山东滨州市2025-2026学年高一年级上册期末物理（A）解析版

高一物理试题

本试卷分第I卷（选择题）和第n卷（非选择题）两部分，满分100分，考试时间90分钟。

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、考生号、座号填写在相应位置，认真核对条形码上的姓

名、考生号和座号，并将条形码粘贴在指定位置上。

2.选择题答案必须使用2B铅笔（按填涂样例）正确填涂；非选择题答案必须使用0.5亳米

黑色签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3.请按照题号在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试

题卷上答题无效。保持卡面整洁，不折叠、不破损。

第I卷（选择题共40分）

一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要

求。

1.下列说法正确的是（）

A.太阳的东升西落是以太阳为参考系B.当加趋近于零时，把生叫作物体的瞬时速度

A/

C.由质点运动的图像可确定其运动的初始位置D.质点的速度变化量越大加速度越大

【答案】B

【解析】

【详解】A.太阳的东升西落是地球自转引起的现象，观察者以地球为参考系描述此现象，A错误；

B.瞬时速度定义为位移变化量Ar与时间间隔比值在△，趋近于零时的极限，B正确；

C.口一，图像表示速度随时间的变化，可求位移（面积），但初始位置需已知某一时刻的位置信息，图像

本身无法直接确定，c错误；

D.加速度定义为。=包，其大小取决于速度变化量△口和时间间隔加。大但加也大时，加速度可

能小，D错误。

故选B。

2.下列说法正确的是（）

A.力是维持物体运动的原因B.物体在同一接触面上压力越大摩擦力一定越大

C.降落伞下落速度相同时横截面越大阻力越大D.-5N的力比4N的力小

【答案】C

【解析】

【详解】A.根据牛顿第一定律，力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因，故A错

误。

B.摩擦力分为静摩擦力和滑动摩擦力。滑动摩擦力公式为/=〃N,压力越大，滑动摩擦力越大。但静

摩擦力与压力无直接比例关系，其大小可在零到最大静摩擦力之间变化，取决于外力，故B错误。

C.降落伞下落时受的阻力与下落的速度和横截面积都有关，在速度相同时横截面越大阻力越大，C正

确；

D.力是矢量，但比较大小通常指绝对值。-5N的大小为5N,4N的大小为4N,故5N>4N。故D错误。

故选C。

3.长度、质量和时间分别用。、。和c表示，下列表达式能表示力的是()

【答案】A

【解析】

【详解】根据/=〃也可知，力的单位为kg-m/s?

A.丝的单位为巴举，与力的单位相同，故A符合题意；

c~s-

B.—；-的单位为—产一，与力的单位不符，故B不符合题意;

c"s-

〃/、m・s

C.竽的单位为丁，与力的单位不符，故c不符合题意；

bkg

D.”的单位为空型，与力的单位不符，故D不符合题意。

CS

故选A„

4.汛期河道巡查员驾驶快艇实时监测河堤安全。已知河宽为160m,快艇在静水中高挡位行驶时速度大小

为10m/s,低挡位行驶时速度大个为4nVs,河水流速恒为5nVs。水流方向与河岸平行，忽略快艇启动与

减速的时间。下列说法正确的是()

