2026中考物理高频考点练习（50题）附解析

高频考点精选精练一遍过（50题）

1.如图所示，为保障生鲜食品的品质，在长途运输过程中，常在包装箱内放置固态冰袋，从

而维持箱内低温环境。这一保鲜方式所依据的物理原理是（）

A.冰熔化吸热B.冰熔化放热

C.冰凝固放热D.冰凝固吸热

【答案】A

【详解】固态冰袋在使用时会发生从固态到液态的熔化过程，该物态变化需要从周II环境吸收

热量，从而降低并维持箱内的低温环境以保障食品品质，故选A。

2.如图所示，小红用水平向右的力推购物车，车由静止开始运动，然后她突然松手，发现车

仍能向前运动一段距离。下列说法正确的是（）

A.购物车的重力与地面沏购物车的支持力是一对相互作用力

B.松手后购物车仍向前运动，这是由于购物车受到惯性力作用

C.购物车水平向右运动时，购物车的重力对购物车做了功

D.购物车由静止开始运动，说明力可以改变物体的运动状态

【答案】D

【详解】A.购物车的重力与地面的支持力均作用在同一个物体上，是一对平衡力，而相互作

用力必须分别作用在两个不同的物体上，故A错误；

B.惯性是物体固有的属性，并非一种实际存在的力，物理学中不能表述为物体“受到惯性力

作用“，故B错误；

C.购物车沿水平方向移动，在竖直向下的重力方向上没有产生位移，因此重力没有对购物车

做功，故c错误；

D.推力使购物车由静止状态转化为运动状态，直接体现了“力是改变物体运动状态的原因”这

一咳心物理规律，故D正确。

故选D。

3.下图所示的装置底部有一阀门AB,先将其关闭，往左管注入食用油（%用油=O.9xlO3kg/m3）,

往右管注入清水，使液面相平。再将阀门AB打开，等待一段时间后两管中的液面将（）

A.仍然相平B.左低右高C.左高右低D.无法确定

【答案】C

【详解】阀门AB右端受到清水的压强为〃石，左端受到食用油的压强为〃左,两容器液面相平，

即深度相等,都为九则P右=。水P左”油g/?

