能力提分练（二）2026高考物理第二轮复习专练

2026高考物理第二轮专题复习

能力题提分练（二）

一、单项选择题:本题共4小题,每小题3分，共12分。每小题只有一个选项符合题目要求。

1.（2025天津耀华中学•模）某住宅小区的应急供电系统，由交流发电机和副线圈匝数可调的理想降压

变压器组成,发电机中矩形线圈电阻不计，它可绕轴OO,在磁感应强度为8的匀强磁场中以角速度/匀

速转动。降压变压器副线圈上的滑动片上下移动时可改变输出电压,品表示用户端输电线电阻。下列

判断正确的是（）

X

X

A.当用户用电器增加时，为使用户电压保持不变，滑动片应向下滑动

B.当用户用电器减少，其他条件不变时，原线圈两端电压也减小

C.若发电机线圈某时刻处于图示位置，变压器原线圈的电压瞬时值最大

D.若发电机线圈的转速减为原来的一半川户获得的交变电流频率保持不变

2.（2025江苏南京模拟）在研究光电效应时用不同波长的光照射某金属，产生光电子的最大初动能Ekmax

与入射光波长2的关系如图所示。大量处于〃=3能级的氢原子向低能级跃迁，产生的光子中仅有一种

能引发该金属的光电效应。已知氢原子基态能量为鼠,真空中光速为。,则（）

A.普朗克常量为生

8，=公时，光电子的最大初动能为反

C.EQ<［七］

D.E<)>汨

3.（2025云南腾冲模拟）一简谐横波沿谕正方向传播J=0时刻的波形如图甲所示K=0.3

m处的质点的振动图像如图乙所示,已知该波的波长大于0.301,则（）

A」=0时亥必=0处的质点正在向了轴正方向振动

B./=0时刻x=0.3m处的质点正在向）轴负方向振动

C.该波的波长为0.7m

D.该波的波长为0.8m

4.（2025四川雅安模拟）2024年4月28口，神舟十七、神舟十八乘组在轨举行交接仪式，移交中国空间站

的钥匙。假设空间站绕地球做匀速圆周运动，它与地心连线在单位时间内扫过的面积为5。已知地球

半径为R,地球表面重力加速度为g。空间站的轨道半径为（）

A.塔B学

4S2gR~

C.空D驾

16S3gR2

二、多项选择题:本题共2小题,每小题4分，共8分。每小题有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，

选对但不全的得2分，有选错的得0分。

5.（2025山东德州模拟）如图所示,倾角为。的斜面体放在粗糙的水平地面上，斜面顶端与劲度系数为底

自然长度为/的轻质弹簧相连，弹簧的另一端连接质量为〃，的物块。压缩弹簧使其长度为:/时将物块由

静止开始释放，且在物块以后的运动过程中,斜面体始终处「静止状态,斜面光滑且足够长。最大静摩

擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为&弹簧形变量始终都在弹性限度内。下列说法正确的是（）

A•弹簧的最大伸长量为*驾吧

B.弹簧的最大伸长最为:/+鳖学

4k

C.弹簧最长时地面对斜面体的睁摩擦力等于弹簧最短时地面对斜面体的静摩擦力

D.弹簧最长时地面对斜面体的静摩擦力大于弹簧最短时地面对斜面体的静摩擦力

6.如图所示，间距为/的两平行金属导轨由水平部分和倾斜部分平滑连接而成倾角为夕=60。的导轨处于

方向竖直向上的匀强磁场中，水平导轨处丁方向竖直向下的匀强磁场中,两部分磁场的磁感应强度大

小均为瓦长度均为/的金属杆如、金属框“或分别垂直导轨放置于导轨的倾斜部分和水平部分，金属

杆的质量为或金属框。虑/的质量为2皿由静止释放金属杆时后，金属杆和金属框开始运动，经足够长时

间后，两者达到稳定运动状态。金属杆和金属框在运动过程中始终与导轨垂直并接触良好，导轨足够

长，不计摩擦阻力和导轨电阻，重力加速度为g,忽略磁场边界效应。两者达到稳定运动状态后，下列说

法正确的是（）

A.金属杆向中电流方向为b—a

B.金属杆面中电流大小为誓

C.金属杆加中电流大小为例

D.金属杆和金属框做加速度大小不同的匀加速直线运动

三、非选择题:本题共4小题，共40分。

7.（8分）（2025辽宁大连一模）某物理实验小组为探究滑动变阻盘最大阻值对“限流电路”和“分压电路”

