2026年广州市中考物理模拟卷（二）（含解析）

第第页2026年广州市中考物理模拟卷（二）参考答案与试题解析一．选择题（共10小题）题号12345678910答案BABDACDADD一．选择题（共10小题）1．古人云：“不积跬步，无以至千里”。其中单脚迈出一次为“跬”，双脚相继迈出为“步”，由此可知，一名普通中学生正常行走时，一“步”的距离最接近（）A．1cm B．1m C．1dm D．10m【答案】B【分析】根据生活经验和对长度单位的认识进行分析。【解答】解：根据题意，单脚迈出一次为“跬”，双脚相继迈出为“步”，即一“步”等于两次单脚迈出的总距离。普通中学生正常行走时，单脚迈出一次的距离约为50cm，因此一“步”的距离约为50cm×2＝100cm＝1m，故B符合题意。故选：B。2．小明在讲台上用敲击锤先后两次以不同力度敲击同一个音叉，座位上的小芳听到这两次声音的（）A．响度不相同 B．音调不相同 C．音色不相同 D．响度、音调和音色都不相同【答案】A【分析】声音的高低叫音调，与发声体的振动频率有关；声音的大小叫响度，与发声体的振动幅度和距离发声体远近有关；声音的特点和品质叫音色，与发声体的材料和结构有关。【解答】解：用敲击锤先后两次以不同力度敲击同一个音叉，音叉的振动频率不会改变，发出声音的音调不变；音叉的振动幅度会不同，因此发出声音的响度不相同；音叉的材料和结构没有改变，因此发出声音的音色不变，故座位上的小芳听到这两次声音的响度不相同。故选：A。3．在如图所示的装置中，两端开口的U形管内注入一定量的水，保持C点位置不变，将A管向右倾斜，待稳定后，下列说法正确的是（）A．A管中的水面低于B管中的水面 B．U形管底C点的压强将变小 C．U形管底部所受压力不变 D．B管中的水柱长度不变【答案】B【分析】静止在连通器中的同一种液体，各部分直接与大气接触的液面总在同一水平面上。【解答】解：AD、A、B两管的上部开口、下端连通，属于连通器，将A管向右倾斜后，当水不流动时，两管中的液面仍然相平，只是由于B管倾斜，其水柱的长度会变长，故AD错误；BC、当将A管向右倾斜待稳定后，U形管中水的竖直高度减小（即深度减小），由p＝ρ液gh可知，U形管底C点的压强将变小，故B正确、C错误。故选：B。4．2026年2月，中国体育代表团在第25届米兰冬奥会上取得了境外参赛最佳成绩，雪上项目全面突破。如图所示，跳台滑雪运动中，运动员从助滑开始，直到下落至着陆坡的运动过程中经过了各个不同的位置。下列说法正确的是（）A．AB段，运动员减小的重力势能全部转化为动能 B．BC段，运动员的重力势能转化为动能 C．运动员腾空至最高点C时动能为零 D．从A点到D点，运动员的机械能逐渐减小【答案】D【分析】（1）机械能包括动能和势能；（2）动能与重力势能之间可以相互转换。【解答】解：A、运动员在AB段下滑过程中，一部分重力势能会转化为其他形式的能，故A错误；B、运动员在BC段上升过程中质量不变，速度减小，高度增加，是动能转化为重力势能，故B错误；C、运动员在最高点C时，仍具有水平向前的速度，因此动能不为零，故C错误；D、从A点到D点的整个过程中，运动员始终需要克服摩擦和空气阻力做功，部分机械能会转化成内能，因此机械能逐渐减小，故D正确。故选：D。5．如图所示，一只白鹭在平静的水面上飞翔，寻找水中的小鱼。若水深1m，白鹭此时距离水面3m。下列分析正确的是（）A．水中的“白鹭”是虚像 B．白鹭的像与白鹭间相距4m C．白鹭看到水中的“鱼”比实际位置深 D．白鹭飞离水面的过程中，水中的像会变大【答案】A【分析】平面镜成像的原理是光的反射；平面镜成像的特点是：①所成的像是虚像；②像和物体形状、大小相同；③像和物体各对应点的连线与平面镜垂直；④像和物体各对应点到平面镜间距离相等。【解答】解：A．水中的“白鹭”是白鹭的倒影，属于平面镜成像，是光的反射形成的虚像，故A正确；B．平面镜成像时，像到镜面的距离等于物体到镜面的距离。