通信专业技术人员考试真题

通信专业技术人员考试真题一、单项选择题1.在数字通信系统中，误码率是指（）。A.错误码元数与传输总码元数之比B.错误比特数与传输总比特数之比C.错误码组数与传输总码组数之比D.错误码字数与传输总码字数之比答案：A解析：误码率（SER，SymbolErrorRate）是衡量数字通信系统可靠性的主要指标，定义为在传输过程中发生错误的码元（符号）个数与传输的总码元数之比。比特误码率（BER）是错误比特数与总比特数之比，是另一个常用但不同的指标。本题明确问及“误码率”的经典定义。2.根据香农公式C=Blo(1+A.可以互换B.不能互换C.呈线性关系D.呈指数关系答案：A解析：香农公式揭示了信道容量C、带宽B和信噪比S/N之间的关系。公式表明，对于给定的信道容量C，可以通过增加带宽B来降低对信噪比3.一个二进制数字信号码元时间长度为10μA.100kbit/sB.200kbit/sC.300kbit/sD.400kbit/s答案：C解析：码元时间长度T=10μs=s，故码元速率=14.在PCM系统中，对模拟信号进行抽样、量化、编码。若抽样频率为8kHzA.8kbit/sB.16kbit/sC.64kbit/sD.128kbit/s答案：C解析：抽样频率=8kHz，量化级数L=5.以下关于卷积码的描述，错误的是（）。A.编码是有记忆的B.通常采用维特比算法进行译码C.其性能由约束长度和码率决定D.编码器输出仅与当前输入信息组有关答案：D解析：卷积码是一种有记忆的非分组码，其编码器输出不仅与当前时刻输入的个信息比特有关，还与编码器中移位寄存器存储的之前若干时刻的输入信息比特有关，这个相关的比特长度称为约束长度。因此D选项错误。A、B、C选项均为卷积码的正确特性。6.在数字基带传输中，部分响应技术通过引入（）来达到提高频带利用率的目的。A.码间串扰B.噪声C.相位失真D.幅度失真答案：A解析：部分响应技术是一种有控制地在某些抽样时刻引入码间串扰（ISI）的技术。通过人为地、有规律地引入码间串扰，可以改变基带信号的频谱结构，使其在物理可实现的前提下，达到理论上的最高频带利用率（2Baud/Hz），同时能够消除抽样判决点上的码间串扰。这是一种“化害为利”的思想。7.一个采用非相干解调的2FSK系统，发送端发送两个频率和的信号，其最佳判决门限为（）。A.0B.与信号幅度有关C.与噪声功率有关D.0.5答案：A解析：对于采用包络检波的非相干解调2FSK系统，接收机通常采用两个并联的带通滤波器（分别中心频率为和）加包络检波器结构。判决规则是比较两个支路包络检波器输出值和的大小。若>，判为“1”；若<，判为“0”。判决门限隐含在比较过程中，即比较的基准是0差值，因此最佳判决门限为0。8.在蜂窝移动通信系统中，用来提高频谱效率、扩大系统容量的关键技术不包括（）。A.频率复用B.小区分裂C.多址技术D.提高发射功率答案：D解析：提高发射功率主要作用是增大覆盖范围或提高链路信噪比，对抗路径损耗和阴影衰落，但并不能直接提高系统的频谱效率。在蜂窝系统中，无限制地提高发射功率会加剧同频干扰，反而可能降低系统容量。而频率复用、小区分裂（包括扇区化）和多址技术（如FDMA、TDMA、CDMA）是蜂窝系统实现频谱高效复用、提升区域容量的核心手段。9.关于OSI参考模型与TCP/IP模型，以下说法正确的是（）。A.OSI模型先于TCP/IP协议栈出现B.TCP/IP模型将OSI的会话层和表示层合并到了应用层C.TCP/IP模型的网络接口层对应于OSI的物理层和数据链路层D.OSI模型在网络实践中得到了更广泛的应用答案：C解析：TCP/IP模型早于OSI参考模型出现。TCP/IP是一个四层模型，包括应用层、传输层、网际层和网络接口层。