2025-2026学年新疆维吾尔自治区伊犁哈萨克自治州高二下册期中质量检测数学试题 含答案

/数学分值：150分一、单选题：本题共8小题，每小题5分，共40分，在每小题给出的选项中，只有一项是符合题目要求的.1.小明要从伊宁市去乌鲁木齐参加学科竞赛，他既可以选择坐火车，也可以选择乘飞机，火车每天有3趟，飞机每天有4次航班，那么小明在一天中从伊宁市去乌鲁木齐有多少种不同方法？（）A.12 B. C.7 D.2.下面求导正确的是（）A. B.C. D.3.的展开式的第项的系数是（）．A.210 B.－210 C.－252 D.2524.2025年哈尔滨亚洲冬季运动会高山滑雪比赛的滑雪赛场中某一段滑道的示意图如图所示，综合考虑安全性和趣味性，在滑道最陡处点处的切线方程是，则（）A.－1 B.－2 C.1 D.25.已知是函数的导函数，若，则（）A. B. C.2 D.46.甲、乙、丙等5人站成一排，且甲不在两端，乙和丙之间恰有2人，则不同排法共有（）A.8种 B.12种 C.16种 D.4207.已知函数则的大小关系为（）A. B.C. D.8.已知函数的定义域为，其导函数满足，则不等式的解集为（）A. B.C. D.二、选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分．在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求，全部选对得6分，部分选对得部分分，有选错的得0分9.函数的导函数的图象如图所示，则下列说法正确的是（）A.为函数的单调递增区间B.为函数的单调递减区间C.函数在处取得极大值D.函数在处取得极小值10.“杨辉三角”是中国古代数学文化的瑰宝之一，最早出现在南宋数学家杨辉于1261年所著的《详解九章算法》一书中．“杨辉三角”揭示了二项式系数在三角形数表中的一种几何排列规律，如图所示．下列关于“杨辉三角”的结论正确的是（）A.B.第3行到第10行的各行的第4个数之和为．C.第15行中，第7个数与第8个数相等．D.第0行到第行所有数之和为11.已知函数，则下列说法中正确的有（）A.B.在处的切线方程为：C.若函数，使得成立，则D.三、填空题：本题共3小题，每小题5分，共15分．12.二项式的展开式中，常数项为__________．13.已知函数，则函数的单调增区间为_____；单调减区间为_____；14.“双减”政策实施以来，各地中小学纷纷开展丰富的课后活动.某校积极开展各种棋类益智活动，某项单人跳棋游戏的规则如下：如图所示，棋子的初始位置为①处，玩家每掷出一枚骰子，朝上一面的点数即为棋子沿棋盘实线顺时针方向前进的格子数，即玩家掷出的点数为，则棋子就按顺时针方向前进i个格子、一直循环下去，现在已知小明同学抛掷3次骰子后棋子恰好又回到起点①处，则其不同的走法数为_________.(用数字作答)四、解答题：本题共5小题，共77分.解答题应写出文字说明、证明过程或演算步骤.15.从5名男生和4名女生中选出4人去参加一项创新大赛.（1）如果4人中男生女生各选2人，那么有多少种选法？（2）如果男生中的甲和女生中的乙必须在内，那么有多少种选法？（3）如果男生中的甲和女生中的乙至少要有1人在内，那么有多少种选法？16.已知函数在处有极值，且．（1）求的值；（2）求在区间上的最大值与最小值．17.已知，（1）求展开式中二项式系数和．（2）求展开式中所有项的系数和．（3）求．18.已知函数．（1）若，求曲线在处的切线方程；（2）若恒成立，求的取值范围；（3）若恒成立，求的取值范围．19.设函数，记的导函数为．（1）讨论的单调性；（2）若对任意，都有，①求实数和所满足的关系式，②求实数的取值范围．