白鹭距离水面3m，因此像距离水面也为3m，则白鹭与像的距离为6m，故B错误；C．水中鱼反射的光从水斜射入空气时发生折射，折射角大于入射角，折射光线向水面偏折，白鹭逆着折射光线看到的是鱼的虚像，虚像位置比实际位置更浅，故C错误；D．平面镜成像中像与物体大小始终相等，白鹭飞离水面时，自身大小不变，因此水中像的大小也不变，故D错误。故选：A。6．在探究凸透镜成像规律实验中，当蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示时，光屏上恰能承接到烛焰清晰的像。下列判断正确的是（）A．实验用凸透镜的焦距为15.0cm B．光屏上的像是烛焰放大的实像 C．照相机就是根据这一原理工作的 D．当将蜡烛移至35cm、光屏移至80cm处时，会得到一个清晰的烛焰的缩小的实像【答案】C【分析】（1）u＞v，且成实像，说明u＝30.0cm＞2f，2f＞v＝15.0cm＞f，由此可得焦距的范围；（2）凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，应用于照相机；（3）在光的折射中，光路是可逆的；凸透镜成实像时，物距小于像距，成倒立、放大的实像。【解答】解：A、由图可知，此时u＞v，且成实像，说明u＝30.0cm＞2f，2f＞v＝15.0cm＞f，即15.0cm＞f＞7.5cm，因此实验用凸透镜的焦距不可能为15.0cm，故A错误；BC、由图可知，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，应用于照相机，故B错误，C正确；D、当将蜡烛移至35cm、光屏移至80cm处时，物距等于原来的像距，像距等于原来的物距，根据光路的可逆性可知，光屏上会成清晰的实像；此时物距小于像距，根据凸透镜成实像时，物距小于像距，成倒立、放大的实像，故D错误。故选：C。7．如图所示，水平桌面上两相同电子秤，上面分别放有相同的圆柱形容器，容器中装有甲、乙两种不同的液体，将体积相同的A、B两个小球分别放入液体中静止时，A球沉底、B球漂浮，此时液体深度h甲＜h乙，液体对容器底部压强相等。下列说法正确的是（）A．两个电子秤的示数相同 B．甲液体密度小于乙液体密度 C．A小球受到的浮力小于B小球所受的浮力 D．将A、B两个小球取出后（忽略带出的液体），左侧电子秤示数变化较大【答案】D【分析】（1）根据液体对容器底部压强相等，因为容器完全相同，故两个容器底部所受压力相等。结合浮沉条件分析小球的压力，结合固体可以传递压力分析；（2）根据液体压强公式p＝ρgh得出密度公式大小关系，结合阿基米德原理分析浮力；（3）根据球的密度和体积分析质量，得出取出时的变化。【解答】解：A、此时液体对容器底部压强相等，因为容器完全相同，故两个容器底部所受压力相等。但由于A球沉底，重力大于浮力，故A会对容器底部有一个压力，固体可以传递压力，这样装甲液体的容器对电子秤的压力将大于装乙液体的容器对电子秤的压力，故A错误。BC、先分析目前的状态：两杯中液体高度h甲＜h乙，压强相等，根据液体压强公式p＝ρgh得出：ρ甲＞ρ乙，A球在甲液体中沉底，B球在乙液体中漂浮，故两个球排开液体体积关系V甲＞V乙，且ρ甲＞ρ乙，则根据浮力大小F浮＝ρ液gV排得到A球所受浮力大于B球，故BC错误。D、根据上面分析，A球浮力大于B球，而A球所受重力又大于浮力，B球所受重力等于浮力，因此两球质量关系mA＞mB，故将两球取出后，左侧电子秤示数变化大，因此D选项正确。故选：D。8．小明在家开展跨学科实践活动“探索厨房中的物态变化问题”时，记录了一些现象，其中解释正确的是（）A．甲图：冻豆腐内部有许多小孔，是豆腐中的水先凝固成冰，再熔化成水形成的 B．乙图：水在沸腾后，继续加大火力可以让饺子升到更高温度 C．丙图：利用湿布裹容器制作简易保鲜装置，是利用水蒸发放热降低温度来保存食物 D．