其中，网络接口层大致对应OSI模型的物理层和数据链路层。B选项错误，TCP/IP模型没有明确区分会话层和表示层，其应用层包含了OSI应用层、表示层和会话层的功能。D选项错误，在实践中得到广泛应用的是TCP/IP协议栈，而非OSI模型。10.IPv6地址长度为（）比特。A.32B.64C.128D.256答案：C解析：IPv6是下一代互联网协议，其地址长度设计为128比特，以解决IPv4地址空间耗尽的问题。128位地址空间提供了约3.4×二、多项选择题1.数字通信系统的主要优点包括（）。A.抗干扰能力强，噪声不积累B.传输差错可控，可通过信道编码改善C.便于与现代数字信号处理技术结合D.易于加密处理，保密性好E.占用信道带宽通常比模拟系统窄答案：A、B、C、D解析：数字通信系统的主要优点包括：抗干扰能力强，特别是中继时噪声不积累；差错可控，可通过检错纠错编码改善可靠性；易于与数字计算机、数字信号处理器（DSP）等现代技术结合，实现复杂处理；易于进行高强度的加密处理。E选项错误，数字通信通常需要更宽的基带带宽（例如PCM语音需要64kHz带宽传输原始信号，而模拟语音仅需4kHz），但通过高效调制和压缩技术，可以在有限频带内传输。2.下列调制方式中，属于线性调制的是（）。A.标准调幅（AM）B.双边带调制（DSB）C.单边带调制（SSB）D.残留边带调制（VSB）E.频率调制（FM）答案：A、B、C、D解析：线性调制是指已调信号的频谱结构与基带调制信号的频谱结构之间呈线性搬移关系，没有新的频率分量产生（仅幅度变化），其包络不一定与调制信号成正比。AM、DSB、SSB、VSB均满足此定义。E选项的频率调制（FM）属于非线性调制（角度调制），其已调信号的频谱与调制信号频谱之间不存在线性关系，会产生无穷多对边频分量。3.关于差错控制编码，下列说法正确的有（）。A.奇偶校验码可以检测奇数个错误B.循环码是一种线性分组码C.汉明码是一种能纠正一位错、检测两位错的线性分组码D.卷积码的译码通常采用代数译码方法E.ARQ（自动请求重发）属于前向纠错（FEC）技术答案：A、B、C解析：A正确，奇偶校验码通过增加一个校验位使码组中“1”的个数为奇数（奇校验）或偶数（偶校验），能检测出码组中任意奇数个错误。B正确，循环码是线性分组码的一个重要子类，具有循环特性。C正确，汉明码是一种高效的能纠正单个随机错误的线性分组码，其最小距离为3。D错误，卷积码的译码主要采用概率译码方法，如维特比算法，而非纯粹的代数译码。E错误，ARQ属于反馈重传机制，接收端检测错误后请求发送端重发，是后向纠错；FEC是接收端自行纠错，无需反馈。4.在移动通信中，常见的快衰落产生原因包括（）。A.多径传播B.移动台高速运动C.建筑物遮挡D.多普勒频移E.季节变化答案：A、B、D解析：快衰落（小尺度衰落）主要由多径效应和多普勒效应引起。A选项多径传播导致信号在短时间内幅度和相位快速起伏。B和D选项，移动台高速运动会引起明显的多普勒频移，导致信号频率扩散，也是快衰落的重要成因。C选项建筑物遮挡主要引起慢衰落（大尺度衰落），是信号中值在较长时间和较大空间范围内的缓慢变化。E选项季节变化与快衰落无关。5.以下属于TCP协议特点的有（）。A.面向连接的B.提供可靠交付服务C.提供全双工通信D.面向字节流的E.支持多播和广播答案：A、B、C、D解析：TCP（传输控制协议）是面向连接的、可靠的、基于字节流的传输层协议。它在通信前需要建立连接（三次握手），通过确认、重传、流量控制、拥塞控制等机制确保数据可靠、有序地交付，并提供全双工通信。E选项错误，TCP只支持点对点（单播）通信，不支持多播和广播；支持多播和广播的是UDP协议。三、判断题1.