A.快艇低挡位渡河时能到达正对岸

B.快艇低挡位渡河时最小位移大小为200m

C.快艇高挡位以最短位移渡河时间为16s

D.快艇高挡位以最短时间渡河位移大小为160m

【答案】B

【解析】

【详解】A.根据题意可知，由于快艇低挡位渡河时行驶速度小于河水流速，则快艇低挡位渡河时不能到达

正对岸，故A错误：

B.由于快艇低挡位渡河时行驶速度小于河水流速，则当船速与合速度垂直时，渡河位移最小，设此时船航

行的方向与河岸夹角为则有sin9=^=0.8

炼

解得夕=53。

则快艇低挡位渡河时最小位移大小为工二一J二200m,故B正确；

sin。

C.快艇高挡位时行驶速度大于河水流速，则快艇高挡位渡河时能到达正对岸，最短位移为d=160m

此时船的合速度v="菊-攻=5>/3m/s

则快艇高挡位以最短位移渡河时间为t=-=^s=,故C错误：

v5V33

D.当船头正对河对岸时渡河时间最短，此时船的合速度为v=同+4=56m/s

d〃

渡河时间为'=-=16s

快艇高挡位以最短时间渡河位移大小为x=山=80百m，故D错误。

故选B。

5.质量为80kg的举重运动员在地面上最多能举起120kg的重物，而在竖直方向做匀变速运动的升降机中

最多能举起l（X）kg的重物，重力加速度g取lOm/s?。下列说法正确的是（）

A.升降机一定向上加速

B.升降机加速度大小-m/s2

3

C.运动员对升降机地板的压力大小为2I60N

D.重物对运动员的压力大小为1000N

【答案】C

【解析】

[AB.运动员在地面上最多能举起120kg重物，表明其最大举力（=120xl0N=1200N

在升降机中，运动员最多能举起100kg重物，说明重物处于超重状态，具有向上的加速度，则升降机可能是

加速上升或减速下降，由牛顿第二定律有Fm-m^g=m^a

解得〃=2m/s2,故AB错误；

C.根据题意，对运动员和重物整体，由牛顿第二定律有乙一（皿人+加物）g=（m人+〃场）。

解得&=2160N

由牛顿第三定律可知，运动员对升降机地板的压力大小为氏=q=2160N,故C正确；

D.由牛顿第三定律可知，重物对运动员的压力大小等于运动员对重物的举力1200N,故D错误。

故选C。

6.两质点M和N在同一水平直线上从同一点由静止开始运动，口一，图像如图。下列说法正确的是

（）

A.两质点运动方向始终相反

B.0〜6s内M和N的加速度大小之比为3:2

C.6s末两质点相距最远

D.相距最远时M和N的位移之比为3：7

【答案】D

【解析】

【详解】A.根据题意，由图可知，/=10s之后两质点运动方向相同，故A错误；

B.根据口一，图像斜率表示加速度，由图可知，。〜6s内，M的加速度大小为4=^m/s-=：；m/s

63

N的加速度大小为/=-m/s2=lm/s?