丁图：热气腾腾的饭菜上方，锅盖内壁附着大量小水珠，是水先升华后液化形成的【答案】A【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；吸收热量的物态变化过程有：熔化、汽化和升华；放出热量的物体变化过程有：凝固、液化和凝华。【解答】解：A．豆腐放到冰箱里，豆腐里的水先遇冷先凝固成冰，从冰箱取出后，冰熔化成水，从而使豆腐形成的小孔，故A正确；B．水在沸腾后，吸收热量，温度不变，为节约能源，可用小火继续煮沸，故B错误；C．自制简易冰箱是通过水的蒸发吸热来保持食物处于低温环境，故C错误；D．煮好菜后发现锅盖内侧有很多水珠，是水吸热汽化为水蒸气，高温的水蒸气遇冷发生液化形成的小水滴，故D错误。故选：A。9．关于电和磁现象，下列说法正确的是（）A．图甲：导线棒选用铁棒，实验现象更明显 B．图乙：导线东西方向放置，实验现象更明显 C．图丙：将滑动变阻器的滑片向右滑，能吸引更多的大头针 D．图丁：同时改变磁场方向和切割磁感线运动的方向，灵敏电流计指针偏转方向不变【答案】D【分析】题目给出了四个有关电和磁的实验，首先要弄清各实验所揭示的原理，再结合题设要求来进行选择。【解答】解：A、导体不能用铁棒，铁棒被磁铁磁化，会被磁体牢牢吸住无法自由运动，必须用铜棒、铝棒等非磁性金属，故A错误。B、地磁场让小磁针天然南北指向，导线必须南北摆放，通电导线磁场和地磁场垂直，小磁针偏转明显；东西放置时电流磁场与地磁场重合，磁针几乎不偏转，故B错误。C、滑片向右滑动→滑动变阻器接入电阻变大→电路电流变小→电磁铁磁性变弱，吸引大头针变少，故C错误。D、感应电流方向由磁场方向、导体切割运动方向两个因素决定：只改其中一个，电流反向；两个方向同时改变，感应电流方向不变，电流表指针偏转方向不变，故D正确。故选：D。10．如图甲所示，电源电压恒定，R1是定值电阻，R2是最大值为20Ω的滑动变阻器，灯泡L的额定电压为6V，其I﹣U图像如图乙所示。闭合开关S后，将R2的滑片P由最右端向左移动，直至灯泡正常发光，此过程中，两电压表V1、V2（电压表V2未画出）示数分别对应的U1、U2图像如图丙所示，下列说法正确的是（）A．电源电压为18V B．定值电阻R1的阻值是5Ω C．当滑动变阻器的滑片处于最右端时，定值电阻与灯泡的功率之比为2：3 D．当灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路阻值为3Ω【答案】D【分析】由电路图可知，闭合开关S后，定值电阻R1与灯泡L、变阻器R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，电压表V2未画出。（1）将R2的滑片P由最右端向左移动，直至灯泡正常发光的过程中，变阻器R2接入电路中的电阻变小，根据串联电路的分压特点可知R2两端分得的电压变化，利用串联电路的电压特点可知灯泡L和R1两端的电压变化，根据图丙读出两电压表的示数关系，从而得出电压表V2并联的位置；当灯泡正常发光时，灯泡两端的电压和额定电压相等，此时两电压表的示数最大，根据图乙读出此时电路中的电流，根据图丙读出两电压表的示数，利用欧姆定律求出定值电阻R1的阻值；当R2的滑片P位于最右端时，两电压表的示数最小，根据图丙读出两电压表的示数，利用串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，根据欧姆定律求出此时滑动变阻器两端的电压，利用串联电路的电压特点求出电源的电压；（2）当滑动变阻器的滑片处于最右端时，利用串联电路的电压特点求出此时灯泡两端的电压，利用串联电路的电流特点和P＝UI求出定值电阻与灯泡的功率之比；（3）当灯泡正常发光时，利用串联电路的电压特点求出此时滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路阻值。【解答】解：由电路图可知，闭合开关S后，定值电阻R1与灯泡L、变阻器R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，电压表V2未画出。