2025-2026学年河北邯郸市第二中学等校第二学期高二期中监测化学试题 含答案

/2025-2026学年第二学期高二期中监测化学试题本试卷满分100分，考试用时75分钟。注意事项：1.答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。4.本试卷主要考试内容：人教版选择性必修3。5.可能用到的相对原子质量：H1C12N14O16Na23Ca40Ag108一、选择题：本题共14小题，每小题3分，共42分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.中华文明源远流长。下列文物的主要成分为有机物的是A．宋白釉黑花瓷镜盒B．清孙致弥铭神鱼出水长方端砚C．清江村春色图轴D．明代“一品百龄”金印A.A B.B C.C D.D【答案】C【解析】【详解】A．瓷器的主要成分为硅酸盐，硅酸盐为无机物，A错误；B．砚台多为石材，为无机物，B错误；C．书画类文物为纸张（纤维素）和植物颜料，为有机物，C正确；D．金印为金属制品，不是有机物，D错误；故答案选C。2.下列有机化合物的类别及所含官能团有误的是选项ABCD有机化合物类别酚氨基酸酮醚官能团-OH-COOH和-NH2A.A B.B C.C D.D【答案】C【解析】【详解】A．该有机物的官能团为羟基()，羟基直接连接在苯环上，属于酚类，分类和官能团均正确，A正确；B．该有机物的官能团为氨基()和羧基()，属于氨基酸，分类和官能团均正确，B正确；C．该有机物的官能团为醛基()，属于醛类，分类和官能团均错误，C错误；D．该有机物的官能团为醚键()，属于醚类，分类和官能团均正确，D正确；故答案选C。3.下列化学基本研究方法错误的是A.分析有机物的红外光谱，可以获得有机物的分子式B.同位素示踪法可用于研究酯化反应的机理C.核磁共振氢谱可用于研究有机物的结构D.科学家可以通过X射线衍射获得有机物的分子结构【答案】A【解析】【详解】A．红外光谱的作用是测定有机物中的官能团和化学键类型，无法获得有机物的分子式，获得分子式需要借助质谱仪、元素分析仪等手段，A错误；B．同位素示踪法可以标记反应物中的特定原子，追踪原子的去向，因此可用于研究酯化反应“酸脱羟基醇脱氢”的反应机理，B正确；C．核磁共振氢谱可以获得有机物中不同化学环境氢原子的种类和数目比例，可用于推断有机物结构，C正确；D．X射线衍射技术可以测定晶体的结构，从而获得有机物的分子结构，D正确；故选A。4.某芳香族有机物的分子式为C8H6O2，它的分子（除苯环外不含其他环）中不可能有A.两个羟基 B.一个醛基 C.一个羧基 D.两个醛基【答案】C【解析】【详解】某芳香族有机物的分子式为C8H6O2，由分子式可知，该有机物分子含有一个苯环，去掉一个苯环后，还余有C2O2，剩余基团可能为2个或1个或1个CC、2个-O-，将其插入苯的C-H之间，可形成，所以A、B、D正确；由于C8H6O2分子拆除一个苯环和一个羧基后，还余有一个C，它不可能满足四价的结构而插入苯环的C-H键中，所以不可能存在1个羧基；故选C。5.劳动创造美好生活。下列劳动项目与所述化学知识没有关联的是劳动项目化学知识A用小麦制麦芽糖淀粉水解能生成麦芽糖B用石膏点卤制豆腐硫酸钙可使蛋白质发生盐析C用加热熔化的方法连接聚乙烯管道聚乙烯是一种热塑性塑料D用酸性重铬酸钾溶液检查酒驾酒精易溶于水A.A B.B C.C D.D【答案】D【解析】【详解】A．小麦中含有淀粉，淀粉能在酶的催化作用下转化为麦芽糖，A不符合题意；B．