云南昆明市嵩明县第一中学等校2025-2026学年高一下学期期中质量检测物理试卷（含解析）

第=page11页，共=sectionpages11页云南昆明市嵩明县第一中学等校2025-2026学年高一下学期期中质量检测物理试题一、选择题1.下列说法正确的是(

)A.位移、速度、加速度、路程都是矢量

B.谚语“一只巴掌拍不响”说明力是物体对物体的作用，一只巴掌要么拍另一只巴掌，要么拍在其他物体上，才能产生力的作用，才能拍响

C.物体的重力就是地球对物体的吸引力，它的方向总是垂直向下

D.−7m/s的速度比5m/s的速度小2.从悬停在离地面h处的直升机上先后由静止释放两个小球A和B，当A球自由落体到达地面后再释放B球，当B球下落12h时突遇上下宽度为16h的横风，如图所示。除横风区受到空气的水平作用力外，其他位置的空气作用力可不计，则(

)A.A球在空中运动的时间比B球在空中运动的时间短

B.B球下落过程中，离开横风区时其速度最大

C.A球落地的速率比B球落地的速率小

D.B球离开横风区后，做匀变速直线运动3.如图是一个小实验，将细绳的一端系在手指上，细绳的另一端系在直杆的A端，杆的另一端顶在掌心上，使绳、杆和手组成一个“三角形”。在杆的A端悬挂不同的重物，并保持静止。对于这一实验的下列说法中正确的是(

)

A.细绳和杆都是被拉伸的

B.杆对手掌施加的作用力的方向沿杆由C指向A

C.细绳对手指施加的作用力的方向沿细绳由B指向A

D.所挂重物质量增大时，细绳和杆对手的作用力不变4.关于下列四幅图的叙述正确的是(

)

A.图甲中，公路上对各类汽车都有限速，是因为汽车速度越大惯性越大

B.图乙中，伽利略通过“斜面实验”来研究落体运动规律，是为了“冲淡”重力，便于测量运动时间

C.图丙中，马拉着车在水平路面上做加速运动，则马对车的拉力大于车对马的拉力

D.图丁中，伽利略利用“斜面实验”装置，结合逻辑推理，来验证力是维持物体运动的原因5.如图所示，质量相等的甲、乙两个小球，在光滑玻璃漏斗内壁做水平面内的匀速圆周运动，甲在乙的上方。则它们运动的(

)

A.向心力大小不相等 B.线速度v甲>v乙

C.角速度ω6.下面图像描述的是A、B两物体做直线运动的相关图像。关于甲、乙、丙、丁四个图像，下列说法正确的是(

)

A.甲图中在t1∼t2时间内，A的平均速度大于B的平均速度

B.乙图中的物体一定做往复运动

C.丙图中两物体在t1、7.如图所示，足够长的木板置于光滑水平面上，倾角θ= 53°的斜劈放在木板上，一平行于斜面的细绳一端系在斜劈顶，另一端拴接一可视为质点的小球，已知木板、斜劈、小球质量均为1kg，斜劈与木板之间的动摩擦因数为μ，重力加速度g取10m/s2，现对木板施加一水平向右的拉力F，(其中sin53∘=0.8，cosA.若μ= 0.2，不论F多大，小球均能和斜劈保持相对静止

B.若μ= 0.5，当F= 10 N时，木板相对斜劈向右滑动

C.若μ= 0.8，当F= 22.5 N时，小球对斜劈的压力为0

D.若μ= 0.8，当F= 26 N时，细绳对小球的拉力为28.如图所示，以v0=10m/s的速度水平抛出的小球，飞行一段时间，垂直地撞在倾角θ=30∘的斜面上，g=10m/s2A.物体飞行时间是3s B.物体飞行的时间是2s

C.物体下降的距离是10m D.9.如图所示，粗糙水平圆盘上，质量相等的A、B两物块叠放在一起，随圆盘一起做匀速圆周运动，则下列说法正确的是(

)

A.AB的运动属于匀变速曲线运动

B.B的向心力是A的向心力的2倍

C.圆盘对B的摩擦力是B对A的摩擦力的2倍

D.若B先滑动，则B与A之间的动摩擦因数μA小于盘与B之间的动摩擦因数10.如图所示，一质量为m的物块被夹子夹紧，夹子通过不可伸长的轻绳悬挂在小环上，小环套在倾角为θ的细杆上，物块到小环的距离为L。小环和物块沿细杆以大小为v的速度匀速运动，小环碰到杆上的钉子P后立刻停止，物块继续运动，整个过程中，物块在夹子中没有滑动。重力加速度大小为g。若小环和夹子的质量均不计，物块、小环和夹子均视为质点，则下列说法正确的是(