AB．将R2的滑片P由最右端向左移动，直至灯泡正常发光的过程中，变阻器R2接入电路中的电阻变小，由串联电路的电压特点可知，R2两端分得的电压变小，由串联电路的电压特点可知，灯泡L和R1两端的电压均变大，由图丙可知，电压表V1的示数变大时，电压表V2的示数变大，且两电压表的示数不相等，所以，电压表V2并联在灯泡L和R1两端测两者电压之和，当灯泡正常发光时，灯泡两端的电压UL＝6V，此时两电压表的示数最大，由图乙可知，此时电路中的电流I＝IL＝1A，由图丙可知，电压表V1的示数U1＝6V，电压表V2的示数UL1＝12V，由I=UR可知，定值电阻R1的阻值：R1=U当R2的滑片P位于最右端时，两电压表的示数最小，由图丙可知，电压表V1的示数U1′＝3V，电压表V2的示数UL1′＝5V，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流：I′=U此时滑动变阻器两端的电压：U2′＝I′R2大＝0.5A×20Ω＝10V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U＝UL1′+U2′＝5V+10V＝15V，故A错误；C．当滑动变阻器的滑片处于最右端时，电压表V1的示数U1′＝3V，电压表V2的示数UL1′＝5V，此时灯泡两端的电压：UL′＝UL1′﹣U1′＝5V﹣3V＝2V，定值电阻与灯泡的功率之比：P1D．当灯泡正常发光时，电压表V1的示数U1＝6V，电压表V2的示数UL1＝12V，此时电路中的电流I＝IL＝1A，此时滑动变阻器两端的电压：U2＝U﹣UL1＝15V﹣12V＝3V，滑动变阻器接入电路阻值：R2=U2I故选：D。二．非选择题，本题共8小题，共60分，请按题目要求作答11．烫面油香是宁夏的传统美食，油香外焦里嫩、绵软筋道，出锅时香味扑鼻是扩散现象；制作时，需要将面团揉、压、拉、拽，使其延展成面饼，面团被拉长而不断裂，是因为分子间存在相互作用的引力（选填“引力”或“斥力”）；上锅油炸的过程是用热传递方式改变了内能。【答案】扩散；引力；热传递。【分析】（1）不同物质互相接触时，分子彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明一切物质的分子都在不停地做无规则运动；（2）分子间存在相互作用的引力和斥力；（3）改变物体内能的两种方式：做功和热传递。【解答】解：（1）香味分子在空气中不停地做无规则运动，扩散到周围空气中被人感知到，该现象为扩散现象。（2）分子之间同时存在引力与斥力，当面团被拉长时，分子间距离变大，此时分子间的引力起主导作用，将分子“拉”在一起，使面团不会轻易断裂，因此此处是分子间的引力。（3）上锅油炸时，高温的油将热量传递给面团，使面团的内能改变，这是通过热传递的方式改变物体内能。故答案为：扩散；引力；热传递。12．东汉学者王充在《论衡•乱龙》中记载：“顿牟掇芥，磁石引针。”这句话的意思是摩擦过的琥珀可以像磁铁吸引细针一样，吸引芥菜籽。（1）松香埋在地下千万年石化形成琥珀，如图所示是一颗珍贵的昆虫琥珀，我们看到琥珀里的昆虫，是由于光发生折射而产生的虚像。（2）摩擦过的琥珀吸引芥菜籽属于电（选填“电”或“磁”）现象；若摩擦过的琥珀与丝绸摩擦过的玻璃棒相互吸引，则可推断摩擦过的琥珀带负电。（3）琥珀在摩擦过程中，会散发出淡淡的松香味儿，这是扩散现象。【答案】（1）折射；（2）电；负；（3）扩散。【分析】（1）光从一种透明介质斜射入另一种透明介质时，传播方向发生改变的现象叫做光的折射；（2）不同的物质原子核束缚核外电子的本领有强有弱，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，因多余电子带负电，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，因缺少电子带正电；（3）不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象。