数学分值：150分一、单选题：本题共8小题，每小题5分，共40分，在每小题给出的选项中，只有一项是符合题目要求的.1.小明要从伊宁市去乌鲁木齐参加学科竞赛，他既可以选择坐火车，也可以选择乘飞机，火车每天有3趟，飞机每天有4次航班，那么小明在一天中从伊宁市去乌鲁木齐有多少种不同方法？（）A.12 B. C.7 D.答案：C解析：解答过程：由题意，根据分类加法计数原理，小明在一天中从伊宁市去乌鲁木齐有种不同方法.2.下面求导正确的是（）A. B.C. D.答案：D解析：解答过程：根据基本初等函数的求导公式可知，，，，，故ABC错误，D正确.3.的展开式的第项的系数是（）．A.210 B.－210 C.－252 D.252答案：C解析：思路：利用二项式展开式的通项公式，确定第项对应的参数，代入计算系数即可.解答过程：二项式的展开式通项为要求第6项，令，解得，代入通项得第6项为：，化简得：因此第项的系数为.4.2025年哈尔滨亚洲冬季运动会高山滑雪比赛的滑雪赛场中某一段滑道的示意图如图所示，综合考虑安全性和趣味性，在滑道最陡处点处的切线方程是，则（）A.－1 B.－2 C.1 D.2答案：D解析：解答过程：因为切线方程为，故且，故.5.已知是函数的导函数，若，则（）A. B. C.2 D.4答案：B解析：思路：先对函数求导再赋值可得，进而可得函数值.解答过程：由，得，∴，得，∴，则.故选：B．6.甲、乙、丙等5人站成一排，且甲不在两端，乙和丙之间恰有2人，则不同排法共有（）A.8种 B.12种 C.16种 D.420答案：C解析：解答过程：首先由乙和丙之间恰有2人，可知乙丙的站位分为两类：①乙丙及中间2人占据前四位（即乙丙位置为第1位和第4位，顺序可互换）：此时剩余的端点为第5位，因甲不在两端，故甲只能在乙丙中间的第2、3位中选择：第一步，排列乙丙，共有种排法；第二步，排列甲，从中间2个位置选1个，共有种排法；第三步，剩余2个位置由剩余2人全排列，共有种排法；由分步乘法计数原理，该类共有种排法。②乙丙及中间2人占据后四位（即乙丙位置为第2位和第5位，顺序可互换）：此时剩余的端点为第1位，因甲不在两端，故甲只能在乙丙中间的第3、4位中选择：同理，该类的排法数也为种。由分类加法计数原理，总排法数为.7.已知函数则的大小关系为（）A. B.C. D.答案：B解析：解答过程：函数的定义域为，求导得：令，解得。当时，，单调递增；当时，，单调递减。注意到，且，又函数在上单调递减，所以，即.8.已知函数的定义域为，其导函数满足，则不等式的解集为（）A. B.C. D.答案：A解析：思路：根据题干不等式形式，构造新的函数，通过导数判断函数的单调性，即可求出不等式的解集.解答过程：解：设，，则，因为，，所以，则在上单调递减，由，则，两边同除以得，又因为在上单调递减，所以，解得，因此，不等式的解集为.二、选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分．在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求，全部选对得6分，部分选对得部分分，有选错的得0分9.函数的导函数的图象如图所示，则下列说法正确的是（）A.为函数的单调递增区间B.为函数的单调递减区间C.函数在处取得极大值D.函数在处取得极小值答案：ABD解析：解答过程：由函数的导函数图象知，当或时，；当或时，，函数在上单调递减，在上单调递增，则函数的单调递减区间为，单调递增区间为，AB正确；函数在，5处取得极小值，在处取得极大值，C错误，D正确.10.“杨辉三角”是中国古代数学文化的瑰宝之一，最早出现在南宋数学家杨辉于1261年所著的《详解九章算法》一书中．“杨辉三角”揭示了二项式系数在三角形数表中的一种几何排列规律，如图所示．下列关于“杨辉三角”的结论正确的是（）A.B.第3行到第10行的各行的第4个数之和为．C.第15行中，第7个数与第8个数相等．D.第0行到第行所有数之和为答案：AD解析：思路：A选项位于第行，第个数可得；B选项利用组合数的性质判断；C选项由第7个数与第8个数分别为可判断；D选项利用等比数列的求和公式计算.解答过程：位于第行，第个数，故，故A正确；第3行到第10行的各行的第4个数之和为，故B错误；第15行中，第7个数与第8个数分别为，不相等，故C错误；第行的所有数之和为，则第0行到第行所有数之和为，故D正确.11.已知函数，则下列说法中正确的有（）A.B.在处的切线方程为：C.若函数，使得成立，则D.答案：ABD解析：思路：取对数即可判断A，由，求导即可判断D，根据导数的几何意义即可判断B，由，由，得，令，即，利用导数研究单调性求最大值即可求解.解答过程：由题意得：，故A正确；又，所以，故D正确；，所以，所以，故B正确；由，又，所以，即，令，由，使得成立，即，所以，令，解得，由，，所以在单调递增，在单调递减，所以，所以，即，故C错误.三、填空题：本题共3小题，每小题5分，共15分．12.