在豆浆中加入石膏（CaSO4·2H2OC．聚乙烯塑料的热塑性很好，其经过加热可熔化，故可用加热熔化的方法连接聚乙烯管道，C不符合题意；D．酸性重铬酸钾可用于检查酒驾，这是因为酸性重铬酸钾可以和乙醇发生化学反应，乙醇被酸性重铬酸钾氧化，这与乙醇易溶于水无关，D符合题意；故答案选D。6.提纯粗乙酸乙酯(含乙醇和乙酸)的过程如图，下列说法错误的是A.操作a为蒸馏B.可用饱和氢氧化钠溶液代替饱和Na2CO3溶液C.加入无水CaCl2的目的是除去有机相中残留的少量水D.水相中含有的溶质除过量的Na2CO3外，还有乙醇、乙酸钠和碳酸氢钠【答案】B【解析】【分析】粗乙酸乙酯加入饱和溶液，其中的乙酸与碳酸钠反应生成乙酸钠、二氧化碳和水。乙醇是极性分子，易溶于水，会溶解到水相中。乙酸乙酯在饱和碳酸钠溶液中的溶解度很小，且饱和碳酸钠溶液可以降低乙酸乙酯的溶解度。经过这一步，混合物会分层。上层是有机相（主要成分是乙酸乙酯），下层是水相（含有乙酸钠、乙醇、过量的碳酸钠等）。通过分液分离有机相和水相。向有机相中加入无水，吸收有机相中残留的少量水分，先通过过滤除去固体，然后对滤液进行蒸馏，利用乙酸乙酯的沸点（约77℃）将其分离出来，得到纯净的乙酸乙酯。【详解】A．根据上面的分析，从干燥后的有机相中得到纯净的乙酸乙酯，需要通过蒸馏，A正确；B．氢氧化钠是强碱。如果用饱和溶液，虽然也能中和乙酸，但强碱环境会促使乙酸乙酯发生水解反应，生成乙酸钠和乙醇，导致目标产物乙酸乙酯大量损失，因此，不能用饱和溶液代替饱和溶液，B错误；C．无水作为干燥剂可以吸收水，在分液后，有机相中总会溶解少量水，需要用干燥剂除去，C正确；D．由分析可知，水相中含有的溶质除过量的外，还有乙醇、乙酸钠和碳酸氢钠，D正确；故选B。7.下列物质不能与NaHCO3溶液反应的是A.甲酸 B.苯酚 C.乙酰水杨酸 D.氢氧化钠溶液【答案】B【解析】【详解】A．甲酸属于羧酸，酸性强于碳酸，根据强酸制弱酸原理，可与反应生成甲酸钠、和，A不符合题意；B．苯酚酸性弱于碳酸、强于，根据强酸制弱酸原理，无法与反应生成碳酸，仅能与反应生成苯酚钠和，B符合题意；C．乙酰水杨酸分子中含有羧基，羧基酸性强于碳酸，可与反应，C不符合题意；D．是弱酸的酸式盐，可与强碱发生反应，反应方程式为，D不符合题意；故选B。8.下列叙述与对应图示相符、操作正确且能达到实验目的的是(部分夹持装置已略去)A．趁热过滤粗苯甲酸B．除去乙烯中少量的乙醇C．定容D．鉴别苯酚和苯甲醇A.A B.B C.C D.D【答案】D【解析】【详解】A．过滤操作要求漏斗下端尖嘴紧贴烧杯内壁，防止液体飞溅，该装置操作不符合规范，A错误；B．乙烯、乙醇都能被酸性高锰酸钾氧化，除杂过程会将目标产物乙烯一并除去，达不到除杂目的，B错误；C．容量瓶定容时，视线应与凹液面最低处、刻度线相平，图中为仰视刻度，操作错误，会导致配制的溶液浓度偏小，C错误；D．苯酚遇氯化铁溶液会发生特征显色反应，溶液变为紫色，而苯甲醇与氯化铁不反应，无明显现象，可以用氯化铁溶液鉴别苯酚和苯甲醇，D正确；答案选D。9.苯佐卡因(，对氨基苯甲酸乙酯)常用于创伤、溃疡面及痔疮的镇痛，其制备原理如图所示，设为阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是A.0.1molM中含有的碳碳双键数目为B.0.2molQ中所含键总数为C.等物质的量的和中，所含的氧原子数均为D.0.5molM与足量的反应，所得的Q分子数为【答案】B【解析】【详解】A．苯环中的化学键是介于碳碳单键和碳碳双键之间的特殊大π键，不存在碳碳双键；1个M分子中不含碳碳双键，因此中碳碳双键数目为0，A错误；B．