因为。水>0油，则〃右>〃左

所以将阀门AB打开，液体向左流动，右管中的水面下降，最终左高右低。

故选Co

4.如图所示是压水堆核电站的基本原理。核燃料在反应堆中产生的能量加热“一回路”的水，

加热后的水经过管道，使蒸汽发生器内部的水变为蒸汽，蒸汽推动汽轮机转子旋转带动发电机

发电，再利用高压输电线将电输送到城市中。下列说法正确的是（）

B.蒸汽对汽轮机做功，把机械能转化为内能

C.发电机中的线圈做切割磁感线运动，产生感应电流

D.为减少电能损耗，高压输电线应选用导电性能差的材料制成

【答案】C

【详解】A.核电站的核燃料在反应堆中发生的是核裂变反应，故A错误；

B.蒸汽推动汽轮机做功，是将蒸汽的内能转化为汽轮机的机械能，故B错误；

C.发电机的工作原理是电磁感应现象，线圈在磁场中做切割磁感线运动，从而产生感应电流，

故C正确；

D.根据焦耳定律可知，输电线电阻越小，相同条件下产生的热量越少，损耗越小.高压输电

线需要选用导电性能好的材料，以减小电阻，从而减少输电过程中的电能损耗，故D错误。

故选C。

5.“留连戏蝶时时舞，自在娇莺恰恰啼”是唐代诗人杜甫的《江畔独步寻花七绝句》的一句诗

词，杜甫能看到蝴蝶飞舞却听不到蝴蝶飞行的声音，杜甫能通过清脆的声音知道是‘娇莺”发出

的，这是由于（）

A.蝴蝶的翅膀振动太慢，它对人来说是次声波，所以人耳听不到

B.蝴蝶的翅膀振动的幅度太小，所以响度小，人耳「斤不到

C.“娇莺恰恰啼”是由于“娇莺”清脆的声音可以不通过介质也能被人听见

D.杜甫是根据“娇莺恰恰啼”所发出的声音的音调来辨别出这是“娇莺”啼声的

【答案】A

【详解】AB.我们听不到蝴蝶翅膀振动发出的声音是因为蝴蝶的翅膀振动太慢，其振动频率

低于20Hz,它对人来说是次声波，而不是因为响度太小，故A符合题意，B不符合题意；

C.任何声音传播都需要介质，故C不符合题意；

D.音色是发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定，是区别声音的重要标志。“娇莺”啼

声与其他鸟类等声音不同，人们是根据声音的音色来辨别“娇莺”啼声的，故D不符合题意。

故选Ao

6.如图所示，是一种恒温箱的原理图。下列说法错误的是（）

A.温度计中的水银是导体

B.当温度升高到设定值时，电热器停止工作

C.电磁铁的左端为N极

D.若要调高恒温箱的设定温度，应将金属丝向上调节

【答案】C

【详解】A.温度计中的水银是金属，是导体，故A正确；

B.当温度升高到设定值时，电磁铁将衔铁吸住，电热器停止工作，B正确；

C.图中电流从电磁铁左端流入，右端流出，由安培定则可知，电磁铁的右端为N极，故C

错误；

D.若要调高恒温箱的设定温度，应将金属丝向上调节，到达设定的温度后，再停止工作，D

正确。

故选Co

7.我国自主设计建造的首艘弹射型航空母舰福建舰于2025年11月5日正式服役，其电磁弹

射起飞系统可以搭载固定翼舰载无人机，重型舰载战斗机以及固定翼舰载预警机等多种新型舰

载机，是中国航母舰载机的跨越。下列说法正确的是（）

A.福建舰在海上航行时受到的浮力大于重力

B.福建舰的电磁弹射系统与发电机的工作原理相同

C.飞机升力产生的原理是：机翼上方的空气流速大，压强小

D.舰载机在空中匀速转圈执行侦察仟务的过程中，运动状态没有改变

【答案】C

【详解】A.福建舰在海上航行时处于漂浮状态，根据物体的漂浮条件，浮力等于自身重力，

故A错误；

B.电磁弹射系统的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用；而发电机的工作原理是电磁

感应现象，故B错误；

C.飞机的机翼设计为上凸下平的形状，当空气流过机翼时，上方的空气流速大，压强小；下

方的空气流速小，压强大，从而产生向上的压力差，也就是升力，故C正确；

D.舰载机在空中匀速转圈时，虽然速度大小不变，但运动方向一直在改变，因此它的运动状

态发生了改变，故D错误。

故选Co

8.贯通我区的地铁十五号线一期于2025年12月29日正式开通运营。东起东兆余站，西至细

柳站，共设13座站，全程24km,单程运行时间约30min.如图是张华乘坐该地铁时的情景，

下列说法错误的是（）

A.车厢内的张华看到窗外的广告牌向后退，这是以车厢为参照物

B.地铁沿平直轨道匀速行驶时，不受摩擦力的作用

C.地铁从东兆余站运行到细柳站的平均速度是38.8km/h

D.在站台上候车必须站在安全线以外

【答案】B

【详解】A.张华以车厢为参照物，窗外的广告牌相对于车厢向后运动，是以车厢为参照物,

故A正确；

B.地铁沿平直轨道行驶时，车轮与轨道之间存在摩擦力，且此时牵引力与摩擦力为一对平衡

力，故B错误；

cIQ4km

C.运行时间f=30min=0.5h,已知全程19.4km,则平均速度为y=-二W『=38.8km/h,故C

t0.5h

正确；

D.地铁进站时，车体附近空气流速大、压强小，若人站在安全线内，外侧大气压会将人压向

车体，引发安全事故，因此候车需站在安全线外，故D正确。

故选Bo

9.2025年11月14日，应急任务换乘神舟二十一号飞船，首次使用了“三圈自主快速返回''这

项原计划于2026年实施的技术。该方案由5圈返回优化为3圈，其核心是将离轨控制制动参

数由地面计算改为由飞船上的制导导航与控制系统（GNC系统）自主更新计算。其着陆过程

的部分轨迹如图所示（虚线圈表示同一高度）。若只考虑空气阻力和重力的影响，则在此过程

中，下列关于神舟二十一号飞船的说法中，正确的是（）

A.神舟二十一号飞船的GNC系统中的各种传感器由超导体材料制成

B.神舟二十一号K船返叵过程中A点的动能等于8点的动能

C.神舟二十一号飞船在8C段的机械能守恒

D.神舟二十一号飞船C3段动能的增加量等于重力势能的减小量

【答案】C

【详解】A.神舟二十一号飞船的GNC系统中的各种传感器由半导体材料制成，故A错误；

B.神舟二十一号飞船返回过程中，在从A点到B点时，有空气阻力，机械能减小，而A点与

B点高度相同，重力势能相同，因此A点到B点动能减小，即A点的动能大于B点的动能，

故B错误；

C.神舟二十一号飞船在6c段，无空气阻力，因此机械能守恒，故C正确；

D.神舟二十一号飞船8段，有空气阻力，摩擦生热，重力势能的减小量等于动能的增加量

与内能增加量之和，即动能的增加量小于重力势能的减小量，故D错误。

故选Co

10.关于核能的特点及其利用，下列说法正确的是（）

A.核能是可再生能源，取之不尽用之不竭

B.核电站将核能直接转化为电能

C.核废料处理简单，不会对环境造成长期影响

D.核电站利用核裂变释放能量，氢弹利用核聚变释放能量，二者都属于核反应

【答案】D

【详解】A.核能属于不可再生能源，在短期内无法获得补充，故A错误；

B.目前的核电站都是利用核反应堆中核裂变，将核能转化为内能，再将内能转化为电能，故

B错误；

C.核废料具有放射性会对环境造成严重的破坏，不能随意丢弃，故C错误；

D.核电站和原子弹都是利用核裂变释放能量，氢弹利用核聚变释放能量，核裂变和核聚变都

属于核反应，故D正确。

故选Do

11.民为国基，谷为民安，粮食涉及国运民生。玉米在收割时通常采用“机械直收+就地烘干”