二项式的展开式中，常数项为__________．答案：解析：思路：根据二项展开式的通项公式，即可得到答案；解答过程：，当时，，常数项为，故答案为.方法提示：本题考查二项式定理通项公式的应用，考查运算求解能力，属于基础题.13.已知函数，则函数的单调增区间为_____；单调减区间为_____；答案：①.②.，解析：解答过程：易得，，，由得；得且，故函数的单调增区间为，单调减区间为，14.“双减”政策实施以来，各地中小学纷纷开展丰富的课后活动.某校积极开展各种棋类益智活动，某项单人跳棋游戏的规则如下：如图所示，棋子的初始位置为①处，玩家每掷出一枚骰子，朝上一面的点数即为棋子沿棋盘实线顺时针方向前进的格子数，即玩家掷出的点数为，则棋子就按顺时针方向前进i个格子、一直循环下去，现在已知小明同学抛掷3次骰子后棋子恰好又回到起点①处，则其不同的走法数为_________.(用数字作答)答案：27解析：思路：根据题意得到3次投掷骰子的点数之和为8，3次投掷的点数可以为1，1，6；1，2，5；1，3，4；2，2，4；2，3，3；4，6，6；5，5，6；然后分情况求走法数即可.解答过程：根据题意可知抛掷3次骰子后恰好回到起点①处需要8步或16步，所以3次投掷骰子的点数之和为8或16，则3次投掷的点数可以为1，1，6；1，2，5；1，3，4；2，2，4；2，3，3；4，6，6；5，5，6；当点数为1，1，6；2，2，4；2，3，3；4，6，6；5，5，6时，有种情况；当点数为1，2，5；1，3，4时，有种情况；综上可得不同的走法数为12+15=27.故27.四、解答题：本题共5小题，共77分.解答题应写出文字说明、证明过程或演算步骤.15.从5名男生和4名女生中选出4人去参加一项创新大赛.（1）如果4人中男生女生各选2人，那么有多少种选法？（2）如果男生中的甲和女生中的乙必须在内，那么有多少种选法？（3）如果男生中的甲和女生中的乙至少要有1人在内，那么有多少种选法？答案：（1）60（2）21（3）91解析：思路：本题第(1)、(2)题根据组合及分步计数原理的知识可列表达式，进行计算可得结果；（3）采用间接法，计算出反面共有多少种，然后用总的种数去减去反面的种数即可得到结果.（1）根据题意，如果4人中男生女生各选2人，那么有种选法（2）如果男生中的甲和女生中的乙必须在内，那么剩下7人人选2人，共有中选法；（3）从9人中人选4人，共有种，而男生中的甲和女生中的乙都不在内，共有种，所以男生中的甲和女生中的乙至少要有1人在内，那么有种16.已知函数在处有极值，且．（1）求的值；（2）求在区间上的最大值与最小值．答案：（1）（2）最大值为46，最小值为10．解析：思路：（1）由得到的等式，由在处有极值得到，通过联立方程组求出，经验证得到的值.（2）利用导数求出单调性，利用单调性得到的最大值和最小值．（1）（1），（2），联立（1）、（2）解得，当时，代入恒成立，所以原函数不存在极值，此组值舍去.所以．（2）当时，，当或时单调递增，当时，单调递减．又因为所以，所以的最大值为46，最小值为10．17.已知，（1）求展开式中二项式系数和．（2）求展开式中所有项的系数和．（3）求．答案：（1）（2）1（3）4052解析：思路：（1）根据二项式系数和公式求解即可；（2）利用赋值法，令即可求解；（3）先对题设式子求导，再赋值即可求解.（1）由题意，展开式中二项式系数和为.（2）令，得，即展开式中所有项的系数和为1.（3）由，对等式两边同时关于求导，得．在上式中，令，得，则.18.已知函数．（1）若，求曲线在处的切线方程；（2）若恒成立，求的取值范围；（3）若恒成立，求的取值范围．答案：（1）（2）（3）．解析：思路：（1）利用导数的几何意义求出切线的斜率，利用点斜式得到切线方程；（2）由恒成立得到恒成立，构造函数，利用导数求出单调性，利用单调性得到最大值，从而得到的范围.（3）由得到，构造函数，由在上单调性得到函数在上的单调性，利用单调性的定义得到，即，构造函数，利用导数的单调性，从而得到，从而得到的不等式，得到的取值范围．（1）若，则，，求导得，则，所以曲线在处的切线方程为，即．（2）因为恒成立，且，得恒成立，令则求最大值.，当，单调递增；当，单调递减，所以在处取得极大值，也是最大值，所以．（3）不等式，令函数，而函数都是上的增函数，则函数是上的增函数，不等式，则，即，令函数，求