【解答】解：（1）昆虫反射的光从透明琥珀斜射入空气时，经过两种不同介质会发生光的折射，人眼逆着折射光线看到的是昆虫的虚像。（2）摩擦过的琥珀带电，能够吸引轻小物体芥菜籽，属于电现象。根据“异种电荷相互吸引”，可推断琥珀带负电。（3）能闻到松香味，是松香分子不停地做无规则运动，扩散到空气中，属于扩散现象。故答案为：（1）折射；（2）电；负；（3）扩散。13．如图甲所示的某品牌插秧机使用北斗导航，农民只需在作业前进行相关设定，即可实现24小时无人值守自动作业。（1）插秧机轮胎上的花纹是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦的；该插秧机上所用的蓄电池充电时，蓄电池相当于电路中的用电器；北斗导航卫星是通过电磁波向插秧机发送位置信息的。（2）该插秧机使用了四冲程汽油机，图乙中汽油机处于压缩冲程。从可接续发展角度看，汽油属于不可再生能源。（3）初春傍晚，在秧田里灌水可防止秧苗冻坏，这是利用了水的比热容较大的特性。【答案】（1）增大；用电器；电磁波；（2）压缩；不可再生；（3）比热容。【分析】（1）摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度。对蓄电池充电时，蓄电池相当于电路中的用电器。电磁波可以在真空中传播，适合卫星通信。（2）从进气门和排气门，以及活塞运行情况判断是什么冲程。可再生能源的定义：可以在自然界中源源不断地得到补充的能源，如太阳能、风能、水能等；不可再生能源是在短期内无法从自然界得到补充的能源，如化石燃料、核能等。（3）水的比热容较大，和其它物质相比，在吸收和放出一定的热量时，水的温度变化较慢。【解答】解：（1）插秧机轮胎上的花纹，是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦的。给该插秧机上所用的蓄电池充电时，蓄电池消耗电能，相当于电路中的用电器。电磁波可以传递信息，且电磁波的传播不需要介质，故北斗导航卫星是通过电磁波向插秧机发送位置信息的。（2）图乙中，汽油机的进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，因此汽油机处于压缩冲程。从可再生发展的角度看，汽油短时间内无法从自然界得到补充，属于不可再生能源。（3）水的比热容大，在放出相同热量时，温度降低得慢，能起到保温作用，初春傍晚，在秧田里灌水可防止秧苗冻坏，这是利用了水的比热容较大的特性。故答案为：（1）增大；用电器；电磁波；（2）压缩；不可再生；（3）比热容。14．（1）请根据图1中小磁针静止时的指向，分别标出通电螺线管左端的极性（“N”或“S”）和电源左端的极性（“+”或“﹣”）。（2）小文想设计一种自动测定油箱内油面高度的油量表，如图所示，金属滑杆与电阻R接触良好，要求：当油箱油面下降时，油量表的示数将变小，且油箱中的油用完时，滑片移到最上端，油量表的示数为零，请完成剩余的电路设计。【答案】（1）（2）【分析】（1）知道小磁针的磁极，根据磁极间的相互作用，可判断出通电螺线管的磁极，再根据安培定则判断出电流的方向从而找到电源的正、负极。（2）当油箱油面下降时，油浮标下降，滑片上移，上端电阻阻值变小，油量表的示数将变小，且油箱中的油用完时，滑片移到最上端，油量表的示数为零，说明油量表是电压表改造的。【解答】解：（1）根据小磁针静止时N极朝右，可知通电螺线管右端为S极、左端为N极；再用安培定则判断，电流从螺线管左端流入，因此电源左端为+极，据此作图：（2）当油箱油面下降时，油浮标下降，滑片上移，上端电阻阻值变小，油量表的示数将变小，且油箱中的油用完时，滑片移到最上端，油量表的示数为零，说明油量表是电压表改造的，电压表与电阻R并联，电路连接如下：15．