Q（对氨基苯甲酸乙酯）的结构中，1个Q分子含9个键（苯环上4个，乙酯基的−CH2​CH3​共5个，氨基中2个N−H不计入），则0.2molQ中C−H键总数为​，B正确；C．选项未说明乙醇和水的物质的量具体为多少，无法计算氧原子数目，C错误；D．酯化反应为可逆反应，反应物不能完全转化为产物，因此反应后所得Q分子数小于，D错误；故选B。10.α-氰基丙烯酸正丁酯(M)是一种瞬时胶黏剂，常用作医用胶，进行结构修饰(对氰基丙烯酸部分结构修饰)后的有机物N可发生交联聚合，增强了医用胶的耐水、耐热、抗冷热交替等性能。下列说法正确的是A.有机物M与N互为同系物B.有机物M中碳的杂化方式只有sp2、sp3C.有机物N存在顺反异构，其含有手性碳原子D.由于氰基和酯基的存在，有机物M中的碳碳双键更易发生加聚反应【答案】D【解析】【详解】A．同系物是指结构相似、分子组成相差一个或若干个CH2原子团的有机物，M的分子式为C8H11NO2，N分子式为C11H15NO2，两个物质结构不同，相差C3H4，不是CH2的整数倍，因此有机物M和N不互为同系物，A错误；B．-CN氰基中的碳，与氮原子形成三键，属于sp杂化；碳碳双键（C=C）和酯基羰基（C=O）中的碳原子：为sp2杂化；正丁基（-C4H9）中的饱和碳原子：为sp3杂化，因此M中碳原子的杂化方式包括sp、sp2、sp3三种，B错误；C．顺反异构：有机物N中存在碳碳双键，且双键两端的每个碳原子都连接了不同的原子/基团（如双键一侧连有H和烷基，另一侧连有不同的基团），因此存在顺反异构；手性碳原子：手性碳的定义是连有4个不同原子或基团的饱和碳原子，观察有机物N的结构，所有饱和碳原子都至少连有2个相同的氢原子，不存在手性碳，C错误；D．氰基（-CN）和酯基（-COO-）都是吸电子基团，它们会让碳碳双键的反应活性增强，从而更易发生加聚反应，D正确；故答案选D。11.关于下列三种常见的高分子材料的说法中，正确的是A.三种聚合物都属于天然高分子材料B.常温下，聚乳酸和聚丙烯酸钠均易溶于水C.尼龙-66是己二酸和己二胺通过缩聚反应制得的D.聚丙烯酸钠的摩尔质量为(27n+67)g·mol-1【答案】C【解析】【详解】A．聚丙烯酸钠、聚乳酸、尼龙-66均属于人工合成高分子材料，不属于天然高分子，故A错误；B．聚丙烯酸钠含亲水性-COONa基团，易溶于水，聚乳酸为聚酯类高分子，分子量大、分子间作用力强，常温下不溶于水，故B错误；C．尼龙-66的结构单元可以看出是由己二酸HOOC-(CH2)4-COOH与己二胺H2N-(CH2)6-NH2经缩聚反应脱水形成，故C正确；D．聚丙烯酸钠链节为C3H3O2Na，摩尔质量应为94ng·mol-1，故D错误；故答案选C。12.乙酸苯甲酯可以提高花或果的芳香气味，故常用于化妆品工业和食品工业。乙酸苯甲酯可以用如图方案合成。AB(C7H7Cl)C乙酸苯甲酯下列说法正确的是A.反应①②属于取代反应，反应③属于消去反应B.A、B、C均为芳香烃C.乙酸苯甲酯的结构简式为D.反应②的化学方程式为+NaOH+NaCl【答案】D【解析】【分析】C与乙酸发生酯化反应生成乙酸苯甲酯，结合D的结构可知C为，卤代烃B发生水解反应生成苯甲醇，结合B的分子式可知B为，A与氯气在光照下发生取代反应生成B，故A为。【详解】A．反应①是甲基的氯代取代、反应②是氯原子的水解取代、反应③是酯化反应，酯化属于取代反应，不是消去反应，A错误；B．芳香烃是仅含C、H的芳香类化合物，B含、C含，均不属于烃，B错误；C．