模式C烘干使玉米中的水分发生了（）

A.熔化B.液化C.汽化D.升华

【答案】C

【详解】玉米中的水分原本是液态，烘干过程中，水分受热后由液态变为气态（水蒸气），这

个过程属于汽化，故选C。

12.小聪仔细观察了爸爸在厨房烹饪的全过程，下列图片中的现象解释搭配错误的是（）

甲乙丙丁

A.图甲中，冰箱冷冻室形成“白霜”——凝固—放热

B.图乙中，冻肉解冻过程——熔化——吸热

C.图丙中，煮肉时锅上方产生“白气”——液化——放热

D.图丁中，刷碗后水盆里残留的水变干——汽化——吸热

【答案】A

【详解】A.冰箱冷冻室的“白霜”是气态水蒸气直接变为固态小冰晶形成的，该物态变化是凝

华：凝华放热，故A错误，符合题意；

B.冻肉解冻是固态冰变为液态水的过程，属于熔化，熔化过程吸热，故B正确，不符合题意；

C.煮肉时锅上方的“白气”是气态水蒸气遇冷液化形成的液态小水滴，液化过程放热，故C正

确，不符合题意；

D.水盆里残留的水变干是液态水变为气态水蒸气的过程，属于汽化，汽化过程吸热，故D正

确，不符合题意。

故选Ao

13.如图所示，闭合开关后，小刚利用图中的手势能正确地判断出通电螺线管的极性，下列说

法正确的是（）

A.由小刚的手势，可判断出小磁针的N极向上

B.由小刚的手势，可判断出。端为电源的正极

C.调换电源正负极，小刚右手大拇指指向不变

D.增大螺线管电流，小刚右手大拇指指向改变

【答案】B

【详解】A.根据安培定则，小刚大拇指指向螺线管上端，因此通电螺线管上端为N极，下端

为S极；螺线管外部磁感线从N极出发回到S极，小磁针所在的螺线管左侧位置磁感线方向

向下，小磁针静止时N极指向与磁场方向一致，因此小磁针N极向下，故A错误；

B.根据安培定则，四指弯曲方向为螺线管内电流方向，可判断电流从螺线管下端流入、上端

流出，因此接螺线管下端的。端为电源正极，故B正确；

C.通电螺线管的磁极方向与电流方向有关，调换电源正负极后，螺线管内电流方向改变，磁

极方向改变，因此右手大拇指指向会发生改变，故c错误；

D.通电螺线管的磁极方向与电流大小无关，增大电流只改变螺线管的磁性强弱，不改变磁极

方向，因此右手大拇指指向不变，故D错误。

故选Bo

14,在2026年米兰冬奥会上，徐梦桃勇夺自由式滑雪女子空中技巧冠军，其在雪道加速下滑

的过程中（)

A.惯性越来越大B.运动状态不变

C.所受合力一定不为零D.所受到的摩璨力为零

【答案】C

【详解】A.惯性是物体自身的一种性质，只与质量有美，在雪道加速下滑的过程中，质量不

变，惯性大小不变，故A不符合题意；

B.在雪道加速下滑的过程中，速度越来越大，其运动状态改变，故B不符合题意；

C.在雪道加速下滑的过程中，处于非平衡状态，受非平衡力的作用，其所受合力不为0,故

C符合题意；

D.在雪道加速下滑时，与雪道相互接触、挤压、接触面粗糙，且存在相对运动，因此一定受

到摩擦力的作用，故D不符合题意。

故选Cc

15.如图的实例中，能直接证明大气压真实存在的是（)

