浙江省嘉兴市八校2025-2026学年高二上学期11月期中物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE12025学年第一学期嘉兴八校联盟期中联考高二年级物理学科试题1.本卷共8页满分100分，学考学生满分80分（完成1~23题），选考学生满分100分（完成1~27题），考试时间均为90分钟；2.本卷中数值计算时g取10m/s2；3.不得使用计算器；4.答题前，在答题卷指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号并填涂相应数字。5.答案填在答题卷相应位置，填在试卷上无效。选择题部分一、选择题（本大题共18小题，每小题3分，共54分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对得3分，不选、错选或多选得0分）1.下列各组物理量都是矢量的是（）A.加速度、电场强度B.力、动能C.电势、磁通量D.电阻、电流【答案】A【解析】A．加速度和电场强度，都是既有大小又有方向的物理量，均为矢量，故A正确；B．力是既有大小又有方向的物理量，为矢量；动能是只有大小没有方向的物理量，为标量，故B错误；C．电势和磁通量，都是只有大小没有方向的物理量，均为标量，故C错误；D．电阻是只有大小没有方向的物理量，为标量；电流是既有大小又有方向的物理量，但运算法则不符合矢量运算法则，为标量。故D错误。故选A。2.对于物理知识的叙述，以下说法不正确的是（）A.伽利略通过实验证明了重的物体和轻的物体下落一样快B.电流的单位安培是国际单位制中的基本单位C.奥斯特发现了电流磁效应D.能源的利用过程中有能量耗散，所以自然界的能量在不断减少【答案】D【解析】A．伽利略通过逻辑推理和实验证明了重的物体和轻的物体下落一样快，A说法正确，不符合题意；B．国际单位制中基本单位包括米、千克、秒、安培、开尔文、摩尔、坎德拉，所以电流的单位安培是基本单位，B说法正确，不符合题意；C．奥斯特发现了电流的磁效应，即电流可以产生磁场，C说法正确，不符合题意；D．根据能量守恒定律，自然界的能量总量是守恒的，能源利用过程中的能量耗散只是能量的形式发生了变化，而不是能量总量减少，D说法不正确，符合题意。本题选不正确的，故选D。3.2024年7月27日，第33届夏季奥林匹克运动会在法国巴黎开幕。男子公路自行车个人计时赛于北京时间7月27日22:32开始比赛，该比赛的世界纪录是55.089千米用时57分04秒，下列说法正确的是（）A.“22:32”是时间间隔B.“57分04秒”是指时刻C.“55.089千米”指的是比赛的路程D.该世界纪录的平均速度为57.9km/h【答案】C【解析】A．“22:32”是比赛开始的时刻，而非时间间隔，故A错误；B．“57分04秒”是完成比赛所用的时间间隔，而非时刻，故B错误；C．公路自行车比赛的轨迹是实际运动路径，因此“55.089千米”指路程，故C正确；D．平均速度需用位移计算，题中无法计算位移及平均速度，故D错误。故选C。4.如图所示，航天员在天宫二号中进行太空授课时演示了旋转的小扳手，下列关于惯性的说法正确的是（）A.小扳手漂浮不动时没有惯性B.小扳手的惯性比航天员的惯性小C.小扳手从地面移到空间站惯性变小D.惯性是改变物体运动状态的原因【答案】B【解析】A．小扳手漂浮不动时，仍存在质量，仍有惯性，故A错误；B．由于小扳手的质量小于航天员的质量，则小扳手的惯性比航天员的惯性小，故B正确；C．小扳手从地面移到空间站，质量不变，则惯性不变，故C错误；D．惯性是保持物体运动状态的原因，而力是改变物体运动状态的原因，故D错误。故选B。5.物体甲做直线运动的x-t图像和物体乙做直线运动的v-t图像分别如图甲、乙所示，则下列关于两物体运动情况描述正确的是（）A.