的电压调节范围的影响，设计如下实验。

甲

0102030405060708090100R/Q

乙

⑴在探究“限流电路''时，某同学用电阻箱代替滑动变阻器，设计了如图甲所示的电路图。已知&=10

Q,调节4,记录对应的电压数值，最后绘制成U-R图像如图乙所示。分析图乙可知，采用“限流电路”测

量约为10。的电阻时,滑动变阻器最大阻值应选择O

A.IQ

B.30C

C.I00Q

⑵已知&'=100

C,在探究“分压电路''时，在图丙的基础上，小组设计了如图丁所示的电路图（用心和R2共同模拟最大阻

值分别为1。、10C、100C、1000。的滑动变阻器）。调节R和&，记录数据，绘制如图戊所示图像。

T

分析图戊可知，考虑电压调节范围尽量大些,应排除考虑电压随滑动变阻器阻值均

匀变化，应排除.。（均选填“①”“②”“③”或“④”）

⑶另一同学认为用“分压电路''测量电阻时，滑动变阻器的最大阻值越小越好。请判断该观点是否正

确，并简要说明理由―。

8.（8分）小朋友玩的一种弹珠游戏的简化模型（俯视图）如图所示。内壁光滑、半径为R的圆形挡板固定

在光滑水平面上,质量分别为出2加、〃?的〃、力、c弹珠（均可视为质点）静止在圆形挡板同一直径两侧

。、。两弹珠紧靠在一-起。现将。、c两弹珠分别以物和3%的速度沿相反方向弹出，弹珠间所有的碰撞

均为弹性碰撞，弹珠始终沿圆轨道运动。求:

（I）方弹珠第一次碰撞后瞬间的速度;

⑵从4、C弹珠开始运动到〃、C弹珠第一次相碰所经历的时间C

9.（10分）（2025陕西咸阳模拟）如图所示，在X。），平面直角坐标系中，第一象限存在沿），轴正方向的匀强电

场，第二象限内虚线00,与x轴负方向的夹角为。=60。。。，与y轴之间存在垂直于纸面向外的匀强磁场（

边界存在磁场），第四象限内P、Q两个平行金属板之间的电压为U,一质量为机、电荷量为-4（，/>0）的粒

了,（不计粒子重力），从靠近P板的S点由静止开始做加速运动，从丫轴正半轴的A点进入电场,速度与x轴负

方向的夹角为。=60。,经电场偏转后从点M（（U）垂直于y轴进入缺场,粒子恰好不从。。边界射出磁场。

求:

⑴粒子运动从A点射入电场时的速度大小和电场强度E的大小;

⑵粒子在电场中运动的时间和A点坐标;

⑶磁感应强度B的大小。

10.（14分）（2025湖北襄阳模拟）如图所示，相距为L的两物块A和B（均可视为质点）静置「足够长的斜面

上，斜面的倾角为夕=37。。物块A的质量为〃?，物块8的质量为3〃?.物块A与斜面间没有摩擦，物块B与斜面

间的动摩擦因数/，=0.5。同时由静止释放A、B,此后A、B间的碰撞均为弹性碰撞，碰撞时间极短。己

知最大静摩擦力等于滑动摩擦力,重力加速度为g。

⑵求在第•次碰撞后到第二次碰撞前的过程中工、8之间的最大距离;

