2026届广西南宁市普通高中毕业班第二次适应性测试物理试卷

2026届广西南宁市普通高中毕业班第二次适应性测试物理试卷一、选择题（本题共10小题，共46分。第1~7题，每小题4分，只有一项符合题目要求，错选、多选或未选均不得分；第8~10题，每小题6分，有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的或不选的得0分。）1．一辆新能源汽车在发现红灯时刹车，汽车即做匀减速直线运动，其速度-时间图像如图所示，则该汽车的加速度大小是（）A．2m/s2 B．3m/s2 C．42．关于波粒二象性，下列说法正确的是（）A．光电效应现象说明光具有粒子性B．康普顿效应说明光具有波动性C．一个电子和一个质子具有相同的动能时，电子的德布罗意波长更小D．在铁轨上运行的动车组、在跑道上跑步的运动员等宏观物体只具有粒子性，不具有波动性3．在绝缘光滑水平面上固定一正点电荷Q，现在点电荷Q附近由静止释放另一正点电荷q，在点电荷q运动的过程中，下列说法正确的是（）A．两电荷间的库仑力越来越小 B．点电荷q的电势能越来越大C．点电荷q的动能先变大后变小 D．点电荷q做匀加速直线运动4．带有活塞的汽缸内封闭一定量的理想气体，气体开始处于状态a，然后经过过程ab到达状态b或经过过程ac到达状态c，如p−V图所示，ab线段、ac线段分别与横轴、纵轴平行，经过b、c两点的虚线为等温线。设气体在状态a、b、c时的温度分别为Ta、Tb、Tc，在过程ab、ac中吸收的热量分别为QA．Ta>Tb B．Ta>5．荡秋千是大家喜爱的一项体育娱乐活动。某秋千的简化图如图所示，细绳长为L，重力加速度大小为g，质量为m的小球从悬点正下方开始摆动，最大摆角为θ。不计空气阻力，细绳质量相对小球可忽略，小球看成质点。下列说法正确的是（）A．当10°<θ<20°时，可以把小球的摆动看成简谐运动B．若可以把小球的摆动看成简谐运动，其周期为2πC．小球在运动过程中动能一直减小D．细绳的最大拉力为2mg6．神舟二十一号载人飞船入轨后，于北京时间2025年11月1日3时22分，成功对接于空间站天和核心舱前向端口，整个对接过程历时约3.5小时，创造了神舟飞船与空间站交会对接的最快纪录，飞船变轨过程简化图如图所示。飞船先进入椭圆轨道Ⅰ，近地点P与地心间距为rP，远地点Q与地心间距为rA．飞船在轨道Ⅰ时，在P点与Q点的加速度之比为rB．飞船在轨道Ⅰ时，在P点与Q点的速度之比为rC．飞船在轨道Ⅰ的运行周期与空间站在轨道Ⅱ的运行周期之比为rD．飞船在轨道Ⅰ的运行周期与空间站在轨道Ⅱ的运行周期之比为r7．如图所示，在倾角为θ=30∘的固定光滑斜面上，轻质弹簧的一端固定在斜面底端，另一端与物块A拴接。物块A静止在位置O点，此时弹簧的压缩量为x0。现有一物块B从距离O点上方3A．碰撞后瞬间两物块的速度大小为3gB．碰撞后两物块运动的最低点离O点距离为3C．向上弹起过程中，两物块在O点分离D．运动过程中弹簧的最大弹性势能为8mg8．如图所示，a与b两束平行单色光射向同一块长方体玻璃砖的上表面，折射后经玻璃砖下表面射出。已知玻璃对单色光b的折射率较小，则关于a、b两单色光的比较，下列说法正确的是（）A．a光不可能在玻璃砖下表面发生全反射B．a光比b光在真空中的波长更大C．a光比b光的衍射现象明显D．从玻璃砖下表面射出后，两单色光间距变大9．图甲是某燃气灶点火装置的原理图。