A.高压锅能更快地煮熟食物

D.用吸管将饮料吸入口中

【答案】D

【详解】A.高压锅能更快地煮熟食物，是因为锅内气压升高，水的沸点升高，与大气压的存

在证明无关。故A不符合题意；

B.茶壶的壶嘴和壶身水面相平，这是连通器原理的应用，即静止在连通器内的同一种液体,

各部分直接与大气接触的液面总是保持在同一高度，不能证明大气压的存在。故B不符合题

意；

C.拦河大坝设计成上窄下宽，是由于液体压强随深度的增加而增大，大坝下部受到的压强比

上部大，所以要更宽一些来承受更大的压力，与大气压无关。故c不符合题意；

D.用吸管将饮料吸入口中时，先把吸管内的空气吸走，使吸管内的气压减小，小于外界大气

压，在大气压的作用下把饮料压入吸管进而进入口中，能直接证明大气压真实存在。故D符

合题意。

故选D。

16.现代智能家居系统中，各种传感器和控制电路的设计蕴含着丰富的物理知识。下列关于家

庭生活中的电学现象与电路设计的说法，正确的是（）

A.用塑料梳子梳干燥的头发时，头发会随梳子飘起，是因为梳子和头发带同种电荷

B.智能门锁通常设有“指纹”和“密码”两种解锁方式，只要验证通过任意一种即可开门，这

说明控制指纹和密码的两个开关是串联的

C.厨房中的抽油烟机和照明灯可以独立工作，互不影响，说明它们是并联连接的

D.验电器是检验物体是否带电的仪器，其工作原理是异种电荷相互吸引

【答案】C

【详解】A.用塑料梳子梳干燥的头发时，梳子和头发因摩擦起电，带异种电荷（异种电荷相

互吸引），所以头发会随梳子飘起。若带同种电荷会相互排斥，头发不会紧贴梳子，故A错误；

B.智能门锁“指纹”和“密码”任意一种验证通过即可开门，说明两个开关互不影响，只要任意

一个开关闭合（验证通过），电路即可接通。在电路中，并联电路的各支路独立工作，而串联

电路必须所有元件都接通才能工作。因此两个开关应为并联关系，故B错误；

C.厨房中的抽油烟机和照明灯可以独立工作、互不影响，这是并联电路的典型特征，故C正

确；

D.验电器是检验物体是否带电的仪器，其工作原理是：当带电体接触金属球时，电荷传导至

金属箔片，使两片金属箔带上同种电荷，同种电荷相互排斥，从而使箔片张开，故D错误。

故选Co

17.在跨学科实践”为家庭电路做设计”的活动中，同学们所提观点合理的是（）

A.各分支回路之间是并联的

B.可以同时使用多个大功率用电器

C.不弄湿用电器，不允许损坏绝缘层

D.总功率大的分支回路要选用粗一些的导线

【答案】ACD

【洋解】A.家庭电路中各支路之间互不影响，是并联的。故A符合题意；

B.同时使用多个大功率用电器，会导致干路中电流过大，损坏电路甚至引起火灾。故B不符

合题意；

C.用电器沾水变湿或者绝缘层破损，容易造成触电事故。故C符合题意；

D.支路工作总功率大，工作时导线中电流大，使用的导线越粗，允许通过的最大电流越大。

故D符合题意。

故选ACDo

18.宇宙是一个（选填"有''或"无”）层次的天体结构系统。一大批探测器承载着人类的

好奇心，奔赴“星辰大海”，去揭示浩瀚宇宙的奥秘。太空中的探测器是通过_____波与地面控

制中心联系，该波的传播（选填“需要”或“不需要”）介质C

【答案】有电磁不需要

【详解】宇宙的天体结构按地月系、太阳系、银河系等呈现明确的层级划分。

太空属于真空环境，探测器需利用能在真空中传播的电磁波与地面控制中心传递信息。

电磁波的传播不需要任何介质，可以在真空中直接进行。

19.我国古代制香工艺蕴含着丰富的物理知识，能闻到香味说明了,加热香料的过程

是利用了方法改变物体内能。

【答案】

分子在永不停息地做无规则运动

热传递

【详解】能闻到香味属于扩散现象，说明分子在永不停息地做无规则运动。改变物体内能的方

式有做功和热传递，加热杳料的过程中香料吸热后内能增加，属于热传递的方法改变物体内能

的。

20.弘扬雷锋精神，争做新时代的好榜样。学校举行了“讲雷锋故事，学雷锋精神'’的主题演讲

比赛。演讲声是由参赛者的声带产生的；同学们在演讲声中学习雷锋故事，体会雷锋

精神，说明声音可以传递________（选填“信息”或“能量

【答案】振动信息

【详解】声音是由物体振动产生的，演讲声是由参赛者声带振动产生；同学们通过演讲声知晓

雷锋故事、体会精神，这是声音传递信息的体现。

21.“海口湾看烟花”2025年海口元宵烟花晚会，无人机灯光秀和绚丽的烟花接续上演，无人

机携带烟花匀速上升过程，其机械能（选填“不变”或“增大”）；以地面为参照物，“无

人机”是________的（选填“运动”或“静止。

【答案】增大运动

【详解】［1］无人机携带烟花匀速上升时，质量与速度均不变，动能不变；质量不变、高度升

高，重力势能增大。机械能是动能与重力势能的总和，因此机械能增大。

⑵以地面为参照物，无人机的位置不断发生变化，所以无人机是运动的。

22.如图是第十五届全运会火炬“绽放”，其整体呈金色，采用3D打印技术和耐高温铝合金制

造，全长约76（填写单位名称）。点燃火炬后，火炬外壳温度升高，内能变大，这是

通过________的方式改变物体内能的。

【答案】厘米/cm热传递

【详解】［1］略。

⑵火炬点燃后，火焰的热量通过热传递给火炬外壳，使外壳温度升高、内能增大。

23.在音乐节的文创市集，小明拆封文创塑料膜时，发现塑料膜总是“粘''在手上不易甩掉，当

小明尝试将两片粘手的膜靠近时，它们却马上分开，这是因为两片膜在运输过程中与快递纸箱

摩擦带上了（选填“同种”或“异种”）电荷。若摩擦过程中纸箱失去电子，则塑料膜

带（选填“正”或“负”）电，该过程中电流方向为（选填”从纸箱到塑料膜”