物体甲在0~10s的时间内做往复运动B.物体甲在0~10s的时间内速度大小为1.6m/sC.物体乙在0~10s的时间内位移为40mD.物体乙在0~10s的时间内运动方向不变【答案】B【解析】A．因x-t图像的斜率等于速度，可知物体甲在0~10s的时间内一直沿正方向运动，A错误；B．物体甲在0~10s的时间内速度大小为，B正确；C．因v-t图像与坐标轴围成的面积等于位移，可知物体乙在0~10s的时间内位移为零，C错误；D．物体乙在0~10s的时间内先沿负方向运动后沿正方向运动，运动方向发生了变化，D错误。故选B。6.如图所示，一只小鸟停在倾斜的树干上，下列说法正确的是（）A.小鸟受到的重力没有施力物体B.树干对小鸟的支持力与小鸟受到的重力方向相反C.树干对小鸟的摩擦力与小鸟对树干的摩擦力是一对平衡力D.树干对小鸟的摩擦力与小鸟对树干的摩擦力是一对相互作用力【答案】D【解析】A．小鸟受到的重力的施力物体是地球，故A错误；B．树干对小鸟的支持力的方向为垂直树干斜向右上方，小鸟受到的重力方向为竖直向下，故B错误；CD．树干对小鸟的摩擦力与小鸟对树干的摩擦力是一对相互作用力，故C错误，D正确。故选D。7.如图电路中，电源电动势，内阻r=1.0，电阻R=8.0，不计电流表的内阻。将开关S闭合，电流的大小为（）A.1.0A B.1.2A C.1.5A D.9.0A【答案】A【解析】根据闭合电路欧姆定律有A，故选A。8.钢球由静止开始做自由落体运动，不计空气阻力，落地时速度大小为，取。则下列说法正确的是（）A.钢球下落的高度是B.钢球下落的时间为C.钢球下落的平均速度是D.钢球最后下落的高度是【答案】B【解析】A．根据速度与位移的关系有解得故A错误；B．根据速度公式有解得故B正确；C．钢球下落的平均速度故C错误；D．钢球最后下落的高度是故D错误。故选B。9.如图，用50N的压力F将重20N的物体A紧紧压在墙壁上，物体以0.2m/s的速度沿墙壁匀速下滑，那么物体A与墙壁之间的摩擦力为（）A.10N B.20N C.50N D.70N【答案】B【解析】由题知，物体沿墙壁匀速下滑，根据平衡条件可得物体A与墙壁之间的摩擦力故选B。10.用安培定则分析下列现象，正确的是（）A.甲图中小磁针静止时的位置如图，则通电直导线的电流向上B.乙图中金属圆环通以逆时针方向的电流时，小磁针静止时N极垂直纸面向里C.丙图中小磁针静止时的位置如图所示，则电源左侧为正极D.丁图中，假设地磁场是由绕地轴的环形电流产生的，那么环形电流的方向如图所示【答案】D【解析】A．甲图中小磁针静止时位置如图，磁场为顺时针方向，根据安培定则可知，通电直导线的电流向下，故A错误；B．乙图中金属圆环通以逆时针电流时，根据安培定则可知，磁场垂直纸面向外，小磁针静止时N极垂直纸面向外，故B错误；C．丙图中小磁针静止时的位置如图所示，右侧为S极，左侧为N极，根据安培定则可知，则电源左侧为负极，故C错误；D．地理北极附近是地磁南极，根据安培定则可知，安培假设绕地轴的环形电流与图示相同，故D正确。故选D。11.载人飞船返回舱下降到距地面一定高度时，需要打开减速伞，使返回舱做减速运动，以保证宇航员安全着陆。关于返回舱的减速运动过程，下列说法正确的是（）A.返回舱处于失重状态，加速度向上B.返回舱处于失重状态，加速度向下C.返回舱处于超重状态，加速度向上D.返回舱处于超重状态，加速度向下【答案】C【解析】返回舱向下做减速运动时，速度与加速度方向相反，因此加速度方向向上，返回舱处于超重状态，故ABD错误，C正确。故选C。12.下列说法正确的是（）A.甲图中闭合线圈在N处的磁通量为0B.乙图中虚线区域内有磁感应强度为B匀强磁场，则线圈内磁通量为C.丙图中通电直导线附近的线圈以导线为轴转动90°磁通量变大D.