则0~6s内〃和N的加速度大小之比为2:3,故B错误；

CD.根据题意，由图可知，，=12s时，两质点的速度相等，此时两质点相距最远，质点M的位移大小为

x=—x4x10m--x2x2m=18m

22

质点N的位移大小为4=g*6x6m+gx(6+2)x6m=42m

则相距最远时M和N的位移之比为％:占=18:42=3:7,故C错误，D正确。

故选D。

7.如图所示，一足够长的斜面放在粗糙的水平面上，可视为质点的一物块沿斜面匀速下滑，从某时刻起给

物块施加一竖直向下的恒力R整个过程斜面静止不动。下列说法正确的是（）

A.施加〃前，滑块对斜面有沿斜面向上的滑动摩擦力B.施加产前，地面对斜面有水平向左的摩擦力

C.施加口后，滑块仍然匀速下滑D.施加口后，斜面对地面有水平向右的摩擦力

【答案】C

【解析】

【详解】A.施加尸前，斜面相对于滑块的运动方向沿斜面向上，所以滑块对斜面有沿斜面向下的滑动摩擦

力，故A错误；

B.施加/前，对斜面和滑块组成的整体，处于平衡状态，所以地面对斜面没有摩擦力，故B错误；

C.设滑块的质量为〃?，斜面的倾角为滑块与斜面间的动摩擦因数为4,施加“前，根据平衡条件可得

mgsin6-pmgcos8=0

可得P=tan9

施加/后，滑块沿斜面向下的力为F卜-二〃gsin夕+尸5皿夕

滑块沿斜面向上的力为尸上二〃"2gcos0+pFcos6

联立，可得少上=尸卜-

即施加产后，滑块所受合力仍为零，滑块仍然匀速下滑，故CE确；

D.施加〃后，对斜面和滑块组成的整体，处于平衡状态，所以地面对斜面没有摩擦力，故D错误。

故选Co

8.如图所示，甲、乙两个小球分别以初速度会、%从固定斜面的顶端水平抛出，分别落到斜面上的A、B

两点，不计空气阻力。下列说法正确的是（）

A.甲、乙两球运动过程中速度变化量的方向不相同B.甲、乙两球在空中运动时间之比为1:4

C.甲、乙两球接触斜面的瞬间，速度方向与斜面夹角不同D.甲、乙两球运动过程中离斜面最远距离之

比为1:4

【答案】D

【解析】

【详解】A.甲、乙两球运动过程中均做平抛运动，加速度均为重力加速度，方向都竖直向下，则两球运动

过程中速度变化量的方向均竖直向下，故A错误：

12

B.设斜面的倾角为6,由于两次均落至斜面，位移偏角相同，可得tan,===0

x32%

2vtan6

可得2n-----

g

由题意可知，甲、乙两球初速度之比为1:2,所以两球在空中运动时间之比为1:2,故B错误；

C.由于两次均落至斜面，位移偏角相同，设速度与水平方向的夹角为a,根据平抛运动的推论可得

tana=2tan。

则甲、乙两球接触斜面的瞬间，速度方向与水平方向的夹角相同，即速度方向与斜面夹角相同，故C错误；

D.落至斜面的位移为5二—二工

cos0cos0

由题意可知，甲、乙两球初速度之比为1:2,两球在空中运动时间之比为1:2,则甲、乙两球运动过程中离斜

面最远距离之比为1:4,故D正确。

故选D.

二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求。

全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

9.如图所示，重为。的均质木棒用两等长轻绳悬挂在水平天花板A、〃处，两绳与天花板间的夹角均为

e,木棒保持水平。下列说法正确的是（）

A.两绳的拉力大小均为工薪B.两绳的拉力大小均为——-

2sme

C.缓慢向左移动〃点两绳拉力减小D.缓慢向右移动8点两绳拉力减小

【答案】BC

【解析】

【详解】AB.对木棒分析可知2Tsin9=G

可得两绳的拉力大小均为7二—^大，A错误，B正确；

2sm0

CD.根据T=缓慢向左移动B点，则6变大，则两绳拉力减小；缓慢向右移动B点，则。变

2sin6>

小，两绳拉力变大，C正确，D错误。

故选BCo

10.如图所示，将小球A从地面以初速度％竖直上抛，同时将小球B从距地面力处由静止释放，两球同时

到达距地面3-处，不计空气阻力。下列说法正确的是（)

3

B.初速度%的大小为亚匹

6

21

C.A球能上升的最大高度为二

4

G1

D.两球同时到达距地面三处时A球的速度小于B球的速度

【答案】ACD

【解析】

2

2(A--«)

【洋解】A.两球同时到达距地面」处的时间为.A正确;

3，=

g

B.根据弓=卬-；处2

JL

可得初速度%的大小为％=4竽，B错误；

C.A球能上升的最大高度为4二』"=¥，C正确;

2g4

D.两球同时到达距地面?处时A球的速度vA=v0-^=&-

36

B球的速度/=/=工手，D正确。

故选ACDO

11.如图〃所示，足够长斜面固定在水平面上。质量相等的小物块甲、乙同时以相同初速度沿斜面下滑，

且甲、乙的加速度大小相等。甲和乙的位置x与时间/的关系曲线如图〃，两条曲线均为抛物线。下列说法

正确的是（）

///yyy/yyyyyyyyyyyyyyy/yyy/yyyyyy

图a

A.甲、乙初速度大小为学B.甲、乙的加速度大小为3

*0

D./=/（）时，甲的速度大小为""

C.，=/o时，乙的速度大小为0

【答案】AC

【解析】

【详解】ABC.根据x“图像可得，物块乙在做匀减速直线运动，乙的x“曲线在Eo时切线斜率为0,即

/二用时乙的速度为零，根据匀变速直线运动位移公式结合逆向思维，则％

由速度公式得%=（〃（）=故AC正确，B错误；

D.甲做匀加速运动，则f=『o时甲的速度大小为v=%+"o=手，D错误。

，0

故选AC。

12.如图所示，某学校社会实践活动中消防员和学生共同握住水枪喷水进行消防演练。水枪喷口距地面高

度Im,可在水平面内360。旋转，水流以4m/s从枪口喷出。水流可与水平面成0~90。的角喷不计空气

阻力，重:力加速度g取lOm/s?。设水流落点覆盖区域最大面积为S及所用时间为f,则（）

0144兀2C."sD."s

A.S=—B.S=-------m~

52555

【答案】BD

【解^5]

【详解】沿某一方向射出的水在空中运动时参与两个分运动，即沿初速度方向的匀速直线运动和竖直向F

的自由落体运动，设运动的时间为，，则射程满足/=（卬产一人产

整理可知/=-25/+26产一1

当小京即"与时/取得最大脸喈m?