或“从塑料膜到纸箱

【答案】同种负从塑料膜到纸箱

【详解】［1］根据电荷间的相互作用规律，同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。两片膜靠

近后相互分开，说明二者带同种电荷。

⑵摩擦起电的本质是电子的转移，物体失去电子带正电，得到电子带负电。纸箱失去电子，

塑料膜得到电子，因此塑料膜带负电。

［3］电流方向规定为正电荷定向移动的方向，与电子（负电荷）定向移动方向相反。摩擦过程

中电子从纸箱转移到塑料膜，即电子移动方向为从纸箱到塑料膜，所以电流方向为从塑料膜到

纸箱。

24.如图所示，在“会动的纸巾小人''实验中，用干燥毛巾摩擦塑料笔杆后，将笔杆靠近叠好的

纸巾小人，小人会被吸起并跳动，其原因是塑料笔杆带了。塑料笔杆属于

（选填“导体”或"绝缘体

【答案】电荷绝缘体

【详解】［1］用干燥毛巾摩擦塑料笔杆时，发生了摩擦起电现象，使塑料笔杆带上了电荷。带

电沐具有吸引轻小物体的性质，因此会吸起纸巾小人，使其跳动。

⑵塑料笔杆的材质是塑料，不容易导电，因此属于绝缘体。

25,2026年春晚，武术科技表演节目《武BOT》燃爆全场。舞台上，一排排机器人动作行云

流水，跳马、后空翻衔接流畅。如图所示，这是现场观众用照相机拍摄的一张照片。照相机的

镜头相当于一个透镜；当机器人靠近照相机时，机器人在感光元件上所成的像

（选填“变大”“变小”“不变。

【答案】凸变大

【详解】照相机的镜头相当于一个凸透镜，其成像原理是当物距大于两倍焦距时，成倒

立、缩小的实像。根据凸透镜成像规律，物近像远像变大，当机器人靠近照相机时，物距变小，

则见器人在感光元件上所成的像变大。

26.如图所示，《天工开物》中记载了用朱砂矿石提炼水银的工艺。将朱砂矿石放入密闭容器

中加热，朱砂受热分解，生成水银蒸气，水银蒸气上升遇到上面弯管内壁冷凝成水银，这个过

程发生的物态变化是。水银的凝固点是-39℃,在寒冷的冬天，漠河最低气温可达-53C,

生活在那里的人们(填“能”或“不能”)用水银温度计测量气温。

【答案】液化不能

【详解】[1]水银蒸气遇到冷的弯管内壁变成液态水银，是物质从气态变为液态的过程，属于

液匕

[2]-53℃时水银为固态，固态水银无法根据液体热胀冷缩的规律工作，因此不能使用水银温度

计测量该气温。

27.如图为2026年春晚武术节目《武BOT》中，人形机器人与少年同台共“武”。

(1)舞台上不同方位的摄像头都能拍摄到机器人，是光照在机器人外壳发生______反射。

⑵机器人鞋底上凹凸不平的花纹是为了摩擦，机器人从舞台跃起到最高点的过程中，

其动能转化为o

(3)机器人利用3D激光雷达定位，某次激光从机器人发射，碰到障碍物后反射回机器人，共用

时4x10之，则机器人与障碍物相距in(已知激九速度为3xl0*m/s)。

【答案】⑴漫

⑵增大重力势能

(3)6

【详解】(1)舞台上的摄像头都能拍摄到机器人，说明机器人外壳反射的光能够向各个方向传

播，从而被不同角度的摄像头接收到，因此是光照在机器人外壳发生漫反射。

(2)[1]机器人鞋底上凹凸不平的花纹，是在压力一定的情况下，通过增加接触面的粗糙程度

来增大摩擦力。

⑵机器人从舞台跃起到最高点的过程中，质量不变，速度变小，动能减少，同时其高度变大，

重力势能增加，因此其动能转化为重力势能。

(3)由题意可知，激光到达障碍物的时间为，=gx4xl()Ts=2xl(r8s

根据y=j可知，机器人距离前方障碍物的距离为$=W=3xl08m/sx2xl()8s=6m

28.“天宫一号”是中国第一个空间实验室，自发射入轨，先后与神舟八号、神舟九号和神舟十

号飞船完成多次空间交会对接，为中国载人航天发展作出了重大贡献。

(1)长征二号F火箭运载“天宫一号”升空时，火箭中的燃料燃烧，向下喷出火焰，火箭却向上

运动，这是因为：;火箭在大气层中不断加速上升，说明力可以改变火箭的

(2)如图所示为我国第一位“天宫教师”王亚平在太空实验室里给同学上课的情景。王亚平老师制

作的水球相当于一个凸透镜，对光有作用；图中水球的成像原理与生活中的

___________相同。

【答案】(1)力的作用是相互的运动状态

⑵会聚照相机

【详解】(1)[1]火箭中的燃料燃烧，向下喷出火焰，根据力的作用是相互的，火焰向上推火

箭：火箭向上运动。

[2]火箭在大气层中不断加速上升，运动状态在改变，说明力可以改变火箭的运动状态。

(2)[1]凸透镜中间厚，边缘薄，对光有会聚作用。

⑵如图所示，所成像为倒立、缩小的实像，与生活中的照相机成像相同。

29.如图所示，在“比一比肺活量”的趣味游戏中，科学老师将嘴靠近塑料袋口，但不紧贴袋口，

深吸一口气后，朝挤瘪的塑料袋中吹去，2米长的塑料袋瞬间被吹鼓起来，这种神奇现象是因

为吹气时塑料袋口处空气流速增大，压强______(选填“变大”、“变小”或"不变”)，在周围大

气压的作用下，空气快速进入袋中。

【答案】变小

【详解】根据流体压强与流速关系可知，吹气时塑料袋口处空气流速增大，压强变小。

30.阅读短文，回答问题。

电动汽车电池性能及运动阻力分析

电池是电动汽车的核心部件之一，衡量电池性能的一个重要参数是能量密度，它指的是电池单

位质量所储存的电能。电动汽车的电池支持多种充电模式，通常情况下，快充模式采用的是直

流电，特点是电压高、电流大。

某电动汽车部分参数见表，它在水平方向匀速行驶时受到的阻力包括空气阻力力和机械阻力人,

其中力的大小与车速的平方(v2)成正比。

题表

长X宽X高4.7mx2.0mxl.4m

电池容量60kWh

最高续航里程600km

电池质量400kg

。40v/(ms_,)

(1)电动机是电动汽车的动力来源，它的工作原理是通电导体在磁场中受到的作用。

⑵此款电动汽车电池的能量密度是______(Wh)/kgo

(3)采用快充模式给电池充电时，为了避免导线过热，快充线宜选用横截面积较(选填“大”