为苯甲酸乙酯，乙酸苯甲酯的结构为，C错误；D．反应②是氯化苄的水解反应，在水溶液加热条件下水解生成和，方程式和结构均正确，D正确；故答案为：D。13.乙酸异戊酯是组成蜜蜂信息素的成分之一，具有香蕉的香味。实验室制备乙酸异戊酯的反应为，该反应达到平衡后，加入少量的，重新达到平衡后，含有的物质有A.1种 B.2种 C.3种 D.4种【答案】B【解析】【详解】根据酯化反应“酸脱羟基醇脱氢”的结论，平衡后，加入少量的，反应逆向进行时，会生成含有18O的酸，故酸及加入的中含，B项符合题意。14.某科研小组利用铜和钯作催化剂、作促进剂，成功地将一系列含氯烃类废物转化为有价值的氯化试剂，转化过程如图(部分产物省略，DMSO为二甲砜)。下列说法正确的是A.脱氯过程中，b发生取代反应生成聚乙炔和氯化氢B.脱氯过程中，和DMSO分别活化PVC中的碳氢键、碳碳键C.氯化过程中，c能提高反应物活化能，从而提高活化分子百分数D.脱氯和氯化循环符合绿色化学理念，实现资源的回收与利用【答案】D【解析】【分析】分析题目给出的转化过程：脱氯过程：a.PVC（聚氯乙烯）在O2和DMSO作用下，经过b中间体，生成HCl和聚乙炔。氯化过程：HCl与Pd(Ⅱ)反应生成Pd(Ⅱ)-Cl（c），随后c与芳烃反应生成氯化产物（如氯代芳烃）和Pd(0)（d），Pd(0)被NO和O2氧化回Pd(Ⅱ)，完成循环。据此分析以下各选项；【详解】A．脱氯过程中，b（PVC相关结构）发生的是消去反应（脱去HCl，形成双键），生成聚乙炔和HCl，而不是取代反应，A错误；B．脱氯过程是消去反应，主要断裂C-H键和C-Cl键，形成C=C双键，而不是断裂C-C键，B错误；C．c是催化剂（Pd(II)配合物），催化剂的作用是降低反应物活化能，从而提高活化分子百分数，而不是提高活化能，C错误；D．脱氯过程将PVC中的氯转化为HCl，氯化过程又将HCl转化为氯化试剂，实现了氯资源的回收与循环利用，减少了废弃物排放，符合绿色化学理念，D正确；故选D。二、非选择题：本题共4小题，共58分。15.现有以下四种有机物：①②③④。按要求回答下列问题：（1）有机物①的名称为_______，①和②_______(填“互为同系物”“互为同分异构体”或“是同一种物质”)。（2）③中含氧官能团的名称是_______。（3）若准确称取4.4g有机物X(只含C、H、O三种元素)样品，经充分燃烧后将产物依次通过浓硫酸和碱石灰，二者质量分别增加3.6g和8.8g。又知有机物X的质谱图和红外光谱图分别如图所示。①该有机物的分子式为_______。

②实验测得该有机物可与溶液反应，则该有机物的结构简式可能为_______。（4）一定量的某饱和一元醛发生银镜反应可得21.6g银，将等量的该醛完全燃烧，生成的水的质量为3.6g，则此醛的结构简式为_______；写出在加热条件下，该醛与新制氢氧化铜反应的化学方程式：_______。【答案】（1）①.2，3-二甲基丁烷②.互为同分异构体（2）（酚）羟基、醚键（3）①.②.、（4）①.②.【解析】【小问1详解】系统命名以最长碳链为主链，该分子结构对称，左右标号情况相同，在正丁烷2、3号碳原子上添加甲基，该分子的名称为2,3-二甲基丁烷；和碳原子数相同，分子式均为，实际分子结构不同，互为同分异构体；【小问2详解】中含氧官能团有酚羟基和醚键，答案为（酚）羟基、醚键；【小问3详解】①浓硫酸增加的质量为有机物完全燃烧生成水的质量，该有机物中所含氢元素的物质的量为，碱石灰增加的质量为有机物完全燃烧生成二氧化碳的质量，该有机物中所含碳元素的物质的量为，样品中