转换器将干电池提供的直流电压转换为图乙所示的正弦交流电压，并加在理想变压器的原线圈上，变压器原、副线圈的匝数比为n1n2A．当t=TB．一个周期内原线圈中电流方向改变2次C．当开关闭合后，电压表示数为4.3V时，可以点燃气体D．当开关闭合后，电压表示数为4.3V时，不可以点燃气体10．如图所示，立方体空间被水平分成竖直高度均为d的Ⅰ区、Ⅱ区、Ⅲ区，空间水平长度和宽度足够大，其中Ⅰ区和Ⅲ区的磁感应强度大小均为B0，方向均为水平向右，Ⅱ区的磁感应强度大小未知，方向为竖直向下，现将一质量为m、电荷量为q的带正电粒子从Ⅰ区上边界的O点垂直于该边界水平入射，已知粒子速度v为2qdBA．粒子进入Ⅱ区时的速度与水平方向的夹角为30°B．粒子进入Ⅱ区时的速度与水平方向的夹角为60°C．Ⅱ区的磁感应强度大小可能为3D．粒子通过Ⅰ区、Ⅱ区、Ⅲ区的总时间一定是2二、非选择题（本大题共5小题，第11题8分，第12题8分，第13题10分，第14题12分，第15题16分，共54分。）11．为了开展课外探究活动，某兴趣小组通过电商平台购买了一捆标称长度55m的铜导线，同学们想测定其实际长度。实验室可供使用的器材如下：电流表：量程0∼0.6A，内阻约0.2Ω电压表：量程0∼3V，内阻约9kΩ滑动变阻器R：最大阻值20Ω定值电阻：R0电源：电动势6V，内阻可不计；开关、导线若干。设计的实验操作方案如下：（1）从课本查得铜的电阻率ρ=1.7×10（2）使用螺旋测微器测量铜导线的直径，示数如图甲所示，可知铜导线的直径D=mm。（3）根据如图乙的电路图测定铜导线电阻Rx，在某次测量中，电压表示数如图丙所示，读数U=V时，电流表示数如图丁所示，读数I=（4）根据前面测量数据，计算得整捆铜导线的长度L=m（保留三位有效数字）。12．某实验小组利用图甲所示装置验证动量守恒定律。先将斜槽固定在贴有复写纸和白纸的挡板边缘，调节挡板为竖直状态；然后从斜槽上某一位置释放匀质小球A，撞到挡板上的白纸留下压痕P；将挡板向右水平平移适当距离，让小球A从同一位置由静止释放，落到挡板上的白纸留下压痕；保持挡板位置不变，将半径相同的小球B放在斜槽轨道末端，让小球A从同一位置由静止释放，与小球B碰撞后先后撞在挡板上的白纸留下压痕，如图乙所示。重力加速度大小为g。（1）关于本实验，下列说法正确的有______。A．选择体积大、密度小的小球B．斜槽必须光滑C．小球A质量应大于小球B质量（2）测量数据时，可将抛出点O定为坐标原点，建立直角坐标系。点O应为如图丙位置（选填“a”“b”或“c”）。（3）若通过改变挡板向右平移距离x，让小球A从同一位置由静止释放，测出挡板上的压痕与P点距离h；重复多次实验，作出h−x2图线，求得图线斜率为k，则可求出其平抛运动的初速度v（4）测量小球A和小球B的质量为m1、m2，各压痕中心点与P点的距离PP1、PP2、PP3分别为13．医疗CT扫描机可用于对多种病情的探测。图甲是某种CT机主要部分的剖面图，图乙是其中扫描机X射线的产生部分，M、N之间加有恒为U0（1）若电子束射出磁场时速度方向改变37°，求磁场的磁感应强度大小；（2）若将虚线框内磁场更换为竖直方向的匀强电场，让电子束射出电场时速度方向仍改变37°，求电场的电场强度大小和方向。14．磁悬浮列车是一种高速低耗的新型交通工具，其某种驱动系统可简化为如下模型：如图甲所示，固定在列车下端的动力绕组可视为一个矩形金属框abcd，金属框位于xOy平面内，短边ab长为L，长边ad长为2L且被x轴垂直平分，初始时刻ad边位于y轴且金属框速度为零。