)

A.小环碰到钉子前，小环受到的摩擦力大小为mgcosθ

B.小环碰到钉子前，细杆对小环的作用力大小为mg

C.小环碰到钉子后的瞬间，轻绳的拉力大小为mg+v二、非选择题11.某同学利用如图所示的向心力演示器“探究小球做匀速圆周运动向心力F的大小与小球质量m、转速n和运动半径r之间的关系”，匀速转动手柄1，可使变速塔轮2和3以及长槽4和短槽5随之匀速转动，槽内的小球也随之做匀速圆周运动，使小球做匀速圆周运动的向心力由横臂6的挡板对小球的弹力提供，球对挡板的反作用力，通过横臂的杠杆作用使弹簧测力套筒7下降，从而露出标尺8，根据标尺8上露出的红白相间等分标记，可以粗略计算出两个球所受向心力的比值。实验过程如下：(1)把两个质量相同的小球分别放在长槽和短槽上，使它们的运动半径相同，调整塔轮上的皮带的位置，探究向心力的大小与

的关系，将实验数据记录在表格中。(2)保持两个小球质量不变，调整塔轮上皮带的位置，使与皮带相连的左、右两轮半径r左

(选填“>”“=”或“<”)(3)使两小球的运动半径和转速相同，改变两个小球的质量，探究向心力的大小与质量的关系，将实验数据记录在表格中：次数转速之比n球的质量m/g运动半径r/cm向心力大小Fn(mmrrFF111212201042211224101024321212101082(4)根据表中数据，向心力F的大小与小球质量m、转速n和运动半径r之间的关系是

。A.F∝mnr

B．F∝mC.F∝m2n2r12.2020年12月17日凌晨，嫦娥五号返回器携带月球样品，采用半弹道跳跃方式返回并安全着陆，标志着我国航天又迈上了一个新台阶。设想宇航员随“嫦娥”号登月飞船绕月球飞行，在飞船贴近月球表面时可近似看成绕月球做匀速圆周运动，进入靠近月球表面的圆形轨道绕行数圈后，着陆在月球上，飞船上备有以下实验器材：(已知万有引力常量为G)A.精确秒表一个B.已知质量为m的物体一个C.弹簧测力计一个D.天平一台(附砝码)已知宇航员在绕行时作了一次测量，依据测量数据，可求出月球的平均密度ρ，(已知万有引力常量为G)(1)测量所选用的器材为

(用序号表示)(2)测量的物理量是

(写出物理量名称和表示的字母)(3)用该数据推出密度ρ的表达式：ρ=

(4)如图所示是宇航员在月球表面水平抛出小球的闪光照片的一部分，已知照片上方格的实际边长为a，闪光周期为T，据此分析：①小球平抛的初速度为

；②月球上的重力加速度为

。13.游乐园中“空中飞椅”的游戏设施如图所示，它的基本装置是将绳子上端固定在水平转盘的边缘上，绳子的下端连接座椅，人坐在座椅上随转盘旋转而在空中飞旋。若将人和座椅看成一个质点，可绕中心竖直转轴转动，设绳长l=5m，质点的质量m=40kg，转盘静止时质点与转轴之间的距离d=3.0m，转盘逐渐加速转动，经过一段时间后质点与转盘一起做匀速圆周运动，此时绳与竖直方向的夹角θ=37°，不计空气阻力及绳重，且绳不可伸长，sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2，求此时：

(1)绳子拉力的大小；(2)转盘角速度的大小。14.假设某星球的半径R=4500km，在该星球表面有一倾角为30∘的固定斜面，一质量为1kg的小物块在力F的作用下由静止开始沿斜面向上运动，力F始终与斜面平行。已知小物块和斜面间的动摩擦因数μ=33，力F随时间变化的规律如图所示，取沿斜面向上为正方向，1s末小物块的速度恰好为(1)求该星球表面的重力加速度。(2)求该星球的平均密度。(3)若在该星球表面上水平抛出一个物体，使该物体不再落回该星球表面，则物体至少需要多大的初速度？15.如图所示，可视为质点的煤块沿圆弧轨道下滑，到达最低点B时对轨道的压力等于煤块重力的3倍。煤块从B点沿水平方向飞出后，恰好无能量损耗地滑上浅色倾斜传送带上端C点。已知传送带长L=3.8m，与水平方向的夹角θ=37∘，匀速转动速度大小v=6m/s，煤块与传送带之间的动摩擦因数μ=0.5，圆弧轨道半径R=0.8m，sin37∘=0.6(1)煤块沿圆弧轨道下滑至最低点B时的速度大小vB(2)煤块刚滑上传送带C点时的速度大小vC及B、C间高度差H(3)煤块在传送带上运动的时间t及在传送带上的划痕长度Δs。