所含氧元素的质量，该有机物中所含氧元素的物质的量为，所含元素物质的量之比为，该有机物的最简式为，结合质谱图可知该有机物的相对分子质量为88，则其分子式为；②该有机物能与溶液反应，结合红外光谱图可知有机物中有和结构排除含有羧基（）的可能，则该有机物中含有酯基，碳原子数为4、有酯基的结构有、、、，分子中还有不对称的，只有1个甲基，中2个甲基对称等效，不符合结构要求，满足条件的有、；【小问4详解】饱和一元醛发生银镜反应物质的量关系为，反应生成银的物质的量为，饱和一元醛的物质的量为0.1mol，所含氢元素的物质的量，由饱和一元醛通式可知所含碳元素的物质的量为0.2mol，该醛为乙醛，结构简式为；碱性条件下乙醛与新制氢氧化铜共热，醛基被氧化为羧基，并与碱反应生成羧酸盐，同时生成氧化亚铜沉淀，反应的化学方程式为。16.柠檬酸钙[Ca3(C6H5O7)2]是一种安全的食品补钙剂。某学习小组以石灰石粉为主要原料，开展制备柠檬酸钙的实验。已知：醋酸钙易溶于水，柠檬酸钙微溶于水。柠檬酸的结构简式为。回答下列问题：Ⅰ．反应原理如图：石灰石粉醋酸钙溶液柠檬酸钙（1）柠檬酸能与醋酸发生酯化反应，写出反应生成的酯的结构简式：_______。（2）写出石灰石粉主要成分与过量醋酸反应的离子方程式：_______；此反应的实验现象是_______。（3）实验中，不直接用石灰石粉与柠檬酸溶液反应制备柠檬酸钙，而先制备醋酸钙再转化。试解释设计该流程的理由：_______。（4）指出下列过滤操作中的不规范之处：_______。

Ⅱ．柠檬酸钙样品纯度的测定：已知：柠檬酸钙的摩尔质量为Mg·mol-1，EDTA与Ca2+按1∶1(物质的量之比)形成稳定配合物。操作：将干燥后的柠檬酸钙样品mg置于锥形瓶中，按照滴定要求将其配成溶液，用溶液调节pH大于13，加入钙指示剂，用bmol·L-1的EDTA标准溶液滴定至试液由紫红色变为蓝色，达到滴定终点，消耗EDTA标准溶液VmL。（5）测定实验中，滴定管用蒸馏水洗涤后，加入EDTA标准溶液之前，需进行的操作为_______，若未进行该操作，会导致测定结果_______(填“偏高”“偏低”或“无影响”)。（6）样品中柠檬酸钙质量分数的表达式是_______(用字母表示)。【答案】（1）（2）①.CaCO3+2CH3COOH=Ca2++2CH3COO-+H2O+CO2↑②.石灰石粉逐渐溶解，有气泡产生（3）醋酸钙易溶，柠檬酸钙微溶，反应生成的柠檬酸钙覆盖在石灰石粉表面会阻碍进一步反应（4）玻璃棒下端要紧靠三层滤纸，漏斗下端长边处要紧靠烧杯内壁（5）①.用少量EDTA标准溶液润洗滴定管2~3次②.偏高（6）×100%【解析】【分析】由题给流程可知，向石灰石粉中加入醋酸溶液溶解、过滤得到醋酸钙溶液；向醋酸钙溶液中加入柠檬酸反应、过滤、洗涤、干燥得到柠檬酸钙固体。【小问1详解】由结构简式可知，柠檬酸分子中含有羟基，浓硫酸作用下能与醋酸反应生成和水，则酯的结构简式为：；【小问2详解】石灰石粉主要成分与过量醋酸溶液的反应为碳酸钙与醋酸溶液反应生成醋酸钙、二氧化碳和水，反应的离子方程式为：CaCO3+2CH3COOH=Ca2++2CH3COO-+H2O+CO2↑，反应的实验现象是石灰石粉逐渐溶解，有气泡产生；【小问3详解】由题意可知，醋酸钙易溶于水，柠檬酸钙微溶于水，若直接用石灰石粉与柠檬酸溶液反应制备柠檬酸钙，反应生成的柠檬酸钙会覆盖在石灰石粉表面，阻碍反应的进行，所以实验流程中，先将石灰石粉与醋酸溶液反应，而不是直接与柠檬酸溶液反应；【小问4详解】由实验装置图可知，过滤操作存在如下2个不规范之处，一是玻璃棒下端没有紧靠在三层滤纸上，二是漏斗下端长边处没有紧靠烧杯内壁；【小问5详解】测定实验中，滴定管用蒸馏水洗涤后，加入EDTA标准溶液之前，需用少量EDTA标准溶液润洗滴定管2~3次，否则会使滴定消耗EDTA标准溶液体积偏大，导致测定结果偏高；【小问6详解】由化学式可知，柠檬酸钙与EDTA的关系为：Ca3(C6H5O7)2-3EDTA，由题意可知，滴定消耗V