信源编码的目的是提高信息传输的可靠性，而信道编码的目的是提高信息传输的有效性。（）答案：错误解析：概念混淆。信源编码的主要目的是压缩信源冗余，提高信息传输的有效性（即用更少的比特表示信息）。信道编码（差错控制编码）的主要目的是通过增加冗余来对抗信道噪声和干扰，提高信息传输的可靠性。2.眼图可以定性评价数字基带传输系统的性能，眼图张开度越大，系统性能越好。（）答案：正确解析：眼图是通过示波器观察到的数字信号波形叠加图。其张开度（眼睛睁开的高度和宽度）反映了系统性能。张开度越大，表示码间串扰和噪声的影响越小，判决时误码率越低，系统性能越好。3.OFDM（正交频分复用）技术将高速数据流分解为多个低速子数据流，并在多个相互正交的子载波上并行传输，能有效对抗频率选择性衰落。（）答案：正确解析：OFDM将宽带频率选择性衰落信道划分为多个并行的窄带平坦衰落子信道。每个子载波上的符号速率很低，符号周期远大于信道时延扩展，从而有效对抗了多径引起的码间串扰和频率选择性衰落。4.在CDMA系统中，所有用户使用相同的频率同时发送信号，通过不同的伪随机码（扩频码）来区分不同用户。（）答案：正确解析：这是CDMA（码分多址）的基本原理。所有用户在相同时间、相同频段上进行通信，依靠分配给各用户的正交性或准正交性的伪随机扩频码来区分信号。接收端用与目标用户相同的扩频码进行相关解扩，即可提取出该用户的信号。5.路由器工作在网络层，它根据数据包的MAC地址进行转发决策。（）答案：错误解析：路由器是网络层设备，它根据数据包中的目的IP地址（网络层地址）查询路由表，进行转发决策和路由选择。根据MAC地址（数据链路层地址）进行转发决策的设备是交换机（二层交换机）。四、填空题1.在数字通信中，衡量系统有效性的两个主要指标是______和______。答案：频带利用率、信息传输速率解析：通信系统的有效性是指传输一定信息量所占用的信道资源（频带宽度、时间）。具体指标包括信息传输速率（比特率、波特率）和频带利用率（单位带宽内的传输速率）。2.设某信息源由A、B、C、D四个符号组成，出现概率分别为1/2,1/4,1/8,1/8。则该信源的平均信息量（熵）为______比特/符号。答案：1.75解析：信源熵H(X)3.已知某模拟信号的最高频率为=4答案：8解析：根据奈奎斯特（低通）抽样定理，为了能从抽样信号中无失真地恢复原模拟信号，抽样频率必须不小于信号最高频率的两倍，即≥2。因此，最低抽样频率=2×4.在7位巴克码“1110010”中，其局部自相关函数R(答案：7解析：巴克码是一种具有良好自相关特性的非周期序列。局部自相关函数定义为R(j)=，其中取值为+1或-1（对应二进制1和0）。对于二进制序列，通常将“0”映射为“-1”，“1”映射为“+1”后计算。本题未给出映射，但按常规，对于二进制巴克码“1110010”，计算R(0)时，5.在TCP/IP协议栈中，负责将IP地址解析为物理地址（MAC地址）的协议是______。答案：ARP（地址解析协议）解析：ARP（AddressResolutionProtocol）工作在TCP/IP模型的网际层（或OSI的数据链路层与网络层之间），其功能是在同一局域网内，通过已知的目标IP地址，查询并获取对应的物理地址（MAC地址）。五、简答题1.简述数字调制中，2PSK与2DPSK的区别，并说明为什么在实际系统中2DPSK应用更广泛。答案：（1）区别：调制方式：2PSK（二进制相移键控）用载波相位的绝对取值（如0相位和π相位）来表示二进制数字信息。2DPSK（二进制差分相移键控）利用相邻码元之间载波相位的相对变化来表示信息，例如相位变化0表示“0”，变化π表示“1”。解调方式：2PSK通常采用相干解调（需要载波同步），存在相位模糊（倒π）问题。