或“小”)的导线。若该车采用快充模式充电0.5h,电池电量由30%升至80%,则此时的充电功

率为kWu

(4)若该车车速是20m/s时，受到的空气阻力力为160N,则当车速是30m/s时，力的大小变为

No若机械阻力分布(机械阻力力占总阻力的百分比)与车速的关系如图所示，当汽车

以最大速度水平匀速行驶时，牵引力的功率为90kW,则此最大速度为m/so

【答案】(1)力

(2)150

⑶大60

(4)36060

【详解】(1)电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用。

(2)根据题意，能量密度为单位质量电池储存的电能。由表格数据可知，总电能

E=60kWh=6xl04Wh

电池质量帆=400kg,因此能量密度为空条誓=150W.h/kg

400kg

(3)［1］快充电流大，根据焦耳定律Q=〃肋，要减少导线发热需要减小导线电阻；导体材料、

长度相同时，横截面积越大电阻越小，因此选横截面积较大的导线。

⑵充电获得的电能W=(80%-30%)x60kWh=30kWh

w30kWh

充电时间/=0.5h,则充电功率＜=—='.g=60kW

t0.5h

f160N

(4)［1］由题意力与/成正比，设工=加，则仁今二次幻为外力而

则当车速是30m/s时，f,的大小变为/=仙;=0.4N.s2/m2x(30m/s)2=360N

⑵由图可得，机械阻力分布随速度线性变化，设机械阻力分布与速度的关系式为，7=荻+/兀当

速度为。时，机械阻力力占总阻力的百分比为100%,当速度为4()m/s时，机械阻力人占总阻

力的百分比为36%。代入数据可得，，7=「。.。16口

则空气阻力占比为"〃=0.0⑹，，故工总=0.0⑹%

由［1］得工=0.4巴则0.4/=0.016宿

解得/m=25»，

当汽车以最大速度水平匀速行驶时，汽车处于平衡状态，牵引力/=九，则功率

P=Fv=/,v=25v2=90kW=9xlO4W

解得v=60m/s

31.探究杠杆的平衡条件。

实验序号动力耳/N动力臂4/m阻力工/N阻力臂

110.10.50.2

210.110.1

31.50.33().15

（1）图甲所示为实验前杠杆静止时的状态，此时杠杆（选填“是''或"不是”）处于平衡状态；

为使其在水平位置平衡，应向（选填“左''或"右调节杠杆两端的螺母；调节完成后,

若不计摩擦，则杠杆自重对实验______（选填"有''或"没有”）影响。

⑵小明对杠杆的平衡条件提出如下两种猜想。

猜想1：动力十动力臂二阻力十阻力臂

猜想2：动力x动力臂=阻力x|；且力臂

用已调节完成的杠杆进行实验，所得的实验数据见表，分析数据可知，猜想是正确的。

⑶小明继续探究“杠杆的平衡是否受支点到力的作用点的距离影响”。如图乙所示，他用薄片制

作了一个圆盘（相当于杠杆），圆盘可以绕着圆心。转动，直径上所标各点间距离相等（转

轴阻力忽略不计）。

①艰据前面的探究结论，他在圆盘的A点挂上3个相同的钩码，在8点挂______个相同的钩

码，可使圆盘在图示位置平衡。

②保持A点所挂钩码不变，将挂在3点的钩码移动到C点，发现圆盘仍能在图示位置保持平

衡，这一现象说明支点到力的作用点的距离（选填“是”或“不是”）直接影响杠杆平衡的

因素。

③实验中小明发现悬挂和移动钩码很不方便，可采取的改进措施是_____o

【答案】（1）是右没有

（2）2

（3）4不是将钩码换成弹簧测力计进行实验

【详解】（1）杠杆静止即为平衡状态。图甲中杠杆左端下沉，说明左端偏重，平衡螺母需向右

调节。调节至水平位置后，杠杆自重过支点，自重力臂为0,不计摩擦时自重不影响实验。

（2）将表中数据代入猜想，实验1、3的数据对于猜想1不支持，三组数据中均满足猜想2,

故猜想2是正确的。

（3）设每格长度为/,每个钩码重力为G。由杠杆平衡条件可得，3Gx4/=nGx3/

解得〃=4,即在B点挂4个相同的钩码，可使圆盘在图示位置平衡。

将钩码从B移至C,支点到作用点距离不变，但力的方向垂直于半径，力臂为支点到力作用线

的垂直距离，力臂仍为3/不变，圆盘仍平衡。说明支点到作用点的距离不是直接影响平衡的因

素C

改进措施：可用弹簧测力计代替钩码，便于调节力的大小和方向。

32.图甲是某同学探究冰熔化的实验装置图（其中烧杯和试管中都是冰块，a是铁杆，b是铁

夹,c是铁圈）。

c

b

1o

o

1O

甲乙丙

（1）如图甲所示,为保证用酒精灯外焰加热，应先调节并固定（填字母）的位置。

（2）点燃酒精灯,每隔1min读取一次温度计示数。实验过程中某时刻试管中温度计的示数如图

乙所示，则温度为

⑶记录实验数据并根据图像绘制图丙所示的图像，分析图像可知：第6min时烧杯内物体处于

态；试管中的冰从第min开始熔化（不考虑环境温度对实验的影响）。

（4）通过实验得出物体熔化时需要同时满足达到熔点、两个条件。

⑸结合实验，解释用（）℃的冰块保存海鲜比（）℃的水更好的原因是:

【答案】(l)c

⑵-2

⑶固液共存10

(4)继续吸热

(5)0℃的冰块在熔化过程中会持续吸热，而温度保持0℃不变，能更长时间维持低温环境

【详解】(1)为保证用酒精灯外焰加热，组装实验装置时应从下往上调节，所以先调节并固定

c铁圈的位置，来确定石棉网和烧杯的高度。

(2)图乙中温度计的分度值为1℃,液柱在()℃以下，示数为-2℃。

(3)由图丙可知，烧杯中的冰从第Omin开始吸热升温，到第4min时达到熔点并开始熔化,

熔叱过程温度不变，第lOmin时熔化完成，所以第6min时，烧杯内的冰处于固液共存态。

试管中的冰需要从烧杯的冰中吸热，烧杯的冰熔化时温度保持0℃,当烧杯的冰完全熔化后,

温度才会升高，继续给试管中的冰加热，所以试管中的冰从第lOmin开始熔化「

(4)通过图丙冰的熔化图像可知，晶体熔化的条件是：达到熔点，继续吸热。

(5)()℃的冰块在熔化过程中会持续吸热，而温度保持()℃不变，能更长时间维持低温环境;

0℃的水吸热后温度会迅速升高，无法长时间保持低温，所以用0C的冰块保存海鲜比0C的水

更好。

33.根据图示的实验回答下列问题。

(1)如图是小明在用托盘天平测量物体的质量，他将托盘天平放在水平桌面上，把游码移到标

尺的零刻度线处，分度盘如图甲所示，小明应将平衡螺母向调节，使指针指在分度盘的

中线处；横梁水平平衡后，小明在左盘放上水笔，在右盘加减祛码并移动游码，横梁恢复平衡

后，右盘中祛码的质量和游码在标尺上的位置如图乙所示，则该水笔的质量为go

⑵在“探究通电螺线管外部磁场的方向”的实验中，把小磁针放在螺线管四周不同的位置，通电

后发现小磁针的指向如图丙所示，此时通电螺线管的左端为极；对调电源的正负极重复

上述实验，发现小磁针的指向与之前相反，说明通电螺线管的极性跟的方向有关。若将

电源更换为电流表，闭合开关，将条形磁体插入螺线管，可以观察到电流表指针发生偏转，这

一现象叫作。

【答案】⑴左9

⑵S/南电流电磁感应

【详解】（I）指针指在分度盘中央刻度线右侧，说明天平左盘高右盘低，应将平衡螺母向左调

节使天平横梁平衡。

标尺的分度值为0.2g,游码对齐刻度为4g,则待测物体质量为〃?=5g+4g=9g

（2）开关闭合后，螺线管表面导线电流方向是向下的，根据安培定则可以判定，右端为N（北）

极，左端为S（南）极。

磁为中静止小磁针N极指向为该点磁场方向，将电源正负极对调，螺线管中电流方向发生了

变化，导致小磁针N极指向发生变化，说明磁场方向与电流方向有关。

电流表指针发生偏转，说明电路有电流产生。电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，电

路中产生电流，这种现象叫做电磁感应0

34.小亮游泳时发现，当他从浅水区走向深水区时感到呼吸越来越困难，他认为这可能与液体

压强有关。为了探究影响液体压强大小的因素，小亮组亮出了以下猜想，并借助U形管压强

计、烧杯、清水、盐水等器材展开实验。

猜想1：可能与方向有关；

猜想2：可能与深度有关；

猜想3：可能与液体的密度有关。

（1）实验前，当他用手轻压探头处橡皮膜时，发现U形管压强计两侧的液面无明显变化，则说

明;

（2）解决了上述问题后，小亮组完成了图甲、乙、丙所示的实验操作，其中两图的现象

能解释小亮游泳时呼吸变困难的现象；

（3）他们将U形管压强计改装为如图丁所示的装置，把两个探头分别放入左、右两个容器的液

体中。当两探头处于同一深度时，U形管两侧液面出现高度差，这说明猜想是正确的;