丁图中线圈从M位置移动到N位置时磁通量减小【答案】D【解析】A．甲图中闭合线圈在N处时有竖直向下的磁感线穿过线圈，故磁通量不为零，故A错误；B．乙图中虚线区域内有磁感应强度为B的匀强磁场，则线圈内磁通量为，故B错误；C．丙图中，通电直导线的磁场是以导线为中心的同心圆，故在通电直导线附近的线圈以导线为轴转动90°磁通量不变，故C错误；D．丁图中，M位置的磁场更密集，N位置磁场更稀疏，线圈从M移到N，磁场减弱，即磁感应强度减小，所以磁通量减小，故D正确。故选D。13.如图所示，小华用手拉弹簧使弹簧伸长了0.1m，弹簧的劲度系数，下列说法正确的是（）A.弹簧对手产生的弹力大小为20NB.手对弹簧的拉力和弹簧对手的拉力是一对平衡力C.此时弹簧的长度为0.1mD.拉弹簧的力越大，弹簧的劲度系数也越大【答案】A【解析】A．由胡克定律得弹簧对手产生的弹力大小为，A正确；B．弹簧对手产生的弹力与手对弹簧的拉力为作用力与反作用力，B错误；C．弹簧伸长了0.1m，此时弹簧长度一定大于0.1m，C错误；D．弹簧的劲度系数k不随弹簧的形变量而改变，D错误。故选A。14.磁场中某区域的磁感线如图所示，则（）A.两处的磁感应强度方向相同B.同一闭合线圈放在a处时磁通量一定小C.a处的磁感应强度比b处小D.同一通电导线放在a处受力一定比放在b处受力小【答案】C【解析】AC．磁感线的疏密程度表示磁感应强度的大小，所以a处的磁感应强度比b处小，磁场中磁感线某点的切线方向表示磁感应强度方向，由图可知a、b两处的磁感应强度方向不同。故C正确，A错误；B．磁通量的大小不但与磁场的磁感应强度有关，还与闭合线圈与磁场夹角有关。所以不能确定磁通量在两个地方的大小关系，故B错误；D．安培力的大小不但与磁感应强度有关，还与夹角有关，所以受力大小不能确定，故D错误。故选C。15.下面各电路图中关于多用电表的使用，操作正确的是（）A.甲图是用多用电表直流电压挡测量小灯泡两端的电压，表笔接法正确B.乙图是用多用电表直流电流挡测量电路中的电流，表笔接法正确C.测电阻时，可按图丙连接方式测量D.丁图中用的是多用电表电阻挡测量二极管的反向电阻【答案】B【解析】A．测电压时，红表笔接正极，应接灯泡的左端，黑表笔接负极，接灯泡右端，所以图甲连接方式红、黑表笔接法有误，故A错误；B．测电流时，电表应该串联接入电路，且电流应从红表笔进入从黑表笔流出，故B正确；C．测量电阻时，应将待测电阻与电路断开后测量，故C错误；D．因为欧姆表的黑表笔与内部电池的正极相连，所以测量二极管反向电阻时，应将黑表笔与二极管的负极相连，故D错误。故选B。16.一块智能手机电池外壳上的部分数据如图所示，电池的容量为“”，即“2000毫安时”，这里的“毫安时”是（）A.电流的单位 B.电荷量的单位 C.能量的单位 D.电容的单位【答案】B【解析】根据q=It，可知“毫安时”是电荷量的单位。故选B。17.光伏发电是利用太阳能的技术之一，它利用太阳能电池板，将照射在太阳能电池板上的太阳能转化为电能。农村居民院落或屋顶的光伏发电装置除满足居民家庭用电，还可向电网供电获得收益。如图所示，太阳光垂直照射在太阳能电池板上，在每平方米的面积上，平均每分钟能得到的太阳能，如果我们能利用太阳能的10%，那么在面积为的屋顶上可以利用的太阳能的功率最大值约为（）A.3kW B.10kW C.60kW D.600kW【答案】B【解析】令历时为t，能够利用的太阳能根据功率的表达式有解得故选B。18.我国古建屋顶多采用如图甲所示的蝴蝶瓦方式铺设。图乙是两片底瓦和一片盖瓦的铺设示意图，三根相同且平行的椽子所在平面与水平面夹角为。图丙为截面示意图，圆弧形底瓦对称放在两根相邻的椽子正中间，盖瓦的底边恰与底瓦的凹槽中线接触。已知相邻两椽子与底瓦接触线间的距离和瓦的半径都为，盖瓦和底瓦相同，厚度不计，质量均为。