2DPSK可采用相干解调（差分相干解调或码变换法），也可采用非相干解调（差分相干解调），其中差分相干解调无需单独的载波同步。（2）2DPSK应用更广泛的原因：克服相位模糊：2DPSK解调结果依赖于相邻码元的相位差，而不是绝对相位。即使接收端本地载波存在180°的相位模糊（倒π现象），由于相邻码元相位同时反转，其相位差保持不变，因此解调输出不受影响，解决了2PSK相干解调中因载波同步相位不确定导致的“倒π”问题。设备相对简单：采用差分相干解调法时，无需提取精确的相干载波，简化了接收机结构，性能略低于相干解调但实现更易。因此，在对设备复杂度和可靠性有综合要求的实际系统中，2DPSK得到了更广泛的应用。2.简述在移动通信蜂窝网络中，“切换”的基本概念及其主要类型。答案：（1）基本概念：切换（Handover/Handoff）是指当移动台在通话过程中从一个基站（或小区）的覆盖区域移动到另一个基站（或小区）的覆盖区域时，网络将移动台的通信连接从原服务基站的信道自动转移到新服务基站的信道的过程，以保证通话的连续性。这是蜂窝移动通信实现连续广域覆盖的关键功能。（2）主要类型：硬切换：指移动台在某一时刻只与一个基站通信，切换过程中需要先中断与原基站的联系，然后再建立与新基站的联系。即“先断后连”。常见于不同频率或不同系统间的切换。软切换：指移动台在切换过程中，同时与两个或多个基站保持通信连接，直到与新基站的连接稳定可靠后，才断开与原基站的联系。即“先连后断”。这是CDMA系统特有的优势，能有效提高切换成功率，减少掉话，但增加了系统资源开销。更软切换：发生在同一基站的不同扇区之间，由基站内部完成合并，对网络资源影响更小。3.说明TCP协议中“三次握手”建立连接的过程及其必要性。答案：（1）三次握手过程：第一步（SYN）：客户端向服务器发送一个TCP报文段，其首部中的同步位SYN置为1，同时选择一个初始序列号seq=x。该报文段不携带应用层数据。第二步（SYN+ACK）：服务器收到请求报文段后，如同意建立连接，则发回确认。确认报文段中应将SYN位和ACK位均置1，确认号ack=x+1，同时服务器为自己选择一个初始序列号seq=y。第三步（ACK）：客户端收到服务器的确认后，还需向服务器给出确认。确认报文段的ACK置1，确认号ack=y+1，序列号seq=x+1。此报文段可以携带数据。完成以上三步后，连接建立。（2）必要性：主要是为了防止已失效的连接请求报文段突然又传送到服务器，从而产生错误。考虑场景：一个旧的连接请求（已失效）延迟到达服务器，服务器误认为是新的请求而发出确认。若不采用三次握手，服务器发出确认后即单方面建立连接，等待客户端发送数据，导致服务器资源浪费。采用三次握手后，客户端不会对那个已失效的请求确认进行确认，服务器收不到确认，便知道客户端并未要求建立连接，从而不会建立无效连接。三次握手是保证连接可靠建立、双方初始序列号同步的最小机制。六、计算题1.设某二进制数字传输系统，码元传输速率为=2400（1）试计算该系统的误码率。（2）若该系统改为传输八进制信号，且保持码元传输速率不变，计算其信息传输速率。（3）在（2）的条件下，若误码率保持不变，求1小时内错误码元数的理论值。解：（1）计算误码率：1小时内传输的总码元数N=错误码元数=216误码率==（2）计算八进制下的信息传输速率：八进制时，M=8，每个码元携带的信息量信息传输速率=×（3）计算八进制下1小时内的理论错误码元数：误码率保持不变，仍为2.5×。1小时内传输的总码元数N‘理论错误码元数’=解析：本题关键点在于理解误码率是错误码元数与传输总码元数之比。当码元传输速率不变时，无论进制M如何变化，单位时间内传输的码元总数是相同的。因此，在相同的信道条件和误码率定义下，