mLb

mol/LEDTA标准溶液，则样品中柠檬酸钙的质量分数为：bmol/L×V×17.不对称有机催化是指以有机小分子为催化剂，用简单非手性的原料合成手性化合物单一对映体的技术。一种利用醛与内酯的反应进行不对称合成的路线如图(反应条件略)。回答下列问题：（1）化合物B的分子式为_______。（2）下列说法正确的有_______(填标号)。

a．在B和D生成E的过程中，有π键断裂与σ键形成b．E分子中，含有手性碳原子，存在大π键，但其不可形成分子间氢键c．化合物E是苯酚的同系物，1molE可与5molH2发生加成反应d．B和D反应生成E，原子利用率为100%（3）在催化剂作用下，A分子可发生缩聚反应生成高分子，写出反应的化学方程式：_______。（4）在催化剂作用下，化合物D可与炔烃反应合成化合物G。CF3CH2OH羟基中氢原子的活泼性大于CH3CH2OH羟基中氢原子的活泼性，其原因是_______。（5）已知：一定条件下，内酰胺可发生类似上述醛与内酯的反应，根据上述信息，以甲苯和为原料，合成化合物H()。①引入氯并光催化氧化：引入氯时，进行_______(填反应类型)，其反应的化学方程式为_______(注明反应条件)；再发生类似由C到D转化的反应。

②合成内酰胺：发生反应的化学方程式为_______(不需注明条件)。

③合成H：①②中得到的有机产物进行反应。（6）参考上述合成路线和反应，合成化合物K(结构如图)，需要以B、D、_______(填结构简式)和CF3CH2OH为反应物。

【答案】（1）C5H6O2（2）ad（3）+(n-1)H2O（4）F的电负性强，-CF3使羟基中O-H极性增大，故CF3CH2OH羟基中的氢原子更活泼（5）①.取代反应②.+Cl2+HCl③.（6）【解析】【小问1详解】B的结构简式为，因此B的分子式为：；【小问2详解】选项a：B与D反应生成E时，B中C=O双键的键断裂，同时形成新的C-C和C-O键，符合加成反应特征，a正确；选项b：E分子中存在手性碳(连接-OH的碳)，苯环有大键，但其羟基可与另一分子中的氧原子形成分子间氢键O−H⋯O，故“不可形成分子间氢键”错误，b错误；选项c：E分子中含苯环、酯基、羟基，与苯酚结构不相似，不属于同系物；1molE最多与4mol加成，即：苯环加成3mol，碳碳双键加成1mol，共4mol（若不考虑酯基加成），而非5mol，c错误；选项d：B与D反应为加成反应，无副产物，原子利用率为100%，d正确；故答案选：ad；【小问3详解】A分子的结构简式为：；含有羧基和羟基，可以发生缩聚反应生成聚酯，其反应方程式为：+(n-1)H2O；【小问4详解】CF3CH2OH羟基中氢原子的活泼性大于CH3CH2OH羟基中氢原子的活泼性，是因为F的电负性强于H，-CF3具有强吸电子诱导效应，使羟基O-H键电子云更偏向氧原子，使羟基中O-H极性增大，导致氢原子更易以H+的形式解离，酸性更强；【小问5详解】①引入氯并光催化氧化：引入氯时，进行的是取代反应，其反应方程式为：+Cl2→催化剂光照+HCl②在合成内酰胺时，是反应物脱水来合成的，发生反应的化学方