专题八+功能关系+能量守恒定律+专项训练+-2027届高三物理一轮复习

专题八功能关系能量守恒定律专项训练基础对点练选择题：1.重力为200N的小朋友从高为2m的倾斜滑梯的顶端自由下滑。已知小朋友在下滑过程中受到的阻力恒为40N，倾斜滑梯的倾角为30°，小朋友下滑到滑梯底端的过程中，下列判断不正确的是()A.重力对小朋友做功为400JB.小朋友克服阻力做功为160JC.动能增加量为240JD.小朋友的机械能增加了160J2.如图所示，质量为m的足球从水平地面上位置1被踢出后落在位置3，在空中达到最高点2的高度为h，则足球()A.从1到2动能减少mghB.从1到2重力势能增加mghC.从2到3动能增加mghD.从2到3机械能不变3.(2026·江苏省南菁高级中学月考)如图所示，一块长木板B放在光滑的水平面上，在B上放一物体A，A、B间接触面不光滑。物理王老师以恒定的外力拉B，A在B上发生了滑动，以地面为参考系，A、B都向前移动了一段距离。在此过程中()A.王老师做的功等于A和B动能的增量B.王老师对B做的功等于B的动能的增量与B克服摩擦力所做的功之和C.A对B的摩擦力所做的功等于B对A的摩擦力所做的功D.A、B间的摩擦力做的总功等于A的动能的增量4.(2026·江苏苏州期末)如图所示，在竖直平面内有一半径为R的圆弧轨道，半径OA水平、OB竖直，一个质量为m的小球自A点的正上方P点由静止开始自由下落，小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力。已知AP=2R，重力加速度为g，则小球从P点运动到B点的过程中()A.重力做功2mgRB.机械能减少mgRC.合力做功mgRD.克服摩擦力做功125.(2026·江苏镇江市开学考)将一初动能为E的物体(可视为质点)竖直上抛，物体回到出发点时，动能为E2A.E4 B.3E10 C.36.(2026·江苏泰州中学期中)如图所示，轻质弹簧的左端固定，并处于自然状态。小物块的质量为m，从A点向左沿水平地面运动，压缩弹簧后被弹回，运动到A点恰好静止。物块向左运动的最大距离为s，与地面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，弹簧未超出弹性限度。在上述过程中()A.弹簧的最大弹力为μmgB.在弹回过程中，当弹簧处于原长时小物块的速度最大C.弹簧的最大弹性势能等于μmgsD.物块在A点的初速度为27.如图所示，平直木板AB倾斜放置，小物块与木板间的动摩擦因数由A到B均匀增大，小物块从A点由静止释放，恰好可以到达B点，小物块的加速度a、动能Ek、重力势能Ep和机械能E(取地面为参考平面)随下滑位移x变化的图像可能正确的是()8.(2026·江苏省高邮中学期中)现有一质量为m的滑雪运动员从一定高度的斜坡自由下滑。如果运动员在下滑过程中受到的阻力恒定，斜坡倾角为30°，运动员滑至坡底的过程中，其机械能和动能随下滑距离s变化的图像如图所示，重力加速度g=10m/s2，下列说法正确的是()A.运动员下滑过程中只有重力做功B.运动员下滑过程中受到的阻力为60NC.运动员下滑时加速度的大小为5m/s2D.不能确定运动员的质量m的数值综合提升练选择题： 9.(2026·江苏扬州高邮月考)如图所示，小王同学从静止开始沿斜面下滑，经圆弧滑道至A点起跳。此过程中可将人视为质点，不计摩擦力及空气阻力，以滑道最低点所在水平面为参考平面，v、E、Ek、Ep、x分别为人的速率、机械能、动能、重力势能、水平位移，下列图像正确的是()10.在某地区的干旱季节，人们常用水泵从深水井中抽水灌溉农田，简化模型如图所示。水井中的水面距离水平地面的高度为H。出水口距水平地面的高度为h，与落地点的水平距离约为l。假设抽水过程中H保持不变，水泵输出能量的η倍转化为水被抽到出水口处增加的机械能。已知水的密度为ρ，水管内径的横截面积为S，重力加速度大小为g，不计空气阻力。