2026届高三物理二轮复习专项训练：力学之运动的描述

2026届高三物理二轮复习专项训练：力学专题运动的描述

一、单选题

i.地面发射场竖直向上发射火箭。固定在火箭上的摄像头拍摄的直播视频里，显示地面正

向下运动，这是由于参考系为（）

A.地面B.火箭C.发射架D.发射场

2.物体在一条直线上运动，给出初速度、加速度的正负，下列对运动的描述中正确的是（）

A.vo＞O,avO,同减小，则物体做加速运动

B.哂0,。＜0,同增大，则物体做减速运动

C.如＜0,。＜0,同增大，则物体做减速运动

D.v（）＜0,a＜0,同减小，则物体做减速运动

3.003号航母“福建舰”已经止式卜水，服役后我国可在紧急时刻组成三支航母战斗群.如

图所示是舰载机在“辽宁期'’上起飞的情景，卜.列说法正确的是（）

A.选舰载机为参考系，“辽宁舰”是静止的

B.选舰载机为参考系，舰载机驾驶员是运动的

C.选“辽宁舰”为参考系，舰载机是运动的

D.选舰载机驾驶员为参考系，“辽宁舰”是静止的

4.下列物理量属于矢量的是（）

A.功B.路程C.时间D.速度

5.手机给人民生活带来很多便利，手机导航App极大地方便了“不识路”的驾车一族，如图

为某车主从沈阳火车站到九・一八历史博物馆的手机导航图，下列说法正确的是（）

9.3公里26分钟820

20:12到达

A.图中“9.3公里”表示此次行程的位移

B.图中“26分钟”表示的是某个时刻

C.根据数据可以估算出此次行程平均速度的大小

D.研究汽车在导航图中的位置时，可把汽车看作质点

6.如图所示，某物体由。点向右沿直线运动3m到A点后，接着向左沿该直线运动61n到

达8点，以下有关该物体的运动表述正确的是（）

-----A

〃,〃〃方〃〃〃〃〃,〉7分3〃〃〃〃〃〃/»〃〃

BOA

A.物体由O点到B的位移大小为6m

B.物体由。点到8的路程为9m

C.物体由A点到8的位移大小为3m

D.物体由。点到A的位移与O点到B点的位移相同

7.根据《中华人民共和国道路交通安全法》第四十五条的规定，机动车上道路行驶，不得

超过限速标志标明的最高速度。下图为鞍干路上某路段的限速标志，下列对它的理解正确的

是（）

A.机动车在该路段行驶过程中，平均速度不得超过80km/h

B.机动车在该路段行驶过程中，任意时刻瞬时速度不得超过80km/h

C.机动车在该路段行驶Ih的过程中，位移不得超过80km

D.机动车在该路段行驶lh的过程中，路程不得超过80km

8.某同学上学时错过了公交车。公交车从上车位置人发由10分钟后，他乘上了一辆出租车，

两车刚好同时到达下车位置8。两车均视为直线运动，二者的UT图像如下图。关于两车从

B.25min末两车第二次相遇

C.25min末公交车速度和加速度的方向均改变

D.公交车的平均速度比出租车的小

9.网上热卖的一款“钢球永动机”如图所示。小球从平台中心小孔P由静止下落，经小孔下

方快速旋转的传动轮加速后，由。点抛出并落回平台，每次轨迹如图中虚线所示。则（）

A.该“钢球永动机”不违背能量守恒定律

B.小球在空中上升过程中，处f超重状态

C.小球在空中上升过程中，速度变化的方向竖直向上

D.小球在空中上升过程中，克服重力做功的功率恒定

10.国产新型磁悬浮列车甲、乙（都可视为质点）分别处于两条平行直轨道上。开始时（/=（））,