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为，底瓦与盖瓦均保持静止。若仅对铺设的这三片瓦进行研究，则（）A.底瓦与每根椽子间弹力大小为B.底瓦与每根椽子间的摩擦力大小为C.适当增大两椽子间的距离，底瓦与每根椽子之间的弹力不变D.适当增大两椽子间的距离，底瓦更不容易下滑【答案】D【解析】A．由题意知，相邻两根椽子的连线和相邻两根椽子与对应底瓦圆心的连线构成一个等边三角形，设底瓦与每根椽子间弹力大小为，则三根椽子对底瓦的弹力沿垂直于三根椽子所在平面的分力之和等于三片瓦的重力垂直三根椽子所在平面向下的分力，即解得，故A错误；B．设底瓦对每根椽子的摩擦力大小为，根据受力平衡可知，底瓦对每根椽子的摩擦力的合力等于三片瓦的重力沿三根椽子所在平面向下的分力，即得，故B错误；CD．设椽子对底瓦的弹力与相邻两椽子与底瓦接触线的夹角为，则，得适当增大两椽子间的距离，则减小，则底瓦与每根椽子之间的弹力增大，底瓦与每根椽子之间的最大静摩擦力增大，底瓦更不容易下滑，故C错误，D正确。故选D。非选择题部分二、实验题（本大题共2小题，每空1分，共8分）19.打点计时器是高中物理实验中常用的实验器材，请你完成下列有关问题：（1）甲打点计时器使用的电源为_____选填“低压交流”或“低压直流”电源。（2）在“测定匀变速直线运动加速度”的实验中，接通打点计时器电源和让纸带开始运动这两个操作之间的时间顺序关系是。A.先接通电源，后让纸带运动B.先让纸带运动，再接通电源C.让纸带运动的同时接通电源D.先让纸带运动或先接通电源都可以【答案】（1）低压交流（2）A【解析】（1）甲是电磁打点计时器，根据高中物理知识，电磁打点计时器使用的电源为低压交流电源。（2）在“测定匀变速直线运动加速度”的实验中，为了能在纸带上打出足够多的点，便于后续测量和计算，操作顺序应该是先接通电源，后让纸带运动。如果先让纸带运动，再接通电源，纸带开始运动的一段就不会有打点记录，会导致实验数据缺失，影响实验结果，综合可知A选项符合题意。故选A。20.现有一合金制成的圆柱体。为测量该合金的电阻率，现用伏安法测量圆柱体两端之间的电阻，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径，用游标卡尺测量该圆柱体的长度。螺旋测微器和游标卡尺的示数如图甲和乙所示。（1）由图读得圆柱体的直径为____________mm，长度为____________cm。（2）若流经圆柱体的电流为I，圆柱体两端的电压为U，圆柱体的直径和长度分别用D、L表示，则用D、L、I、U表示的电阻率的关系式为ρ=__________。【答案】（1）1.845##1.844##1.8464.240（2）【解析】（1）[1]螺旋测微器的精确度为0.01mm，可得圆柱体的直径为[2]20分度游标卡尺的精确度为0.05mm，可得长度为（2）[3]根据电阻定律可得，电阻率的关系式为21.某同学为了测量一节干电池的电动势和内阻（内阻约为2Ω），设计了如图甲所示的电路。除电池、开关、导线外，可供使用的器材还有：A.电压表V（量程3V或15V）B.电流表A（量程0.6A或3A）C.定值电阻R0（阻值0.5Ω）D.滑动变阻器R（阻值范围0~50Ω）（1）根据所提供的实验器材，实验时电压表应选择量程___________（填“3V”或“15V”）。（2）利用实验测得的实验数据在坐标纸上绘制出U-I图像如图乙所示，则该电池组的电动势E=___________V，内电阻r=___________Ω（结果保留2位小数）。【答案】（1）3V（2）1.452.00【解析】（1）干电池的电动势大约为1.5V，实验时电压表应选择3V量程。