⑶从静止释放物块43开始到第〃次碰撞前的过程中，求物块8与斜面间因摩擦所产生的热量。

答案

1.A解析

当用户用电器增加时，负载电阻减小，副线圈输出电流增大,输电线上的电压损失变大用户得到的电压

变小，为使用户电压不变，应增加副线圈的匝数,提高输出电压，所以滑动片应向下滑动，故A正确;由于

原线圈两端的电压由发电机决定，所以当用户用电器减少,或他条件不变时，原线圈两端电压不变，故B

错误;图示位置线圈的磁通量最大，穿过线圈磁通量的变化率为零，感应电动势为零，故C错误;若发电机

线圈的转速减为原来的•半，根据〃=/可知，交变电流的频率将减为原来的•半,变压器不改变交变电

流的频率，所以用户获得的交变电流频率减为原来的一半，故D错误。

2.B解析

根据题意,由爱因斯坦光电效应方程有£kmax="W(),乂由片知反max=心阴)，结合图像口J知M)=£。,当

AA

A=加时,Ekmax二。,则有力==—，故A错误;当％=0时，代入Eknux-W(),解得Ekmax二瓦，故B正确;氢原子

cc2X

基态能量为E，则〃=3能级的氢原子能量为2,〃=2能级的氢原子能量为斗,由题可知从〃=3能级向基态

跃迁产生的光子能够引发该金属的光电效应，从〃=2能级向基态跃迁产生的光子不能引发该金属的光

电效应，则仁当卜氏4：石/故C、D错误。

3.D解析

由于该波沿x轴正向传播，由图甲可知片0时刻尸0处的质点正在沿)轴负方向振动，故A错误油图乙可

知1=0时刻x=0.3m处的质点正在沿)，轴正方向振动，故B错误;由于波长大于0.3

m且波沿x轴正方向传播，由图乙可知x=0.3m处的质点在图中的尸位置如图所示，则有Q+g)z=0.3

m,解得7=0.8m,故C错误,D正确。

4.B解析

空间站绕地球做匀速圆周运动根据万有引力提供向心力可知誓二:"肉，根据几何关系可知，空间站

与地心连线在单位时间内扫过的面积S=?，在地球表面受到的万有引力等于重力，有等二mg,联立解

得空间站绕地球的轨道半径片名,故选B。

gR

5.AC解析

由题意可知，物块在斜面上围绕平衡位置做简谐运动，设物块在斜面上平衡时,弹簧伸长量为M简谐运

动的振幅为A,由力的平衡知识结合胡克定律可得〃△/=mgsin

见故得△/二竽，根据题意知物块做简谐运动的振幅A=（/-：/）+△/=*誓,弹簧的最大伸长量为小

=A+"=」+当一故A正确,B借误;设弹簧最短时，即物块处于最高点时其加速度大小为4方向平行于

4k

斜面向下,对物块和斜面体组成的系统进行整体分析，水平方向由牛顿第二定律可得地面对斜面体的

静摩擦力后二〃q，而4x=ncosa,故得弹簧最短时地面对斜面体的静摩擦力F\=macos

久其方向水平向左,由简谐运动的对称性，同理可得弹簧最长时地面对斜面体的静摩擦力压中MCOS

%其方向水平向右，显然&i=F⑵故C正确,D错误。

6.ABD解析

由右手定则可知金属杆4。中电流方向为〃TQ,故A正确;设金属杆下降的速度为片，金属框向右的速度

为吸，电路中的电流/二町y'2，两者达到稳定运动状态时电流恒定，即叫COS

R总

%也为一定值，所以当金属杆和金属框的加速度满足0cos

夕=。2时，两者达到稳定抑根据牛顿第二定律,在运动过程中，对金属杆有〃?gsin0-BHcos

9=ma।，可得杆的加速度。产〃收sin"'//cos。,对金属框有4〃=2〃也2,金属框的加速度〃2==，解得/=与竽，故B

m2m34/

、D正确,C错误。

7.答案（1）B（2）①④（3）不正确，理由见解析

