能减少量为4昂

△Ep=9mgL（4分）

（2）（6分）设两极板电压为〃，由动能定理

分）

卬於卬也=/1Ek（2

3mg•3L—-q，3L——q2L——erL=0（2分）

3L3L3L

U二助处

（2分）

2q

（3）（10分）当小球受到的重力与电场力相等时，小球的速度最大所

U

^ng=­nq（3分）

JL

,L2（2分）

小球达到最大速度的位置是B球进入电场时的位置

由动能定理

Ur1,

31ng•L-——q•L二—X3/nv„r（3分）

3L2

Vnl=y[gL（2分）

物理试题五

12345678

DADCCDAC

9.（18分）

（1）①3.43（2分）

②ABC（3分）

（2）①B、A、F（每空1分共3分）

②串（1分）；19895（2分）

（3）①如图（2分）

②电容器充电到电压为Uo时所带的电荷量（2分）

③1.0X10-3（