金属框由相同粗细的导线制成，总电阻为R。列车轨道沿Ox方向，轨道区域内存在垂直于金属框平面的磁场，磁感应强度B沿Ox方向按波长为λ（λ未知，且可调整）的正弦规律分布，最大值为B0，如图乙所示。金属框同一长边上各处的磁感应强度相同，整个磁场以一定的速率v0沿（1）若λ=4L，求初始时刻金属框的电流；（2）求列车速度大小为v（v<v（3）求列车获得最大驱动力时λ满足的条件。15．如图所示，竖直平面内半径为R=2.4m的四分之一光滑固定圆弧轨道AB，其下端B点与一水平传送带平滑连接，水平传送带右端点C与足够长的光滑水平面平滑连接，水平面上均匀排列着2026个质量均为m=1.5kg的滑块（可视为质点），从左到右依次编号为1、2、3、…、2025、2026，相邻滑块间距均为S=2m，1号滑块位于C点。一物块a（可视为质点）质量为m0=0.5kg，以速率v0=11m/s从A点沿圆弧切线进入圆弧轨道，其与传送带间的动摩擦因数为μ=0.3，所有碰撞均为弹性正碰且碰撞时间不计。已知传送带长度为L=12.5m，以恒定速率（1）求物块a第一次和1号滑块碰撞后的速率va1（2）若t=0时物块a经过B点，求2026号滑块开始运动的时刻t2026（3）求物块a与传送带间因摩擦产生的总热量Q（保留至小数点后两位）。

答案解析部分1．【答案】C2．【答案】A3．【答案】A4．【答案】C5．【答案】D6．【答案】B7．【答案】B8．【答案】A,D9．【答案】B,C10．【答案】B,D11．【答案】0.900；2.30V；0.50A；59.9m12．【答案】（1）C（2）a（3）g（4）m13．【答案】（1）解：电子经过电场加速过程，根据动能定理可得e解得从N点射出时电子的速度为v电子带负电，根据左手定则可知磁感应强度B方向垂直纸面向里，电子在磁场中的轨迹如图所示根据牛顿第二定律可得e由几何关系可得r=联立解得B=（2）解：若将虚线框内磁场更换为竖直方向的匀强电场，则电场方向竖直向上；电子在偏转电场中做类平抛运动，设在偏转电场中运动时间为t，则有L=vt，a=eEm，vy联立可得E=14．【答案】（1）解：磁感应强度沿x的分布为B=初始时刻金属框左竖直边ad在x=0，右竖直边bc在x=L代入得Bad=总感应电动势为两个竖直边的电动势之和E=由欧姆定律得电流I=E（2）解：磁场相对金属框的速度为u=总感应电动势最大值出现在两个竖直边磁感应强度差最大时，此时B最大感应电动势E电流I总安培力（驱动力）为两个竖直边安培力之和F（3）解：为使列车获得最大驱动力，ad、bc应位于磁场中磁感应强度同为最大值且反向的地方，这会使得金属框所围面积的磁通量变化率最大，导致框中电流最强，也会使得金属框长边中电流受到的安培力最大．因此L应为λ2的奇数倍，即整理得λ=15．【答案】（1）解：物块a由A到B点动能定理有m解得v水平传送带上做匀减速直线运动，由牛顿第二定律μ解得a=3设物块a减速运动时间为t0，位移为x0解得x由x0<L到达C点时速度为v，物块a第一次与1号滑块碰撞，动量守恒和机械能守恒有m0v=解得va1=−5m/s故物块a第一次和1号滑块碰撞后的速率v（2）解：由于2026个小滑块质量相等，碰撞时速度交换，故从1号滑块开始运动到2026号滑块开始运动时间为t物块a在传送带上匀速运动时间为t故2026号滑块开始运动的时刻t（3）解：由于第一次碰撞后a物块通过传送带后又以相同速度大小和1号滑块发生第二次碰撞，根据动量守恒和机械