（2）[1][2]根据闭合电路欧姆定律有根据图像可知，解得三、计算题（第21题4分，第22题7分，第23题7分，共18分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题目，答案中必须明确写出数值和单位。）22.如图所示，用F=10.0N的水平拉力，使质量m=5.0kg的物体由静止开始沿光滑水平面做匀加速直线运动。求：（1）物体运动的加速度大小a；（2）物体在前3.0s内的位移大小x。【答案】（1）；（2）【解析】（1）根据牛顿第二定律（2）前3.0s内物体位移的大小23.如图所示，电源的电动势E=12V，内阻r=1Ω，定值电阻R=5Ω，M为直流电动机，其线圈的电阻rM=1Ω，电动机正常工作时，理想电压表示数U=9V。求：（1）回路中的电流I；（2）电动机的电功率；（3）电动机的机械功率。【答案】（1）（2）4.5W（3）4.25W【解析】（1）根据闭合电路欧姆定律有代入数据解得回路中的电流为（2）电动机消耗的电功率代入数据解得（3）电动机的发热功率为代入数据解得电动机的机械功率24.如图甲所示，光滑平台右侧与一长为的水平木板相接，木板固定在地面上，现有一小滑块以初速度滑上木板，恰好滑到木板右端停止，现让木板右端抬高，如图乙所示，使木板与水平地面的夹角，让滑块以相同的初速度滑上木板，不计滑块滑上木板时的能量损失，，，．求：（1）滑块与木板之间的动摩擦因数μ；（2）滑块从滑上倾斜木板到滑回木板底端所用的时间t。【答案】（1）；（2）【解析】（1）根据题意，设滑块质量为m，木板水平时滑块加速度为a，则对滑块由牛顿第二定律有滑块恰好到木板右端停止，由运动学公式有联立解得（2）当木板倾斜，设滑块上滑时的加速度为，最大距离为，上滑的时间为，由牛顿第二定律有由运动学公式有，联立解得，设滑块下滑时的加速度为a2，下滑的时间为t2，由牛顿第二定律有由运动学公式有联立解得滑块从滑上倾斜木板到滑回木板底端所用的时间为以下是选考部分试题，请选考物理的同学继续作答25.如图所示的四幅图中，导体棒的长度均为L，磁场的磁感应强度大小均为B，在各导体棒中通有相同的电流I。则下列选项正确的是（）A.图甲中导体棒所受的安培力大小为BIL，方向水平向左B.图乙中导体棒所受的安培力大小为BIL，方向竖直向下C.图丙中导体棒所受的安培力大小为BIL，方向竖直向上D.图丁中导体棒所受的安培力大小为BIL，方向水平向右【答案】B【解析】A．题图甲中，因电流方向与磁场平行，所以安培力为零，故A错误；B．题图乙中，导体棒与磁场垂直，则安培力的大小为BIL，根据左手定则可知，方向竖直向下，故B正确；C．题图丙中，导体棒与磁场垂直，则安培力的大小为BIL，方向垂直导体斜左上方，故C错误；D．题图丁中，导体棒与磁场成60°角，则安培力的大小为，方向垂直纸面向外，故D错误。故选B。26.质谱仪是发现新粒子及分析同位素的重要仪器。如图为质谱仪的原理示意图，带电粒子经电场加速后再沿直线通过速度选择器，最后进入到偏转磁场并打在A点。不计带电粒子重力，关于该带电粒子在质谱仪中的运动，下列说法正确的是（）A.该带电粒子有可能带负电B.速度选择器中的磁场B的方向垂直纸面向里C.仅增大偏转磁场的磁感应强度B0，带电粒子会打到A点左边D.若增大加速电压U，要让带电粒子沿直线通过速度选择器，可减小磁感应强度B的大小【答案】D【解析】A．根据带电粒子在电场中的加速及磁场中的偏转，可知粒子带正电，故A错误；B．速度选择器中满足C．根据洛伦兹力提供向心力可得可知增大B0，R变小，粒子打到A的右边，故C错误；D．增大加速电压会使v增大，速度选择器中要满足，故减小磁感应强度B可行，故D正确。故选D。27.如图为磁流体发电机的示意图，两正对平行极板P、Q的间距为d，两板的面积均为S，内部充满方向与板平行、磁感应强度大小为B的匀强磁场，直流电动机M的内阻为R。现让