如图甲所示，把一个质量为2kg，底面积为4×10﹣2m2的薄壁圆柱形容器置于水平地面上，装有h＝0.4m深的水，将物体A放入其中，物体A漂浮于水面上，如图乙所示，此时容器底部受到水的压强比图甲增大了375Pa。再施加一个竖直向下大小为15N的力F以后，物体A恰好浸没在水中静止（水未溢出），如图丙所示。求：（1）物体A放入前，容器底部受到水的压强；（2）物体A的密度；（3）丙图中，容器对桌面的压强。【答案】（1）物体A放入前，容器底部受到水的压强为4000Pa；（2）物体A的密度为0.5×103kg/m3；（3）丙图中，容器对桌面的压强为5250Pa。【分析】（1）根据p＝ρgh求出物体A放入前，容器底部受到水的压强；（2）由p＝ρgh先计算物体A放入水中后水面上升的高度，由V排＝ΔV＝SΔh计算物体A排开水的体积，由漂浮条件和阿基米德原理计算物体A的重力，从而得到A的质量；物体A浸没在水中时，根据物体A受力平衡，由此计算此时A受到的浮力，由阿基米德原理计算物体A排开水的体积，大小等于物体A的体积，由密度公式物体A的密度；（3）根据密度公式求出容器内水的质量，根据G＝mg求出容器内水的重力和容器的重力；图丙中，容器对桌面的压力等于容器内水的重力、容器重力与物体A受到的浮力之和，根据p=F【解答】解：（1）物体A放入前，容器底部受到水的压强：p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.4m＝4×103Pa；（2）由p＝ρgh可知，物体A放入水中后水面上升的高度：Δh=Δp则图乙中，物体A排开水的体积V排＝ΔV＝SΔh＝4×10﹣2m2×0.0375m＝1.5×10﹣3m3，根据物体的漂浮条件和阿基米德原理可知，物体A的重力GA＝F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1.5×10﹣3m3＝15N；由G＝mg可知，物体A的质量：mA=G物体A浸没后所受浮力：FA＝GA+F＝15N+15N＝30N，由F浮＝ρ水gV排可知，物体A的体积：V＝V排′=FAρ水g物体A的密度：ρ=mAV=1.5kg（3）容器中水的体积为V水＝Sh＝4×10﹣2m2×0.4m＝1.6×10﹣2m3，水的质量m＝ρ水V水＝1.0×103kg/m3×1.6×10﹣2m3＝16kg；容器内水的重力：G水＝mg＝16kg×10N/kg＝160N，容器的重力：G容＝m容g＝2kg×10N/kg＝20N，图丙中，容器对桌面的压力：F压＝G水+G容+FA＝160N+20N+30N＝210N，容器对桌面的压强：p=F答：（1）物体A放入前，容器底部受到水的压强为4000Pa；（2）物体A的密度为0.5×103kg/m3；（3）丙图中，容器对桌面的压强为5250Pa。16．如图所示电路，R1＝20Ω，小灯泡L的规格为“2.5V0.25A”，电源电压为9V。（小灯泡的电阻不随温度变化）（1）请你算出小灯泡的额定电功率。（2）当S1、S2均闭合时，电流表示数为0.65A，求R2的阻值。（3）当S1、S2均断开时，请你通过计算判断小灯泡是否能正常发光。【答案】小灯泡的额定电功率为0.625W；（2）R2的阻值为45Ω；（3）当S1、S2均断开时，小灯泡不能正常发光。【分析】（1）根据小灯泡L的规格为“2.5V0.25A”，由P＝UI得出小灯泡额定电功率；（2）当S1、S2均闭合时，L被短路，R1与R2并联，电流表测干路电流，根据并联电路各支路电压等于电源电压和欧姆定律得出R1的电流；根据并联电路电流的规律得出通过R2的电流；由欧姆定律得出R2的阻值；（3）当S1、S2均断开时，R1与小灯泡L串联，由欧姆定律得出小灯泡电阻；根据串联电路电阻的规律得出总电阻，由欧姆定律得出电路实际电流，并与灯的额定电流比较。