接下来，若想使U形管液面再次相平，可以如何操作？

(4)同组的小明提出：当U形管液面再次相平时，只需测量出____________,便可利用液体压

强的知识计算出酒精的密度(水的密度已知)。

【答案】(1)U形管压强计漏气

(2)甲、乙

(3)3将酒精中的探头适当下移/将水中的探头适当上移

(4)两探头在两种液体中的深度

【详解】(1)实验前用手轻压探头处橡皮膜，U形管压强计两侧液面无明显变化，这说明U

形管压强计的气密性不好，存在漏气现象。因为如果气密性良好，轻压橡皮膜，U形管两侧液

面会出现明显的高度差。

(2)小亮从浅水区走向深水区呼吸变困难，是因为水的深度增加，液体压强增大。观察图甲、

乙、丙，甲、乙两图液体都是水，即液体密度相同，乙图中探头所处深度更深，U形管两侧液

面高度差更大，说明在液体密度相同时，液体压强随深度的增加而增大，所以甲、乙两图的现

象能解释小亮游泳时呼吸变困难的现象。

(3)[1]把两个探头分别放入左、右两个容器的液体中，当两探头处于同一深度时，U形管两

侧液面出现高度差，这说明在深度相同的情况下，不同液体产生的压强不同，即液体压强与液

体的密度有关，所以猜想3是正确的。

⑵若想使U形管液面再次相平，则探头受到的压强相同，因为右管中酒精的密度小，在压强

相等的情况下，由/?=比可知，可将酒精中的探头适当下移；因为左管中水的密度大，同理

可将水中的探头适当上移。

(4)当U形管液面再次相平时，根据液体压强公式P=左右两侧压强相等，即

。水8限二外精皿酒精

已知水的密度，只需测量出左右两侧探头在液体中的深度，就可计算出酒精的密度。

35.小明在学习物质的物理属性时，老师安排设计制作一个保温盒，调查了解到热传递有三种

方式：热传导、热对流和热辐射。热传导是通过介质传导热量，热对流是流体高温部分上升，

低温部分下降，依靠物质的流动来传递热量，热辐射是通过物体向外发射热射线（电磁波）传

递热量。针对以上不同的传热方式，小明展开了设计和制作。

（1）为了减少热辐射对保温效果的影响，材料的颜色最好是__________色。为了减小热传导对

保温效果的影响，小明认为保温箱外壳应当越___________（选填"厚''或者"薄”）越好；

⑵为了让保温箱尽可能长时间保温的前提下，追求载量相同的情况下争取轻便。小组的同学

们从市场上选择了三种常用的泡沫保温材料，收集材料相关信息如表所示。

I号II号III号

项目

聚氨酯泡沫聚苯乙烯泡沫聚苯乙烯

热导率/

0.0280.0280.035

W（m℃f

密度O/kgrrT*403040

温度适用范围"C-30-80-40-110-200〜650

根据对材料数据的解读，你建议小明选择（选填力"、“II”或“HI”）号材料制作保温

箱。（热导率：厚1m的材料，两侧表面温差1℃时，在1s内，通过In?的面积传递的能量）。

小明想制作一个内部体积为10L,高25cm,底面为正方形、6个外壳面厚度均为2.5cm的长方

体保温盒，他准备买一块符合尺寸要求的该材料的实心长方体，再把中间挖空来完成制作，则

该实心长方体至少为kg;

（3）如图，是小明在制作前画的3个设计图，为了增强保冷效果，他准备在内部放入装有冰块

的制冷物盒。为了能更快给整个保温盒降温，你建议选择设计图。

A.C.

（4）小明制作了两个保温盒①和②，为了检测保温盒的性能，小明将温度相同，等质量的热水

倒入两个保温盒，放到完全相同的环境中，记录数据并绘制成图，根据图像可知，保温盒

（选填“①”或“②"）的保温性能更好。小华觉得这两个保温盒保温时长都不够长,

(2)II0.5625

(3)B

(4)①采用多层复合结构或真空夹层设计、在保温箱外侧涂白色反射层，减少热辐

射

【详解】(1)[1]为减少热辐射影响，应选择白色材料，因其反射率高，吸收和发射热辐射能

力弱。

⑵为减小热传导影响，保温箱外壳应越厚越好，外壳越厚，热传导的路径越长，可显著降低

单位时间内的传热量。

(2)保温性能由热导率决定，热导率越低，保温效果越好。I号和n号热导率均为0.028(远

低于山号的0.035),保温性能相当；题目要求“载量相同的情况下争取轻便”，即相同体积下

质量更小，因此选择密度更小的H号。

长方体内部体积匕=I0L=0.01m3

内部高4=25cm=0.25m

乂

一0.01m'

故内部底面积，4=0.04m2

0.25m

则内部底面边长4=塔=Vo.O4nr=0.2m=20cm

根据题意，长方体外部边长为％=4+2d=20cm+2x2.5cm=25cm

外部高度为以=4+24=25cm+2x2.5cm=30cm

故实心长方体的体积为匕=§2%=（《）%=（25cm）2x30cm=18750cm3=0.01875m1

该实心材料的质量为，〃=0匕=30kg/m’x0.01875m，=0.5625kg

(3)A.将制冷物盒放在冷藏室下方，冷空气密度大，无法实现与冷藏室的温度对流，故A

不符合题意；

B.制冷物盒放在冷藏室上方，冷空气密度大，会向下流动，充满整个冷藏室，实现快速均匀

降温，故B符合题意；

C.冷物盒在侧面，冷空气会向下流动，对流效果较差，故C不符合题意；

故选Bo

(4)口］保温性能越好，水温下降越慢。由图像可知，相同时间内，保温盒①的水温始终高于

②，因此①的保温性能更好。

⑵略

36.(1)在“运用物理技术破案''的趣味游戏中，小明根据“通常情况下，人站立时身高大约是脚

长的7倍”这一常识来确定“犯罪嫌疑人”的身高。由如图可知，脚印的长度为cm。

2526

(2)图中体温计的示数为℃,如果把它直接夹到一个实际体温是375c的人的腋下，待

示数稳定后体温计的示数为℃0

qiiTijimjC

383%/

⑶如图是“探究平面镜成像特点”的实验装置。

①选用玻璃板代替平面镜，主要是为了便于确定像的O

②本实验多次改变蜡烛A的位置，得到多组数据的目的是________(选填序号)

