江苏省淮安市2025-2026学年高三上学期调研测试物理试卷（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1江苏省淮安市2025-2026学年高三上学期调研测试物理试题（满分100分，考试时间75分钟）一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。每小题只有一个选项符合题意1.屈原在《楚辞·天问》中写道：“日月安属？列星安陈？出自汤谷，次于蒙汜。自明及晦，所行几里？”，则屈原观察宇宙运行规律的参考系是（）A.太阳 B.地球 C.月亮 D.星辰【答案】B【解析】诗句中“自明及晦”描述太阳从升到落的过程，屈原作为地球上的观察者，以自身所处的地球为静止参照物，观察到日月星辰的视运动。A．若以太阳为参考系，地球会呈现绕日运动，与古人直观观察不符，故A错误；B．地球是屈原所处的位置，日月星辰的东升西落均以地球为参考系描述，故B正确；C．若以月亮为参考系，地球、太阳、星辰都在运动，这与“日月安属？列星安陈？”所描述的运动情景不符，故C错误；D．若以某一星辰（如北极星）为参考系，其他星辰相对静止或做圆周运动，太阳和月亮也在运动，与题意不符，故D错误。故选B。2.汽车在高速公路上以30m/s的速度匀速行驶，制动后做匀减速直线运动，经4s停止，则汽车的制动距离为（）A.20m B.40m C.60m D.80m【答案】C【解析】匀变速直线运动的平均速度为制动距离为，故选C。3.如图所示为一列水波在深度不同的水域传播时发生的折射现象，与折射前相比，折射后波的（）A.波速变大 B.波速变小 C.频率变小 D.频率变大【答案】B【解析】CD．波的频率由波源决定，与介质无关，所以折射后频率不变，故CD错误；AB．由图可知水波在折射前传播时波长较长，折射后波长变短，根据可知，折射后波速变小，故A错误，B正确。故选B。4.摆长为1m的单摆以小角度摆动，摆球某次经平衡位置开始计时，时摆球的（重力加速度g取）（）A.位移最小 B.速率最大 C.回复力最大 D.重力势能最小【答案】C【解析】单摆周期公式为，代入、，得角速度摆球从平衡位置开始计时，位移方程为当时此时摆球处于最大位移处（振幅位置）。A．此时位移最大，故A错误；B．此时速率为零（最高点瞬时静止），故B错误；C．根据回复力可知，此时位移最大时回复力最大，故C正确；D．重力势能与高度成正比，最高点重力势能最大，故D错误。故选C。5.如图所示，水和桶的总重力大小为G。若两人用同样大小的力F共提一桶水，两人手臂间的夹角为，下列说法中正确的是（）A.当时， B.当时，C.越小，越省力 D.越大，越省力【答案】C【解析】AB．对水和桶，在竖直方向，根据平衡条件则可得当时，即当时，当时，，故AB错误；CD．根据可得当θ越小时，则F越小，即越省力，故C正确，D错误。故选C。6.2025年10月17日，我国成功发射千帆极轨18组卫星，标志着我国低轨卫星互联网建设取得重要进展。该卫星组在近地圆轨道上运行，其中某颗卫星与同质量的地球同步卫星相比（）A.周期较小 B.动能较小 C.加速度较小 D.运行速率较小【答案】A【解析】A．根据万有引力提供向心力可得，解得又因为该卫星与同质量的地球同步卫星相比运行半径较小，所以周期较小，故A正确；D．根据万有引力提供向心力可得，解得B．由D分析可知，该卫星与同质量的地球同步卫星相比运行速率较大，根据可知，该卫星与同质量的地球同步卫星相比动能较大，故B错误；C．根据牛顿第二定律解得又因为该卫星与同质量的地球同步卫星相比运行半径较小，所以加速度较大，故C错误。故选A。7.2025年8月2日，在“苏超”比赛中，淮安队门将李世恩将足球从地面上A点踢到C点，足球在空中达到的最高点为B，如图所示，则球在空中（）A.运动时间 B.运动过程中机械能守恒C.运动过程中始终处于超重状态 D.运动至B点时，所受重力的功率为零【答案】D【解析】AC．