解析（I）采用“限流电路''测量约为10

。的电阻时，滑动变阻器作为限流元件，若阻值过小，调节滑动变阻器的滑动片时,电流变化不明显;若阻

值过大，不方便调节滑动变阻器的滑动片，当滑动变阻器的滑动片有微小变化，电路的电流就会有显著

变化;滑动变阻器的阻值与待测电阻相当，既能起到限流作用，又方便调节，故A、C错误,B正确,

⑵分析图戊可知,图线①的电压调节范围约为0〜2

V,为了使电压U调节范围尽量大些，则最应排除的是图线①;图线④出现了明显的弯曲，为使电压U随滑

动变阻器滑动片移动趋于均匀变化，则最应排除图线④。

⑶他的观点不正确;根据上述⑵分析可知，当治尸1

G时，电压调节范围最小，用“分区电路''测量电阻时，滑动变阻器的最大阻值R“并不是越小越好,因此当

滑动变阻器最大阻值过小时，电压调节范围会过小。

8.答案（1）2%⑵管

解析

⑴因C弹珠速度较大，故仇C两弹珠先相碰，设碰后C弹珠的速度为月用单珠的速度为12由动量守恒定律

有

3mvo=mv\+2〃?也

由能量守恒定律有

22

3vo）]2+：x2WV2

联立解得刃=-1的,也=2小

⑵由分析可知,〃、/,两弹珠将在轨道4点发生碰撞，如图所示

设碰后。弹珠的速度为心力弹珠的速度为此由动量守恒定律有

2mv2-mvQ=mv3+2mv4

由能量守恒定律有

2

；x2mv22+17yo2=J”为2+：x2/*

联立解得力=3%£4=0

即碰后b弹珠静止，而后速度大小为3%的。弹珠与速度大小为i，o的c弹珠迎撞，相撞点为圆轨道上6点，由

于4、C两弹珠质量相等，碰后速度交换，即恢复到初始状态，只是弹珠4、仄C的位置沿圆轨道顺时针转

过80。,这个过程中〃弹珠运动的时间为

2兀R8兀/?

3Vo9Vo

丝

4Z.

苦浮净0)

解析⑴设粒子从A点射入电场时的速度大小为卬,由动能定理得出三“引

可得所健=叵①

7mm

粒子在电场中从A点到加点做类斜抛运动，在竖直方向上有(wsin〃)2=2x此Z

ni

解得电场强度的大小石=誓=」

SqL4L

⑵根据逆向思维，粒子从4点到加点的逆运动为从M点到A点的类平抛运动

则X方向有Vx=V0COS8、

y方向有v\=wsin<9X=-vvr

解得粒子在电场中运动的时间-毕=纽率4=#七

3VQ3qU3

故4点坐标为(竽£,0)。

⑶带电粒子在磁场中做圆周运动的轨迹如图所示

设带电粒子在磁场中运动的轨道半径为R

D

根据几何关系有R+…7；=L

解得R3

根据牛顿第二定律有夕以8=〃/而wocos6

联立解得磁感应强度的大小B二舞=警正

2qL2qL

10.答案⑴O2&Z(2)L

(3}0.6(6772-6/?+1)nigL

解析(1)对A由牛顿第二定律有

加gsin夕=，〃。[,解得〃i=0.6g

对8由牛顿第二定律有

3〃?gsin0-43〃?gcos0=3〃也岂解得〃2=0.2g

故A、8第一次碰撞前,A加速8也加速

设A、8开始运动到人8第一次碰撞所用时间为小则有乙=9山2_、”]2

解得/尸

则碰撞前瞬间A、8的速度分别为wi=0h=MgL,vgi=6/2/I=

A和8发生弹性碰撞，根据动量守恒定律和机械能守恒定律得

rnvA\+3"八勿1="八3।'+3〃"力1'

1

ynvA\/+]3〃八为1=5〃八'*~+；・3〃”81

联立解得知'=0』例'=

⑵第•次碰撞后到第二次碰撞前4、8共速时相距最远，设运动时间为机则有

v=VR\f+«2/o=V4i'+aMo,dm=；（〃81'+丫），0-；（以I'+y）f。

联立解