乙车在前，甲车在后，两车间距为飞，在，=。时甲车先启动，，=3s时乙车再启动，两车启

动后都是先做匀加速运动，后做匀速运动，两车运动的图像如图所示。下列说法正确的

是（

B.无论取何值，甲、乙两车一定在7s末相遇

C.若％=70m,则两车间距离最小为30m

D.在0〜7s内，甲车的平均速度大于乙车的平均速度

二、多选题

II.一质点做直线运动的位置（幻一时间（Q关系如图所示。关于该质点，下列说法正确

A.在3.0s时刻,此质点的速度大小为1.5m/s

B.在0〜4.0s内，此质点做匀加速直线运动

C.在4.0s时刻后，此质点做反向匀减速直线运动

D.在0〜10.0s内，此质点平均速度的大小为0.4m/s

12.如图所示是三个质点A,B,C的运动轨迹，三个质点同时从N点出发，同时到达M点。

下列说法一定正确的是（）

A.三个质点从N到M的平均速度相同

B.三个质点到达M点的瞬时速度相同

C.三个质点从N到M的平均速率相同

D.B质点从％到加的平均速度方向与任意时刻的瞬时速度方向相同

13.甲、乙两机器人（可视为质点）在同一直线上运动，它们运动的XT图像如图所示，其

中乙对应的图线是抛物线的一部分，以甲的出发点为原点，出发时刻为计时起点，则（）

A.甲、乙同时出发，乙始终沿正方向运动

B.从开始运动到。时刻甲、乙两机器人的位移相等，乙时刻速度不相等

C.Z,到4时间内某时刻两机器人的速度可能相同

D.。到4时间内机器人乙的平均速度大于机器人甲的平均速度

14.历史上有些科学家曾把在任意相等位移内速度变化最相等的单向直线运动称为“匀变速

直线运动”（现称“另类匀变速直线运动“另类加速度”定义为4=%二%，其中%和4分

S

别表示某段位移S内的初速度和末速度。A>0表示物体做加速运动，A<0表示物体做减速

运动。而现在物理学中加速度定义式为〃=匚殳，下列说法正确的是（）

/

A.若A不变，贝心会改变

B.若A>0且保持不变，则。逐渐变小

C.若4不变，则物体在中间位置处速度大小为目

D.若A不变，则物体在中间位置处速度大小为空上

15.如图是五一假期小姚在某景区看到的“天壶”，巨大的茶壶悬在空中，正源源不断的往外

出水，祈愿财源滚滚，福寿绵绵。下列说法正确的是（）

A.靠水流的反冲力支撑壶体

B.壶的重心不在水流的延长线上

C.水流越大，壶体会升得越高

D.研究壶体受力时，不能把它当作质点

三、填空题

16.研究从北京开往上海的高铁的位置变化问题时，高铁（选填“能”或“不能”）看

作质点。若高铁通过的路程为s,位移为&r,所用时间为△/,则其平均速度为（选

填“包”，或“工”）。

17.某校高一物理兴趣小组进行无人机飞行表演活动，无人机竖直上升过程中的图像如

图所示。无人机前2s的速度为m/s,2~4s处于（填“悬停”或“上升”）阶段，

第5s内的平均速度_______（填“>”或第1s内的平均速度。

18.足球运动员训练罚点球，足球放置在球门中央的正前方O点。两次射门，足球分别斜

向上打在水平横梁上的。两点，。为横梁中点，如图所示。已知两次球被踢出时的速度

大小均为%,不计空气阻力，则足球到达。、〃的速度_______（选填“相同”或"不相同、'），

足球到达。、》的动能之比为。

O，/'