答案解析1.【答案】B

【解析】解：A、位移、速度、加速度既有大小又有方向都是矢量，路程只有大小没有方向，是标量，故A错误；

B、物体之间的作用是相互的，“一只巴掌拍不响”就是说明力是物体对物体的作用，故B正确；

C、物体的重力是由于地球的吸引而使物体受到的力，是地球对物体的吸引力的一个分力，方向竖直向下，故C错误；

D、速度的正负只是反映了物体的运动方向，比较速度的大小要看速度的绝对值，所以−7m/s的速度比5m/s的速度大，故D错误。

故选：B。

根据矢量标量的区别、力的概念、重力的理解以及速度大小比较方法分析每个物理概念的具体含义。

理解矢量的正负代表方向，大小比较用绝对值；明确重力与万有引力的关系及方向描述的不同。2.【答案】C

【解析】A.A球和B球在空中运动的过程中，竖直方向只受重力的作用，所以A球和B球在竖直方向上均做自由落体运动，由于下落高度相同，则A球在空中运动的时间与B球在空中运动的时间相等，故A错误；B.B球离开横风区时，B球距离地面还有一定的高度，B球离开横风区后，B球受到合外力即为重力，随着B球的下落，速度继续增加，所以B球下落过程中，离开横风区时其速度不是最大，故B错误；C.B球进入横风区后受重力和水平向右的风力，根据牛顿第二定律可知加速度斜向右下方，且水平方向的速度增大，则B球落地时速度较大，故C正确；D.B球离开横风区后具有水平方向的速度，导致速度方向始终斜向下，而加速度方向竖直向下，B球做匀变速曲线运动，故D错误。故选C。3.【答案】C

【解析】【分析】

本题考查共点力作用下物体平衡条件的应用及力的分解的应用。将重物的重力按照作用效果进行分解，从而确定绳子和杆所受的作用力情况，由此可判断手指的受力方向；对结点进行受力分析，则可知杆对结点的弹力方向，即可判断出杆对手掌的作用力的方向。

【解答】

重物所受重力的作用效果有两个，一是拉紧细绳，二是使杆压紧手掌，所以重力可分解为沿细绳方向的力F1和垂直于掌心方向的力F2，如图所示，由三角函数得F1

A.细绳张紧，有作用力，所以细绳是被拉伸的，由分力F2知，杆是被压缩的，故A错误；

B.因杆被压缩，故杆对手掌施加的作用力的方向沿杆由A指向C，故B错误；

C.因细绳被拉伸，细绳对手指施加的作用力的方向沿细绳由B指向A，故C正确；

D.由A处于平衡状态可知，细绳与杆对A的作用力的合力大小等于重物的重力，即细绳和杆对手的作用力大小等于重力；当所挂重物质量增大时，细绳和杆对手的作用力随重物重力增大而增大，故D错误。4.【答案】B

【解析】惯性只与质量有关，与速度无关，A错误；题图乙中，伽利略通过“斜面实验”来研究落体运动规律，当时所处的年代时间的测量没有现在精确，通过“斜面实验”来研究落体运动规律，是为了“冲淡”重力，便于测量运动时间，故B正确；题图丙中，马拉着车在水平路面上做加速运动，根据牛顿第三定律可知，马对车的拉力大小等于车对马的拉力大小，C错误；题图丁中，伽利略利用“斜面实验”装置，结合逻辑推理，来验证力不是维持物体运动的原因，D错误。5.【答案】B

【解析】A.对球受力分析，受重力和支持力，合力提供向心力，如图所示：故向心力

F=mgtanθ

B.根据

F=mv2r

，F和m相等，r越大v越大，故v甲>v乙C.根据F=mω2r，F和m相等，r越大ω越小，故ω甲<ω乙D.根据F=ma，F相等，故向心加速度a甲=a乙，故D错误；故选B。6.【答案】D