【解答】解：（1）小灯泡额定电功率P额＝U额I额＝2.5V×0.25A＝0.625W（2）当S1、S2均闭合时，L被短路，R1与R2并联，电流表测干路电流I＝0.65A。并联电路各支路电压等于电源电压，则R1的电流I通过R2的电流I2＝I﹣I1＝0.65A﹣0.45A＝0.2AR2的阻值R（3）当S1、S2均断开时，R1与小灯泡L串联。小灯泡电阻R串联电路总电阻R总＝RL+R1＝10Ω+20Ω＝30Ω电路实际电流I因为I实＝0.3A＞I额＝0.25A，因此小灯泡不能正常发光。答：小灯泡的额定电功率为0.625W；（2）R2的阻值为45Ω；（3）当S1、S2均断开时，小灯泡不能正常发光。17．小明在测量未知电阻Rx阻值的实验中，连接了如图甲所示的电路。（1）请将图甲中实物图连接完整，要求滑动变阻器滑片P向左移动时，电流表示数变大。（2）正确连接后，闭合开关前应将滑动变阻器的滑片P移到最右（选填“左”或“右”）端。（3）闭合开关，发现电流表和电压表示数均非常小，接下来他的操作是：向左移动滑片P。（4）某次测量时电压表示数如图乙所示为1.8V，电流表示数为0.18A，则本次测得电阻Rx＝10Ω。（5）本实验中进行多次实验与下列操作C目的相同。A.多次改变待测小灯泡两端电压，测小灯泡的阻值；B.多次改变待测小灯泡两端电压，测小灯泡的电功率；C.用刻度尺多次测铅笔的长度。（6）完成上述实验后，可以利用此电路继续完成的实验是A。A.探究电流与电压的关系；B.探究电流与电阻的关系；C.上述两实验都可以完成。（7）完成实验后，小明还想用一个电流表和电阻R0，测未知电阻Rx的阻值。于是他设计了如图丙所示的电路图，并进行如下实验操作：①闭合S和S1，此时电流表的示数为I1；②闭合S、断开S1此时电流表的示数为I2；未知电阻Rx＝(I1−I2)R0【答案】（1）；（2）右；（3）向左移动滑片P；（4）1.8；10；（5）C；（6）A；（7）(I【分析】（1）滑动变阻器滑片P向左移动时，电流表示数变大，滑动变阻器的电阻要减小，据此连接滑动变阻器；（2）闭合开关前滑片P置于阻值最大端；（3）闭合开关前滑片P置于阻值最大端，因此电路中的电流最小，所以接下来他的操作是移动滑片P；（4）根据电压表的量程与分度值正确读数；利用欧姆定律求出电阻阻值；（5）伏安法测量电阻多次测量的目的是取平均值减小误差；（6）电阻一定时，探究电流与电压的关系；（7）①闭合S和S1，此时电流表的示数为I1，电流表测干路电流；②闭合S、断开S1，只有Rx工作，此时电流表测通过Rx的电流I2；根据并联电路特点与欧姆定律可得出待测电阻阻值。【解答】解：（1）滑动变阻器滑片P向左移动时，电流表示数变大，滑动变阻器的电阻要减小，因此将滑动变阻器左下接线柱串联连入电路，如图所示；（2）为了保护电路，闭合开关前滑片P置于阻值最大端，滑动变阻器连接了左下接线柱，因此阻值最大端是右端；（3）闭合开关前滑片P置于阻值最大端，因此电路中的电流最小，电流表与电压表的示数均非常小，所以接下来他的操作是向左移动滑片P；（4）①电压表的量程0～3V，分度值0.1V，电压表的示数为1.8V；②待测电阻：Rx（5）AB.伏安法测量电阻多次测量的目的是取平均值减小误差，小灯泡的电阻与电功率都会发生改变，不能取平均值，故AB错误；C.用刻度尺多次测铅笔的长度需要多次测量取平均值减小误差，故C正确；故选：C；（6）A.上述实验中有定值电阻，可以探究电流与电压的关系，故A正确；B.探究电流与电阻的关系，需要多个不同阻值的电阻，器材中缺少了不同阻值的电阻，故B错误；故选：A；（7）①闭合S和S1，此时电流表的示数为I1，电流表测干路电流；②闭合S、断开S1，只有Rx工作，此时电流表测通过Rx的电流I2；并联电路各支路两端的电压相等，U＝Ux＝U0＝（I1﹣I2）R0，未知电阻Rx=U故答案为：（1）；（2）右；（3）向左移动滑片P；（4）1.8；10；（5）C；（6）A；（7）(I18．物理小组测量一个不规则小石块的密度；（1）将天平放在水平工