1447r

水流落点覆盖区域最大面积为S=乃匕=――m2o

故选BDo

第n卷（非选择题共招分）

三、非选择题：本题共6小题，共60分。

13.“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置如图甲所示。

甲

（1）下列说法正确的是o

A.实验中要将木板远离滑轮的一端适当垫高以平衡摩擦力，该操作时不需要撤去槽码

B.实验中应调节滑轮高度使细线与木板平行

C.如果在小车上加装力传感器测量细线的拉力，则不需要平衡摩擦力

D.实验时可以先释放小午•后接通电源

（2）通过正确操作打出的纸带如图乙所示，A、B、C、。、E、尸为相邻计数点，两个相邻计数点的时间

间隔为。则小车的加速度。=（用4、马、刍、4、7表示）

乙

（3）在某次实验中，保持小车总质量M不变，所挂槽码的总质量为〃?，以槽码的总重力为小车所受的拉

力。通过改变槽码的个数，得到。-尸图线如图丙，OP为直线，也为曲线，则PQ段弯曲的原因是

0

p

d-----------------吓

丙

【答案】（1）B（2）、'.一『「

4T2

（3）槽码的总质最不再满足远小于小车总质量

【解析】

【小问1详解】

A.实验中要将木板远离滑轮的一端适当垫高以平衡摩擦力，该操作时需要撤去槽码，只让小车拖着纸带

在木板上匀速运动，A错误；

B.实验中应调节滑轮高度使细线与木板平行，这样才能使得细线的拉力等于小车的牵引力，B正确；

C.如果在小车上加装力传感器测量细线的拉力，仍需要平衡摩擦力，C错误；

D.实验时必须要先接通电源后释放小车，D错误。

故选B。

【小问2详解】

2

根据逐差法可知x3-5=2《尸，5-々=2a2T

可得小税@=a+；；『—%

【小问3详解】

该次实验保持小车总质量不变，当满足槽码总质量远小于小车质量这一条件时，可认为小车所受的拉力与

槽码所受的重力相等，通过改变槽码的个数改变小车所受的合力，随着槽码的个数增加，当不再满足槽码

的总质量远小于小车总质量时，小车所受的拉力与槽码所受的重力偏差过大，该图像不再是直线，而向下

弯折。

14.某学习小组完成了“探究平抛运动的特点”的实验：

甲

（1）先用图甲装置探究平抛运动竖直分运动的特点，实验中听到两小球同时落地，改变H大小，重复实

验，A、B两小球仍同时落地，该实验结果表明。

A.两小球在空中运动的时间相等

B.两小球落地时的速度大小相同

C.小球A在竖直方向的分运动与小球B的运动相同

D.小球A在水平方向的分运动是匀速直线运动

（2）再用图乙装置获得小球平抛的轨迹

①关于实验装置和操作，下列说法正确的是_________。

A.小球与斜槽之间应足够光滑

B.安装斜槽时应使其末端切线水平

C.”标纸原点应与斜槽末端（轨道口）重合

D.小球每次从斜槽上同•位置由静止释放

②如图丙所示，b、c是小球平抛轨迹在方格纸上的三个位置。已知方格纸每•小格边长为5cm,重力

加速度g取lOm/s?。则小球平抛的初速度为m/So（计算结果保留两位有效数字）

（3）某同学做实验时，从斜槽末端沿重锤线方向画出直线，并描出轨迹曲线如图丁，在曲线上取e、/两

点，用刻度尺分别量出它们到直线的水平距离=犷=%,以及ee'与万'之间的距离力，当地的重

力加速度为g,则小球平抛的初速度为

D,回一d）义

V2/7

【解析】

【小问1详解】

实验中听到两小球同时落地,则表明两小球在空中运动的时间相等，说明两球在竖直方向的运动完全相

同，即小球A在竖直方向的分运动与小球B的运动相同，故选AC。

【小问2详解】

①山A.小球与斜槽之间是否光滑对实验无影响，A错误；

B.安装斜槽时应使其末端切线水平，以保证小球做平抛运动，B正确：