【解析】【分析】

考查了运动图像，结合匀变速直线运动基本公式解决问题。

【解答】

A.图甲是x−t图像，在t1∼t2时间内，Δx=x2−x1，Δt=t2−t1，v=ΔxΔt，两者平均速度相同，故A错误；B.图乙是a−t图像，加速度周期性变化，物体是否做往复运动，还取决于初速度，若物体从静止开始运动，则物体做加速减速循环的单向直线运动，故B错误；

C.图丙是v−t图像，交点表示速度相同，而不能表示相遇，故7.【答案】B

【解析】A.若μ

= 0.2，假设斜劈与球保持相对静止，则对斜劈与球构成的系统，最大加速度为a当球刚好要离开斜劈时，受到重力和绳子拉力作用，有mg解得a可知此情况下不论F多大，小球均能和斜劈保持相对静止，故A正确，不符合题意；B.若μ

= 0.5，当F

= 10 N时，假设板、斜劈、球三者相对静止，则对板、斜劈、球构成的系统，有F=3ma解得a=对斜劈与球构成的系统，最大加速度为a可知此时木板与斜劈相对静止，故B错误，符合题意；C.若μ

= 0.8，假设板、球和斜劈相对静止，则球和斜劈构成的系统能够获得的最大加速为a此时对板、球和斜劈构成的系统，有F当F

= 22.5 N时，板、球和斜劈相对静止，有a′=可知此时球刚好要离开斜劈，故C正确，不符合题意；D.若μ

= 0.8，当F

= 26 N时，球离开斜劈，在重力和绳子拉力作用下与斜劈保持相对静止，此时球和斜劈的加速度均为

amax2=8m/F故D正确，不符合题意。故选B。8.【答案】AD

【解析】【分析】

根据速度与斜面垂直，结合平行四边形定则求出竖直分速度，根据速度时间公式求出飞行的时间，根据平行四边形定则求出物体撞击斜面的速度大小，根据速度位移公式求出下降的距离。

解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解，难度不大。

【解答】

AB.小球撞在斜面上时速度与竖直方向的夹角为30°，则根据速度的分解可得：

竖直方向的速度为：vy=v0tan30∘=1033m/s=103m/s，

则物体飞行的时间t=vyg=10310s=9.【答案】C

【解析】【分析】

A、B两物块一起做圆周运动，靠摩擦力提供向心力，两物块的角速度大小相等，结合牛顿第二定律分析判断。

解决本题的关键：知道A、B两物块一起做匀速圆周运动，角速度大小相等，知道圆周运动向心力的来源，结合牛顿第二定律进行求解，难度中等。

【解答】

A.AB做匀速圆周运动，向心加速度的方向始终指向圆心，是不断变化的，所以该运动不属于匀变速曲线运动，故A错误；

B.根据Fn=mrω2，因为两物块的角速度大小相等，转动半径相等，质量相等，则向心力相等，故B错误；

C.对AB整体分析有：fB=2mrω2，对A分析有：fA=mrω2，知圆盘对B的摩擦力是B对A的摩擦力的2倍，故C正确；

D.对AB整体分析有：μB2mg=2mrωB2，解得ω10.【答案】BD

【解析】AB.小环碰到钉子前，对环受力分析，受绳子拉力、支持力以及摩擦力，根据平衡条件可得

f=mg细杆对小环的作用力大小为支持力与摩擦力的合力，则细杆对小环的作用力大小为

F故A错误，B正确；C.小环碰到钉子后的瞬间，物块与夹子整体做圆周运动，根据牛顿第二定律可得

F−mg=m解得

F=m故C错误；D.小环碰到钉子后的瞬间，物块做圆周运动，且夹子对物块的静摩擦力为2f，则

2f−mg=m解得

2f=m故D正确。故选BD。11.【答案】转速=B

【解析】(1)根据

F=mω2r

，

ω=2πn

，解得

(2)保持两个小球质量不变，调整塔轮上皮带的位置，使与皮带相连的左、右两轮半径

r左=(4)根据表中数据第1次：

n左n右=1

，

m左m右=1212结论1：转速相等，质量相等时，向心力的大小与运动半径成正比，即

F∝r

。第2次：

n左n右=1

，

m左m右=1224结论2：转速相等，运动半径相等时，向心力的大小与质量成正比，即

F∝m

；第3次：

n左n右=21

，

m左m结论3：质量相等，运动半径相等，向心力的大小与转速的平方成正比，即

F∝n2综上所述：向心力

F

的大小与小球质量

m

、转速

n

和运动半径

r

之间的关系是

F∝mn2r

12.【答案】A周期t3π3a2a

【解