■

19.某物体由静止开始做匀加速直线运动，位移为x时，速度是4当其速度从-增加为3-

时，位移为，两过程的时间之比是___________;平均速度之比是____________。

四、解答题

20.如图所示，弹丸和足球的初速度均为I，尸10m/s,方向水平向右。设它们与木板作用的时

间都是0』s,那么：

(1)子弹击穿木板后速度大小变为7m/s,方向不变，求弹丸击穿木板时的加速度；

(2)足球与木板作用后反向弹回的速度大小为7m/s,求足球与木板碰撞反弹时的加速度。

甲乙

21.一辆汽车在平直公路上以10m/s的速度做匀速直线运动，由于路况改善，司机在10s内

将车速提升至20m/s,此过程nJ"视为勺加速直线运动“

(I)求汽车加速度。的大小。

(2)求这10s内汽车行驶位移x的大小。

22.一摩托车由静止开始在平直的公路上行驶，其运动过程的—图像如图所示。

(1)求摩托车在第15s末时的加速度。的大小；

(2)求摩托车在0~75s这段时间的平均速度；的大小。

23.如图所示，一长度4=8.5m的均匀薄木板A初始时静止在一光滑平台上，平台右端8

处有•固定挡板，固定挡板的高度略小于木板的厚度，木板的右端到挡板的距离是4=2m。

•可以看成质点的小滑块以初速度％=10m/s从木板的左端滑卜.木板，木板撞击挡板时速度

立即变为零并静止，碰撞时小滑块仍在木板上，不计空气阻力。已知平台高度〃=3.2m,小

滑块的质量〃?=lkg,木板的质量M=lkg,厚度不计。小滑块与木板之间的动摩擦因数

〃=0.4,重力加速度g取lOm/s?。

⑴求木板撞击挡板时小滑块的速度大小：

⑵通过计算判断小滑块能否从挡板右边飞出，若小滑块不能从右边飞出，求小滑块静上时

距木板右端的距离是多少；若小滑块能从右边匕出，求小滑块落地时距8端的水平距离是

多少。

24.如图所示，倾角为6=37。的固定斜面体，顶端放置均可视为质点的小球和滑块，某时

刻给小球沿水平方向的初速度％,使其做平抛运动，同时给滑块沿斜面体向下的速度上滑

块刚好沿斜面体匀速卜滑，经4)=1.2s的时间，小球和滑块同时到达斜面体的底端。重力加

速度g=10m/s2,a37。=0.6,cos37°=0.8,空气阻力忽略不计。求:

(I)滑块与斜面体间的动摩擦因数;

⑵%和v的大小；

⑶上述过程中，小球和滑块的最大间距。

《2026届高三物理二轮复习专项训练：力学专题运动的描述》参考答案

题号12345678910

答案BBCDDBBDAD

题号1112131415

答案ADADBCADBD

1.B

【详解】在题目中,火箭在发射阶段,火箭卜的摄像头观察到地面正在向下运动，这意味着

我们是以运载火箭为参考系。因为运载火箭在发射时是向上运动的，所以从运载火箭的角度

看，地面会显得向下运动，故选B。

2.B

(详解】物体加速或减速取决于加速度方向与速度方向是否一致。

A.vo>0,a<0,同减小，加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动，故A错误；

B.心0,"0,⑷增大，加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动，故B正确；

C.小0,〃<0,⑷增大，加速度方向与速度方向相同，物体做加速运动，故C错误；

D.%<0,〃<(),同减小，加速度方向与速度方向相同，物体做加速运动，故D错误。

故选B。

3.C

【详解】A.选舰载机为参考系，"辽宁舰''是运动的。故A错误；

B.选舰载机为参考系，舰载机驾驶员是静止的。故B错识；

C.选“辽宁舰”为参考系，舰载机在“辽宁舰”上起飞过程，舰载机是运动的。故C正确;

D.选舰载机驾驶员为参考系，“辽宁舰”是运动的。故D错误。

故选C。

4.D

【详解】功、路程和时间，只有大小没有方向，是标量；速度即有大小，又有方向，求合时

满足平行四边形法则，是矢量。

故选D。

5.D

【详解】A.图中“9.3公皇”表示此次行程的路程，故A错误；

B.图中“26分钟”表示的足时间间隔，故B错误；

C.由于不知道此次行程的位移大小，所以无法估算出此次行程平均速度的大小，故C错误:

D.研究汽车在导航图中的位置时，汽车的形状大小可以忽略不计，可把汽车看作质点.，故

D正确。

故选D。

6.B

【详解】AC.根据位移的定义，可知物体由。点到8的位移大小为。、B两点间的距离，

即3m。物体由A点到B的位移大小为A、8两点间的距离，即6m,故AC错误；

B.物体由。点到3的路程为该过程物体轨迹的长度，即

s=0A+A3=9m

故B正确；

D.同理，物体由。点到A的位移与。点到B点的位移大小相等，相同相反。故D错误。

故选B。

7.B

【详解】AB.该限速值是指机动车在高速公路上行驶的任意时刻的瞬时速度不得超过

80km/h,故A错误，B正确；

CD.因任意时刻的瞬时速度不得超过80km/h,则不能用机动车在该路段行驶lh的路程或

位移来衡量是否超速，故CD错误。

故选B。

8.D

【详解】A.由图可知，25min末两车第二次速度相等，第一次共速前两车之间距离一直增

大，第一次共速之后一段时间，出租车速度大，两车之间距离一直减小，故A错误；

B.由图可知，25min末两车第二次速度相等，但并没有相遇，故B错误；

C.25min末公交车速度方向不变，故C错误；

D.由题意可知，两车运动的位移相等，但是出租车的运动时间少了lOmin,由公式u=土可

/

得，公交车的平均速度比出租车的小，故D正确。

故选D。

9.A

【详解】A.钢球运动中因摩擦力、空气阻力造成的机械能损失，由小孔下方快速旋转的传

动轮补充，该“钢球永动机”不违背能量守恒定律，故A正确；

B.小球在空中上升过程中，加速度向下，处于失重状态，故B错误；

C.小球在空中上升过程中，由&，=川，可知速度变化的方向与加速度方向相同，加速度方

向向下，故C错误；

D.小球在空中上升过程中，重力做功的功率

P="吆八

由于竖直方向上速度大小变化，所以克服重力做功的功率不恒定，故D错误。

故选Ao

10.D

【详解】A.根据i，T图象的斜率表示加速度，知两车加速过程的加速度分别为

40—0.2oI960—0.->

%=---m/s=8m/s",。乙=百~~m/s-=1n0m/s-

所以甲车的加速度大小比乙车的加速度小，故A项错误；

B.由UT图像可知，在第7s末，两车的速度相等，而图像与/轴的面积表示位移，所以从

开始到7s,甲车通过的路程为

%=-^x40x5m+40x（7-5）in=180m

乙车通过的路程为

电=gx40x（7-3）m=80m

两车路程之差为

%］一.=100m

所以只有在％=100m时，甲、乙两车7s末才相遇，故B项错误；

C.由之前的分析可知，当两车速度相等时间距最小，所以在/=7s时两车间间距最小，则

间距为

As=也+/一=-30m

即此时甲车已经追上乙车，则两车距离最近出现在7s之前，即两车在同一位置时，所以两

车间距最近为0,故C项缙误；

D.从甲车运动开始计时到7s末，甲车平均速度，

t7

乙车的平均速度为

—x,80

=—=—m/s

甲车的平均速度大于乙车的平均速度，故D项正确。

故选D。

11.AD

【详解】A.根据位移时间图像的斜率表示速度，可知在3.0s时刻，质点的速度大小为

6.,,.

v=—=—m/s=1.5m/s

24

故A正确；

B.在。〜4.0s内，斜率不变，质点的速度保持不变，匀速运动，并不是匀加速直线运动，

故B错误；

C.在4.0s时刻后，质点的速度方向改变，斜率大小不变，因此仍然是匀速运动，故C错误；

D.在。〜10.0s内，质点的位移为（由图象纵坐标可知），时间为/=10s,所以平均速

度的大小为

X

v=—=-0.4m/s

大小为0.4m/s,方向与正方向相反，故D正确。

故选ADo

12.AD

【讲解】A.三个质点同时从'点出发，同时到达“点，时间相等，由于初、末位置相同，

则三个质点的位移相同，根据

可得三个质点的平均速度相同，故A正确；

B.三个质点到达M点的瞬时速度大小无法判断，方向不相同，故瞬时速度不同，故B错

误；

C.三个质点同时从N点出发，同时到达M点，时间相等，由于路径不同，所以三个质点

的路程不同，因此平均速率不同，故C错误；

D.平均速度方向与位移方向相同，瞬时速度方向是切线方向，所以做单向运动的8质点从

N到M的平均速度方向是从N指向M,其与任一时刻的瞬时速度方向相同，故D正确。

故选AD,.