A.多次测量取平均值减小误差

B.避免实验的偶然性，得到普遍规律

③当蜡烛A向玻璃板靠近，蜡烛A的像（填“变大”“不变”或“变小”）

（4）在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中：

甲（木板表面）乙（木板表面）丙（毛巾表面）

①实验时，用弹簧测力计水平拉动木块，使它沿长木板做匀速直线运动，根据知识可

知，弹簧测力计的示数等于木块受到的滑动摩擦力的大小。

②比较甲、乙两图可知，滑动摩擦力的大小与有关。

【答案】（1）25.10

（2）38.238.2

（3）位置B不变

（4）二力平衡压力大小

【详解】（1）刻度尺的分度值为1mm,由图知脚印左端与零刻度线对齐，右端与25.10cm刻

度线对齐，脚印长度为25.10cm。

（2）[1]观察体温计的刻度，体温计的分度值是0.1℃,此时体温计的示数为38.2C。

⑵体温计有一个狭道，它可以使体温计内的水银不能自动流回玻璃泡中，所以体温计可以离

开人体读数，且使用前要用力甩一下。如果不甩，直接把示数是38.2C的体温计夹到实际体温

是375c的人的腋下，由于水银不会自动下降，所以示数稳定后体温计的示数仍为38.2C。

（3）[1]选用玻璃板代替平面镜，是因为玻璃板既能反射光成像，又能透光，便于透过玻璃板

观察到玻璃板后面的蜡烛，当后面的蜡烛与前面蜡烛的像完全重合时，就可以确定像的位置。

⑵本实验多次改变蜡烛A的位置，得到多组数据，是为了避免实验的偶然性，得到普遍规律。

因为该实验不是测量性实验，不存在求平均值减小误差的问题，故选B。

⑶平面镜成像中，像的大小与物体的大小相等，与物体到平面镜的距离无关。当蜡烛A向玻

璃板靠近时，蜡烛A的大小不变，所以蜡烛A的像大小不变。

（4）[1]当用弹簧测力计水平拉动木块沿长木板做匀速直线运动时，木块在水平方向上受到弹

簧测力计的拉力和滑动摩擦力，这两个力是一对平衡力。根据二力平衡知识，这两个力大小相

等，所以弹簧测力计的示数等于木块受到的滑动摩擦力的大小。

⑵比较甲、乙两图，接触面都是木板表面，即接触面的粗糙程度相同，而乙图中木块上放了

硅码，压力更大，弹簧测力计的示数也更大，说明滑动摩擦力更大。由此可知，滑动摩擦力的

大小与压力大小有关。

37.某实践小组利用如图甲所示装置做“探究平面镜成像的特点”的实验。

7,丙

(1)用透明玻璃板M代替平面镜是能够便于；

(2)点燃蜡烛A,在玻璃板后面移动不点燃的蜡烛8,直到蜡烛8与蜡烛A的像；

(3)小明得出平面镜成像的特点后，给大家表演了一个“浇不灭的蜡烛''的魔术，如图乙所示。“蜡

烛浇不灭”是因为杯中的“蜡烛”是实际蜡烛的像；

(4)如图丙所示，利用平面镜成像特点测量视力，视力表的像离人的距离是_____m。

【答案】(1)确定像的位置

(2)完全重合

(3)虚

(4)5

【详解】(1)实验中用透明的玻璃板代替平面镜，在物体的一侧能看到物体的像，司时透过玻

璃板也能观察到代替物体像的另一个物体，便于确定像的位置。

(2)点燃蜡烛4在玻璃板后面移动不点燃的蜡烛B,当蜡烛B与蜡烛A的像完全重合时，

说明此时蜡烛B所在位置就是蜡烛A像的位置，这样可以比较像与物的大小关系等。

(3)平面镜所成的像是虚像，不是由实际光线会聚而成的。图乙中杯中的“蜡烛”是实际蜡烛

通过玻璃板所成的像，所以是虚像，这就是“蜡烛浇不灭”的原因。

(4)由图丙可知，视力表到平面镜的距离为y=2m+lm=3m

根据平面镜成像特点，像与物到平面镜的距离相等,所以视力表的像到平面镜的距离也为3m,

而人到平面镜的距离为&=2m,所以视力表的像离人的距离为s=4+$2=3m+2m=5m

38.液体汽化时需要吸收热量。在一个标准大气压下，单位质量的某种液体变为同温度的气体

所吸收的热量，叫做这种液体的汽化热。通常情况下，同种液体在不同温度下的汽化热是不同

的。小明利用如图所示的装置测量水沸腾时的汽化热：用电压可调的电加热器将水加热至沸腾,

用电子秤测量沸腾稳定后持续加热一段时间前后水的质量，记录所用的时间及在该段时间内电

加热器的电压和电流，实验数据如下表所示。实验过程散热损失是不可忽略的。

水的初质水的末质

实验次序电压/V电流/A时间/s

量/g量/g

12013007068

24023007060

（1）一定质量的水全部变成同温度的水蒸气，内能将变

（2）若用Q表示水变为同温度的水蒸气所吸收的热量，加表示水变为同温度水蒸气的质量，那

么水的汽化热几=；

（3）装置中小孔的作用是_____；

（4）两次实验均需从水沸腾（选填"前''或"后"）开始计时；实验次序（选填“1”或"2”）

中水变为同温度的水蒸气更多；

（5）若水沸腾后散热快慢不变，则水沸腾时的汽化热义为J/kgo

【答案】（1）大

⑵*

m

（3）使容器内水面上方的气压等于外界大气压

⑷后