C.坐标纸原点应该在小球在斜槽末端时球心的投影位置，C错误；

D.小球每次从斜槽上同一位置由静止释放，这样才能使得小球到达底端时速度相同，D正确。

故选BDo

②[2]竖直方向2/二*尸

水平方向3/=%/

解得w=1.5m/s

【小问3详解】

设。点距离抛出点的竖直高度为力则用=%后，期=%产铲

解得u=.EHZk

°V2h

故选Do

15.平直公路上，大客车以速度匕=15m/s匀速行驶，突然发现正前方％=4.5m处小汽车上以速度

%=12m/s同向匀速行驶，大客车司机*•.即刹车，做匀减速直线运动。求：

（1）若大客车加速度4=5m//,4s内大客车位移々的大小；

（2）若大客车恰好不与小汽车相撞，大客车加速度生的大小。

【答案】（1）22.5m

⑵Im/s2

【解析】

【小问1详解】

根据题意，由公式可得，刹车停止的时间为％="二3s

%

则4s内大客车位移等于刹车停止的位移为％=-^r0=22.5m

【小问2详解】

若大客车恰好不与小汽车相撞，则大客车与小汽车速度相等时恰好追上小汽车，则有V2=匕一生乙，

V.+匕

七一。=%+岭乙

联立代入数据解得％=lm/s2

16.如图所示，木块放在倾角为37。的光滑斜面上，用弹簧水平拉住处于静止状态，斜面相对地面静止，弹

簧处在弹性限度内。木块质量为10kg,弹簧劲度系数为200N/m,重力加速度g取lOm/s?，

cos37°=0.8o求：

(1)斜面对木块的弹力大小；

(2)弹簧的伸长量；

(3)剪断弹簧瞬间木块对斜面的弹力大小及木块加速度大小。

【答案】(1)125N

(2)0.375m(3)80N,6m"

【解析】

【小问1详解】

对木块受力分析可知，斜面对木块的弹力大小“二’2=125N

COS。

【小问2详解】

弹簧的弹力尸=mgtan0=75N

F75

弹簧的伸长量At=—=—m=0.375m

k200

【小问3详解】

剪断弹簧瞬间斜面对木块的弹力大小FVI=mgcos0=80N

根据牛顿第三定律可知，木块对•斜面的弹力大小=80N

木块加速度大小a='〃八⑺'=6m/s2

tn

17.如图所示，倾斜放置的固定杆上有一质量加=2kg的圆环，杆顶端A点和底端B点分别固定有挡板,

圆环可在A、8间滑动，初始位置在A点，现给圆环一个初速度％=8m/s沿杆下滑，圆环与挡板碰撞反

弹后速度大小不变。己知杆的长度L=9m,杆与水平面所成夹角〃=37。，圆环与杆间的动摩擦因数

〃=0.5,重力加速度g取lOm/s?,sin37°=0.6o求：

(1)圆环下滑时的加速度％的大小；

(2)圆环第一次反弹后距B点的最远距离占

(3)圆环从开始下滑到第一次上升到最大高度所用时间to

【答案】(1)2m/s2

(2)5m(3)2s

【解析】

【小问1详解】

I_I,«L/A.X、*imgsin。—UIT12COS0..)

圆环下滑时的加速度大小r4=------------------=2m/s-

m

【小问2详解】

圆环到达底端时的速度v,=J说十=V82+2x2x9m/s=10m/s

则反弹后速度为匕=10m/s；圆环上滑时的加速度大小g=+"〃出cos"=]0mzs2

m

*2[八2

圆环第一次反弹后距B点的最远距离x==」=——m=5m

2a22x10

【小问3详解】

v.-v.

圆环下滑的时间。=-一-0=ls

4

圆环上滑的时间八="=Is

%

圆环从开始下滑到第一次上升到最大高度所用时间/=4+G=2s

18.如图所示，倾角为由37。的斜面固定在水平面上，质量为，〃长度为L=47m的薄木板B初始锁定在斜

面上，其上表面部分粗糙部