则水泵的输出功率约为()A.ρgSl2gh2ηhHC.ρgSl2gh2ηh二．计算题：11.如图所示，粗糙斜面的动摩擦因数为μ，倾角为θ，斜面长为L。一个质量为m的物块(可视为质点)在电动机作用下，从斜面底端A点由静止加速至B点时达到最大速度v，之后做匀速运动至C点，关闭电动机，物块恰好到达最高点D点，重力加速度为g，不计电动机消耗的电热。求:(1)CD段长度x;(2)BC段电动机的输出功率P;(3)全过程储存的机械能E1和电动机消耗的总电能E2的比值。12.如图所示，将原长为L的轻弹簧置于长为2L的光滑水平面AB上，F为AB的中点，弹簧一端固定在A点，另一端与可视为质点且质量为m的滑块P接触。AB左侧为半径为L的光滑半圆轨道BCD，C点与圆心O等高。现将滑块P压缩弹簧0.5L至E点(图中未标出)后由静止释放，滑块恰好能到达轨道的最高点D，重力加速度为g。(1)求弹簧被压缩至E点时的弹性势能Ep;(2)在BF段铺一表面粗糙的薄膜，改用质量为2m的滑块Q仍将弹簧压缩到E点由静止释放，恰能运动到半圆轨道的C点，求滑块Q与薄膜间的动摩擦因数μ及滑块Q在薄膜上运动的总路程s。培优加强练13.(2026·江苏海安高级中学月考)如图所示，粗糙程度相同的水平地面上的O处固定一竖直光滑杆，质量为m的小滑块P套在杆上，质量为m的小滑块Q放在地面上。滑块P、Q间通过铰链用长为L的刚性轻杆连接，一水平轻弹簧右端与Q相连，左端与固定在地面上的竖直挡板连接。已知Q在初始位置A处时两杆夹角α=37°，弹簧为原长，两小滑块均恰好静止。现给滑块Q一水平外力F，使P以加速度a=0.4g向下做匀加速运动，Q从A位置运动到B位置，此处两杆夹角为53°，该过程中P、Q始终在同一竖直平面内，已知弹簧的弹性势能Ep=12kx2，k为弹簧的劲度系数，x为弹簧的形变量，且k=3mg2(1)滑块Q静止在位置A时，受到的摩擦力Ff大小及支持力FN大小;(2)滑块Q到达位置B时的速度大小vQ;(3)滑块Q从位置A到达位置B过程中，力F做的功WF。参考答案：1.答案D解析重力对小朋友做功为WG=Gh=200×2J=400J，故A正确;小朋友克服阻力做功为W克f=fhsin30°=40×2sin30°J=160J，故B正确;由动能定理可知动能增加量ΔEk=WG-W克f=240J，C正确;摩擦力对小朋友做了负功，根据功能关系可知，小朋友的机械能减少了160J，故2.答案B解析由足球的运动轨迹可知，足球在空中运动时一定受到空气阻力作用，则从1到2重力势能增加mgh，动能减少量大于mgh，故A错误，B正确;从2到3由于空气阻力作用，机械能减小，重力势能减少mgh，则动能增加量小于mgh，故C、D错误。3.答案B解析由功能关系可知王老师做的功等于A和B动能的增量和系统增加的内能，故A错误;对B由动能定理可知，王老师对B做的功等于B的动能的增量与B克服摩擦力所做的功之和，故B正确;A对B的摩擦力与B对A的摩擦力是一对作用力与反作用力，大小相等、方向相反，由于A在B上滑动，A、B相对地面的位移不等，所以二者做功不等，故C错误;由功能关系可知B对A的摩擦力所做的功等于A的动能的增量，故D错误。4.答案D解析小球从P点运动到B点的过程中，重力做的功WG=mg(2R-R)=mgR，故A错误;小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力，则有mg=mvB2R，解得vB=gR，则此过程中机械能的减少量为ΔE=mgR-12mvB2=12mgR，故B错误;根据动能定理可知，合力做功W合=12mvB2-0=12mgR，故C错误;根据功能关系可知，小球克服摩擦力做的功等于机械能的减少量，则W5.