画出三点的受力分析图，如图所示则球在三点的竖直方向的加速度均竖直向下，为失重，且根据可定性分析得出，故AC错误；B．球在空中运动过程中，除了重力做功外，还有阻力做负功，所以球在空中运动过程中机械能减小，故B错误；D．球空中运动至B点时，速度方向沿水平方向，竖直分速度为零，根据可知，所受重力的功率为零，故D正确。故选D。8.如图所示，木块A、B通过一轻质弹簧连接，置于光滑水平面上，水平向左的力F作用在B上，使弹簧处于压缩状态，且A与左侧竖直挡板紧压，整个装置处于静止状态。从同时撤去力F和挡板的瞬间起，至弹簧第一次恢复到原长的过程中（）A.A的加速度一直增大 B.B的动能先增大后减小C.弹簧的弹性势能逐渐增大 D.弹簧对A、B的冲量大小相等【答案】D【解析】A．由题意可知，对A根据牛顿第二定律可得弹簧第一次恢复到原长的过程中弹簧弹力逐渐减小，则A的加速度一直减小，故A错误；B．弹簧第一次恢复到原长的过程中对B的弹力始终向右，对B始终做正功，B的动能一直增大，故B错误；C．弹簧第一次恢复到原长的过程中，弹簧的形变量减小，则弹簧的弹性势能减小，故C错误；D．弹簧对A和对B的弹力大小相等，方向相反，且时间相等，根据可知，弹簧对A、B的冲量大小相等，方向相反，故D正确。故选D。9.木块静止在光滑水平面上，子弹以一定的速度射入木块（如上图所示），子弹与木块获得共同速度的瞬间（如下图所示）。关于上述过程的示意图，可能正确的是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】水平面光滑，子弹和木块组成的系统动量守恒。子弹射入木块过程中，子弹做减速运动，木块做加速运动，直到两者共速。在达到共速前任意时刻，子弹的速度都大于木块的速度。设子弹初速度为，质量为，木块初速度为0，质量为，两者获得的共同速度，两者之间的摩擦力为，木块位移为，子弹相对于木块的位移为，由动量守恒定律可得根据动能定理可得木块的动能为系统产生的内能为，可知所以，只有A选项符合。故选A。10.如图所示，单摆P在平衡位置与光滑水平面上的弹簧振子Q恰好接触且无相互作用，P与Q的振动周期相同。现将摆球P向左拉开一很小角度由静止释放，P与Q的碰撞均为弹性正碰（已知弹簧的弹性势能，物体做简谐运动的振动能量、周期）。下列说法中正确的是（）A.若P的质量比Q的小，第二次碰撞仍发生在图示位置B.若P的质量比Q的大，第二次碰撞发生在图示位置左侧C.若P、Q的质量相等，弹簧的最大压缩量小于单摆的振幅D.若P、Q的质量相等，整个装置的振动周期大于单摆的周期【答案】A【解析】CD．对单摆P，设与Q碰前的速度为，释放时摆线与竖直方向的夹角为，可知P与Q的碰撞均为弹性正碰，可知二者速度发生交换，二者振动能量相同，有根据又单摆的振幅，周期为可得又，P、Q的质量相等，可得可得，二者振幅相等，即弹簧的最大压缩量等于单摆的振幅。对整个装置，分析其振动一个周期，可知单摆振动了，弹簧振子振动了，可知整个装置的振动周期等于单摆的周期，故CD错误；AB．若P的质量比Q的小，P与Q的碰撞均为弹性正碰，可知碰后P向左，但是单摆振动周期与速度无关，可知经过单摆P回到碰撞位置，弹簧振子也回到碰撞位置，可知第二次碰撞仍发生在图示位置；若P的质量比Q的大，同理可得，故A正确，B错误；故选A。二、非选择题：共5题，共60分。其中第13题~第15题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。11.某实验小组观看“天宫课堂”时，关注到航天员桂海潮演示的动量守恒定律验证实验（如图甲所示），发现两球碰撞瞬间难以实现对心正碰，导致碰后的速度都不与原来的速度在同一条直线上。受此实验现象启发，该实验小组针对这种情境，提出了另一种测量方案：实验仍在处于完全失重的空间站中进行，将背景板中的方格改为以O为圆心、R为半径的圆弧，P、Q连线为该圆的一条直径。