13.BC

【详解】A.由图可知，时间内，乙的位移先为零然后开始增大，甲的位移一直增大，

说明乙先静止一段时间然后出发，甲比乙先出发，故A错误；

B.时刻两物体的初末位置均相同，即运动位移相同，但在〃时刻乙的斜率大于甲的斜

率，故两物体速度不等，故B正确：

C.由图可知，〃72时刻存在两图线斜率相等的时刻，故此时刻两机器人速度相同，故C正

确；

D.O72两机器人位移相同，时间相等，则平均速度相同，故D错误。

故选BCo

14.AD

【详解】AB.若4不变，有两种情况，第一种情况是4>0,在这种情况下，相等位移内速

度增加量相等，平均速度越来越大，所以相等位移内用的时间越来越少，由。=上也可知,

t

。越来越大，第二种情况是A〈0,在这种情况卜，相等位移内速度减少量相等，平均速度越

来越小，所以相等位移内用的时间越来越长，由〃=仁生可知，〃越来越小，故A正确，B

t

错误；

CD.若4不变，即相等位移内速度变化相等，所以中间位置的速度为

p=2^1

12

故C错误，D正确.

故选ADo

15.BD

【详解】AC.巨大的茶壶悬在空中不是靠水流的反冲力支撑壶体，而是从茶壶里流出的水

包围着一根支撑柱，支撑柱支撑壶体，壶体的高度是一定的，与水流无关，AC错误；

B.壶的重心不在水流的延长线上，B正确；

D.研究壶体受力时，壶体的形状大小不能忽略不冲，不能把它当作质点，D正确。

故选BD。

16.能今

【详解】［1］研究从北京开往上海的高铁的位置变化问题对，高铁的体积和形状可以忽略，

高铁能看作质点；

⑵平均速度是位移和时间的比值，故其平均速度为半。

17.2.5悬停<

【详解】H］图像的斜率等于速度，可知无人机前2s的速度为i，=Tm/s=2.5m/s

⑵2~4s速度为零，处于悬停阶段；

⑶第5s内的平均速度匕=2产m/s=2m/s

小于第Is内的平均速度2.5m/s,故填“4

18.不相同1:1

【详解】口］［2］在不计空气阻力的情况下，足球两次被以相同的速度踢出后分别到达同一高

度的人万两点，则根据能量守恒可知，上升的高度相同，则由动能转化的重力势能相同，

则可知足球到达〃、8两点时的动能相同，即动能之比为1:1,但由于连线和。。连线的方

向不同，即足球在到达5两点时的速度方向不同，而速度是矢量，因此足球在到达〃、b

两点时的速度不同。

19.8.rI：2I：4

【详解】⑴根据速度-位移公式/一4=23可知：声_（）=2融，⑶了一i，2=2a/

联立可得/=8x

v—03v—v

⑵根据速度时间公式丫=%+画：4=——，t=-----

a2a

解得7=1

JL

⑶根据v=-,求解平均速度之比为：

tox4

2t

20.（1）30m/s2,方向水平向左；（2）170nVs2,方向水平向左

【详解】（1）规定向右为正方向，子弹击穿木块后，速度方向依旧为正。根据加速度定义可

知

Av7m/s-10m/s

=-30m/s2

即弹丸的加速度大小为30m/s2，方向水平向左。

（2）足球与木板作用后反向弹网后，速度方向为负，则

即足球的加速度大小为170m/s2,方向水平向左。

21.(l)lm/s2

（2）150m

【详解】（I）由题可知，汽车的加速度

即汽车加速度的大小为11T1/S2o

（2）根据匀变速直线运助的位移公式可得，10s内汽车的位移大小为

x=-(v0+v)Z=-x(10+20)x10m=150m

即10s内汽车的位移大小为150m。

22.（1）1.5nVs2；（2）20nVs

【详解】（1）如图可知，摩托车在0-20s内做匀加速直线运动，则摩托车在第15s末时的加

速度。的大小为

«=—=1.5m/s2

△i

（2）图像图线与坐标轴围成的面积表示物体的位移，则摩托车在0~75s内的位移为

（25+75）x30八八

x=--------------m=1500m

2

平均速度为

X

v=—=20m/s

t

23.(l)6m/s

(2)能，3.2m

【详解】（1）设小滑块的加速度大小为4,木板的加速度大小为生，根据牛顿第二定律得

〃〃7g=〃网,fjmg=Ma2

2

解得q=4m/s2,a2=4m/s

设经过时间1滑块与木板速度相等，则有％/

解得4=1.25s

此过程木板的位移x=；4彳=3.125m＞右=2m

表明木板撞击挡板时，滑块与木板没有到达相等速度，对木板进行分析•，根据位移公式有

k=Qa2l2

解得G=ls

则小滑块此时的速度