答案B解析设物体上升的最大高度为h，根据动能定理可得f·2h=E-E2=根据能量守恒定律可得E=mgh+fh可得mgh=34E，fh=14E所以f=若在上升阶段离出发点H处动能和重力势能相等，则Ek+mgH=E-fH，Ek=Ep=mgH所以Ek=mgH=37若在下降阶段离出发点H'处动能和重力势能相等，则Ek'+mgH'=E-f(2h-H')Ek'=Ep'=mgH'解得Ek'=310E，故B6.答案C解析物块向右运动的过程中，当弹簧的弹力等于滑动摩擦力时，物体的速度最大，物体在速度最大之前所受的弹簧弹力大于滑动摩擦力而加速，弹簧最大弹力大于μmg，故A、B错误;物块向右运动的过程中，根据能量守恒定律得弹簧的最大弹性势能为Ep=μmgs，故C正确;全程根据动能定理得-μmg·2s=0-12mvA2，解得vA=2μgs，7.答案B解析根据题意，小物块从A到B先加速后减速，加速度先向下后向上，方向发生了变化，A错误;设斜面的长度为L，则小物块的重力势能Ep=mg(L-x)sinθ，B正确;下滑过程中，小物块的动能先增加后减少，Ek-x图像的斜率表示合力，根据题意知小物块的合力是变力，与图像不符，C错误;根据功能关系，机械能的减少量等于小物块克服摩擦力所做的功，E-x图像的斜率大小表示摩擦力大小，根据题意可知摩擦力逐渐增大，与图像不符，D错误。8.答案B解析运动员下滑过程中机械能减少，则除有重力做功之外还有其他力做功，A错误;运动员下滑过程中阻力做功等于机械能减少量，则运动员受到的阻力为f=ΔEs=601.0N=60N，B正确;下滑到底端时的动能Ek=12mv2=240J，又v2=2as，mgsin30°-f=ma，解得运动员下滑时加速度的大小为a=4m/s2，m=609.答案D解析小王同学沿斜面下滑过程中只受重力和斜面的支持力，故其做匀加速直线运动，加速度恒定，v-t图像的斜变不变，A错误;整个过程中机械能守恒，B错误;设斜面倾角为θ，小王同学沿斜面运动时由功能关系得其动能Ek=mgxtanθ，是关于x的一次函数;沿圆弧轨道运动时水平位移与上升高度不成正比，故Ek关于x不是一次函数，C错误;小王同学沿斜面运动时，设初始时距斜面底端距离为L，则有Ep=mg(Lsinθ-xtanθ)，滑到底端时，重力势能为0，是关于x的一次函数，沿圆弧轨道运动时水平位移与上升高度不成正比，故Ep关于x不是一次函数，D正确。10.答案B解析设水从出水口射出的初速度为v0，取t时间内的水为研究对象，该部分水的质量为m=v0tSρ，根据平抛运动规律v0t=l，h=12gt2，解得v0=lg2h，根据功能关系得Ptη=12mv02+mg(H+h)，联立解得水泵的输出功率为P=ρgSl11.答案(1)v22g(sinθ+μcosθ)(2)解析(1)对物块从C点运动到D点的过程，由动能定理有-mgxsinθ-μmgxcosθ=0-12mv解得x=v2(2)物块在BC段做匀速直线运动，由平衡条件有F=mgsinθ+μmgcosθ则电动机的输出功率P=Fv=mgv(sinθ+μcosθ)。(3)根据题意，全过程储存的机械能E1=mgLsinθ由能量守恒定律可知电动机消耗的总电能E2=mgLsinθ+μmgLcosθ则E1E212.答案(1)2.5mgL(2)0.255L解析(1)滑块恰好能到达轨道的最高点D，则有mg=mv从E到D由能量守恒定律有Ep=12mvD2+联立解得Ep=2.5mgL。(2)由题意可知滑块Q到C点时速度为0，从E到C由能量守恒定律有Ep=μ·2mgxBF+2mgL其中xBF=L联立解得μ=0.25滑块Q最终停在BF上，由能量守恒定律有Ep=μ·2mgs联立解得s=5L。13.答案(1)0.75mg2mg(2)0.3gL(3)0.075mgL解析(1)滑块Q恰好静止在A处时，滑块P受力分析如图甲所示则有FNP=mgtanα=0.75mg两滑块整体受力分析如图乙所示则有FN=2mg，Ff=FNP=0.75mg。(2)滑块Q到达位置B处时，两滑块沿杆方向的分速度相等，则有vQsin53°=vPcos53°滑块P下降高度H=L·cos37°