小钢球A（可视为质点）悬浮于圆心O处，用相同的小钢球B，从圆弧上的P点推出后撞向A，记录碰撞前B的运动时间为，碰撞后A运动至M点的时间为、B运动至N点的时间为，测得连线OM、ON与OQ间的夹角分别为、。请用题目中所给物理量的符号回答下列问题：（1）A、B两球碰后的速度大小分别为______、______；（2）写出验证两球组成的系统在PQ方向上动量守恒应满足的表达式______，系统在碰撞前、后动能守恒应满足的表达式______；（3）该小组认为在已验证系统动量守恒的基础上，还需和互余，才可验证系统动能守恒，该说法是否正确？______（选填“正确”或“不正确”），简要说明理由______。【答案】（1）；（2）；（3）正确；由和互余，则可得碰后两球速度平方和等于碰前B速度的平方，可验证系统碰撞前后的动能守恒【解析】【小问1】由题意可知，A、B两球碰后不再受力，作匀速直线运动，则速度大小分别为，【小问2】设两球的质量均为，若两球组成的系统在PQ方向上动量守恒，则其中可得系统在碰撞前、后动能守恒应满足可得【小问3】若和互余，则可得碰后两球速度的平方和等于碰前B速度的平方，根据，即可验证系统碰撞前后的动能守恒，则该说法正确。12.一列简谐横波沿x轴方向传播，时的波形如图甲所示，处的质点P的振动图像如图乙所示，求：（1）该波波速ν的大小及方向；（2）质点P在0~3s内通过的路程s。【答案】（1），该波沿轴负方向传播（2）【解析】【小问1】由图甲可知波长为，由图乙可知周期为，则波速为由图乙可知时质点P向下振动，根据波形平移法可知，该波沿轴负方向传播。【小问2】根据可知质点P在0~3s内通过的路程为13.如图所示，摩天轮悬挂的座舱（可视为质点）在竖直平面内做匀速圆周运动。座舱的质量均为m，运动半径为R，角速度大小为，重力加速度为g，求（1）座舱A线速度ν的大小；（2）座舱A运动一周的过程中，摩天轮对它冲量I的大小。【答案】（1）（2）【解析】【小问1】座舱在竖直平面内做匀速圆周运动，则座舱A线速度ν的大小小问2】座舱A运动一周的时间运动一周回到原点，速度不变，以向上为正方向，根据动量定理有解得14.如图所示，套在粗糙细直杆上的小球A，随杆一起以角速度绕竖直轴匀速转动，且相对于杆静止。已知球A的质量为m，到O点距离为L，转动过程中杆与间的夹角为，重力加速度为g。（1）求小球A加速度a的大小；（2）求小球A所受杆的弹力、摩擦力的大小；（3）若，A与杆间的动摩擦因数，A与杆间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，，求题干中角速度的取值范围。【答案】（1）（2），（3）【解析】【小问1】根据题意可知，小球做圆周运动的半径由向心加速度公式有【小问2】对小球受力分析，小球受到重力，杆的弹力、摩擦力，则有水平方向：竖直方向：联立解得【小问3】小球随杆一起做匀速圆周运动，有沿杆向上滑动趋势或者向下滑动趋势两种临界情况。小球有向上滑动趋势时，沿杆方向有垂直杆的方向有代入数据解得小球有向下滑动趋势时，沿杆方向有垂直杆的方向有代入数据解得所以角速度的取值范围15.如图所示为足够长的水平传送带的俯视图，其运行速度为v，A、B是该传送带其中一侧的两个端点，货物（可视为质点，图中未标出）从A点以速度ν滑上传送带，速度方向与传送带左侧间夹角，货物恰好未从右侧边滑落。已知货物的质量为m，与传送带间的动摩擦因数为，重力加速度为g，，求：（1）货物刚滑上传送带时加速度a的大小；（2）货物与传送带间因摩擦而产生的热量Q；（3）传送带的宽度L以及货物运动过程中的最小速度。【答案】（1）（2）（3），【解析】【小问1】货物刚滑上传送带时，速度大小与传送带速度大小相等，但方向不一致，所以两者之间有相对运动。对货物做受力分析：在竖直方向上在水平方向上，根据牛顿第二定律得又根据滑动摩擦力计算公式得，联立得【小问2】以传送带为参考系，货物受到摩擦力方向与相对传送带运动的速度方向相反，货物相